贵州省安顺市普通高中2022-2023学年高三物理第一学期期中学业水平测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一物体在AB两点的正中间由静止开始运动(设不会超越AB)，其加速度随时间变化如图所示，设向A的加速度方向为正方向，若从出发开始计时，则物体的运动情况是( )A先向

2、A，后向B，再向A，又向B，4秒末在偏近A的某点且速度为零B先向A，后向B，再向A，又向B，4秒末在偏近B的某点且速度为零C先向A，后向B，再向A，又向B，4秒末在原位置速度为零D一直向A运动，4秒末在偏近A的某点且速度为零2、卡文迪许比较准确地测定了引力常量的数值.在国际单位制中,引力常量的单位是（ ）ABCD3、已知某物体做直线运动，下列说法正确的是A物体速度为零，加速度一定为零B物体加速度增大，速度一定增大C物体速度变化越快，加速度一定越大D物体受到的合力越大，速度一定越大4、如图所示，置于竖直面内的光滑金属圆环半径为r，质量为m的带孔小球穿于环上，同时有一长为r的细绳一端系于圆环最高点

3、，另一端系小球，当圆环以角速度绕竖直直径转动时，下列说法正确的是A细绳对小球的拉力可能小于小球重力B圆环对小球的作用力可能大于小球重力C圆环对小球的作用力一定小于重力D细绳和圆环对小球的作用力大小可能相等5、蹦极是一项刺激的户外休闲活动，足以使蹦极者在空中体验几秒钟的“自由落体”。如图所示，蹦极者站在高塔顶端，将一端固定的弹性长绳绑在踝关节处。然后双臂伸开，双腿并拢，头朝下跳离高塔。设弹性绳的原长为L，蹦极者下落第一个所用的时间为t1，下落第五个所用的时间为t2。把蹦极者视为质点，认为蹦极者离开塔顶时的速度为零，不计空气阻力，则满足（）ABCD6、将演员从高处跳下的视频倒序播放，可突现演员轻松

4、跳上高处的特效，在观众看来，演员上升过程中在低处的高度变化（）A比高处快，加速度向下B比高处慢，加速度向下C比高处快，加速度向上D比高处慢，加速度向上二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在距地面高度为s的A点，以初速度为v0水平抛出小球，其水平射程为s，B点为落地点.在竖直平面内将光滑杆按该小球的平抛运动轨迹弯制，如图所示.现将一小环套在杆上，从杆的A端由静止开始释放，当小环下滑到杆的B端时（ ）A小环的速度大小为2v0B小环沿杆从A端运动到B端的时间为sv0C小环的

5、速度水平分量大小为255v0D小环的速度方向与水平方向成45角8、交警正在调查发生在无信号灯的十字路口的一起汽车相撞事故。根据两位司机的描述得知，发生撞车时汽车A正沿东西大道向正东行驶，汽车B正沿南北大道向正北行驶。相撞后两车立即熄火并在极短的时间内叉接在一起后并排沿直线在水平路面上滑动，最终一起停在路口东北角的路灯柱旁，交警根据事故现场情况画出了如图所示的事故报告图。通过观察地面上留下的碰撞痕迹，交警判定撞车的地点为该事故报告图中P点，并测量出相关的数据标注在图中，又判断出两辆车的质量大致相同。为简化问题，将两车均视为质点，且它们组成的系统在碰撞的过程中动量守恒，根据图中测量数据可知下列说法

6、中正确的是A发生碰撞时汽车A的速率较大B发生碰撞时汽车B的速率较大C发生碰撞时速率较大的汽车和速率较小的汽车的速率之比约为12：5D发生碰撞时速率较大的汽车和速率较小的汽车的速率之比约为：9、如图所示，倾角为370的足够长的传送带以恒定速度运行，将一质量m=1 kg的小物体以某一初速度放上传送带，物体相对地面的速度大小随时间变化的关系如图所示，取沿传送带向上为正方向，g= 10 m/s2，sin37=0.6，cos37=0.1则下列说法正确的是 A传送带逆时针转动，速度大小为4 m/sB物体与传送带间的动摩擦因数为0. 75C01 s内物体位移的大小为14 mD01 s内物体与传送带之间因摩擦

7、而产生的热量为126 J10、如图所示，倾角为30的光滑斜面底端固定一轻弹簧，点为原长位置。质量为的滑块从斜面上点由静止释放，物块下滑并压缩弹簧到最短的过程中，最大动能为。现将物块由点上方处的点由静止释放，弹簧被压缩过程中始终在弹性限度内，取，则下列说法正确的是A从点释放，滑块被弹簧弹回经过点的动能等于B点到点的距离小于C从点释放后，滑块运动的最大动能为D从点释放，弹簧最大弹性势能比从点释放增加了三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某学生为了测量一个物体的质量，找到一个力电转换器，该转换器的输出电压正比于受压面的压力(比例系数为k

8、)，如图所示，测量时先调节输入端的电压，使转换器空载时的输出电压为0；而后在其受压面上放一物体，即可测得与物体的质量成正比的输出电压U.请完成对该物体质量的测量：(1)设计一个电路，要求力电转换器的输入电压可调，并且使调节范围尽可能大，在虚线框中画出完整的测量电路图(2)简要说明测量步骤，求出比例系数k，并测出待测物体的质量m.12（12分）图甲为验证牛顿第二定律的实验装置示意图。图中打点计时器的电源为50 Hz的交流电源，打点的时间间隔用t表示。在小车质量未知的情况下，某同学设计了一种方法用来探究“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量间的关系”。 (1)完成下列实验步骤中的填空：平衡小车

9、所受的阻力：小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列_的点。按住小车，在小吊盘中放入适当质量的物块，在小车中放入砝码。打开打点计时器电源，释放小车，获得带有点列的纸带，在纸带上标出小车中砝码的质量m。按住小车，改变小车中砝码的质量，重复步骤。在每条纸带上清晰的部分，每5个间隔标注一个计数点。测量相邻计数点的间距s1、s2、。求出与不同m相对应的加速度a。以砝码的质量m为横坐标，为纵坐标，在坐标纸上作出m关系图线。若加速度与小车和砝码的总质量成反比，则与m应成_关系(填“线性”或“非线性”)。(2)完成下列填空：本实验中，为了保证在改变小车中砝码的质量时，小车

10、所受的拉力近似不变，小吊盘和盘中物块的质量之和应满足的条件是_。图乙为用米尺测量某一纸带上的s1、s3的情况由此求得加速度的大小a_ m/s2 (保留三位有效数字)。图丙为所得实验图线的示意图。设图中直线的斜率为k，在纵轴上的截距为b，若牛顿定律成立，则小车受到的拉力为_，小车的质量为_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，直角梯形块a固定在水平地面上，其上表面AB与地面形成倾角=37的斜面;b为紧靠a的质量为2kg足够长的木板，上表面BC与AB平滑对接t=0时，质量为1kg，可视为质点的滑块c从

11、A点由静止升始下滑，图内c在0 6s内的速率随时间t变化的图像已知c与AB，c与BC的动摩擦因数相同，且为b与地面间的动摩擦因数的5倍认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，sin37=0.6，求:（1）c与BC间动摩擦因数（2）b在地面上滑动距离14（16分）如图所示，水平面光滑，在虚线的右侧存在场强大小为E，方向向左的匀强电场一个不带电的小球A恰好静止在虚线与水平面的交点处电场中，在与A球相距l远处由静止释放一带电量为+q的小球B，经一段时间后A、B发生了弹性正碰已知A小球的质量为mA，B小球的质量为mB，有mA =2mB若A、B均为金属小球，形状大小均相同，且可视为质点，不考

12、虑电场边缘效应，求：(1)碰撞前瞬间B小球的速度；(2)碰撞后B小球在电场中向右运动的最远距离（已知两小球碰后电量均分，且不考虑小球间的库仑力作用）15（12分）如图所示,长为l=2.5m的光滑斜面AB,其倾角为=300,水平地面粗糙,动摩擦系数=0.5,质量为m=2kg的物块从斜面顶端A点静上滑下,它在B点无能量损失, g取10 m/s2.求:（1）物块到底端B点的速度v；（2）物块在水平地面上运动的距离；（3）物块在水平地面上运动的时间；（4）摩擦力在水平地面上的功率.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解

13、析】根据物体加速度方向和运动方向的关系，可知在01s内，物体向A做匀加速直线运动，在12s内，物体做匀减速直线运动，2s末速度为零，方向未改变，以后又重复之前的运动知物体一直向A运动，4s末在偏近A某点速度为零故D正确，A.B.C错误故选D2、D【解析】在万有引力定律F=公式中，质量m的单位为kg，距离r的单位为m，引力F的单位为N，由公式推导得出，G的单位为Nm2/kg2.故ABC错误，D正确故选D.3、C【解析】A、物体的速度为零时，加速度不一定为零，如自由落体开始下落的位置，故A错误;B、加速度增大时速度不一定增大，如加速度和速度方向相反时速度减小，故B错误；C、加速度是描述速度变化快慢

14、的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确；D、根据牛顿第二定律可知，当物体受到的合力越大，则加速度越大，但是如果加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，速度变小，故选项D错误。【点睛】本题考查加速度和速度的关系，要注意明确加速度只与速度的变化快慢有关，与速度大小、速度变化的大小无关，同时知道加速度和速度同向时物体加速，加速度和速度反向时物体减速。4、C【解析】绳长等于圆半径，可知绳与竖直方向夹角为=60，以小球为研究对象，可能受到重力、支持力和绳子拉力作用，将拉力F和支持力N进行正交分解，如图所示：根据平衡条件，竖直方向有：Fcos+Ncos=mg水平方向有：Fsin-Nsin=mR2其

15、中R=rsin联立解得：F=mg+mr2N=mg-mr2AB. ，细绳对小球拉力一定大于小球的重力，故AB错误；C.已知：N=mg-mr2则圆环对小球的作用力一定小于重力，故C正确；D.根据以上分析可知细绳和圆环对小球的作用力大小一定不相等，故D错误。5、D【解析】蹦极者下落高度L的过程，可视为做自由落体运动，对于初速度为零的匀加速直线运动，通过连续相等位移的时间之比为可知即故D正确ABC错误。故选D。6、A【解析】演员从高处跳下，向下做加速运动，加速度向下，速度越来越大，观众看到演员上升过程中，其运动过程为从高处跳下的逆过程，在低处比高处快，加速度向下，故A正确，B、C、D错误；故选A。二、

16、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】解：据题意,小球受到重力G和支持力N,所以小球由静止从光滑杆上滑下的运动不是平抛运动,则小球在水平方向的分速度也是变化的,所以小球的运动时间不等于t=s/v0,所以B选项错误;由平抛运动可知vy2t=s=v0t ，所以vy=2v0设速度与水平方向夹角为 则tan=vyv0=21 ，不为45o，D错误由机械能守恒的沿着轨道下滑到末端的速度v=2v0 A正确水平分速度vx=vcos=255v0 故C正确8、BC【解析】试题分析：

17、设两辆车质量均为m，相撞之前速度分别为vA、vB，相撞后向北的速度为v1，向东的速度为v1，则南北方向上动量守恒，mvB=1mv1；东西方向上动量守恒mvA=1mv1。由图可知：v1：v1=6：15=11：5，得：vB：vA=11：5，可知B、C正确。故选BC。考点：动量、动量守恒定律及其应用。9、CD【解析】从图中可知小物体先反向做减速运动后做加速运动，故可知传送带速度方向沿斜面向上，最终物块和传送带的速度相同，故传送带速度大小为4m/s，A错误；根据v-t图象的斜率表示加速度，可得，物体相对传送带滑动时的加速度大小为，由牛顿第二定律得，解得，故B错误；01s内物体位移为，故C正确；0-1s

18、内只有前6s内物体与传送带发生相对滑动0-6s内传送带运动距离为，0-6s内物体位移为，产生的热量为，故D正确10、ABC【解析】A. 从点释放，斜面光滑，根据机械能守恒知块被弹簧弹回经过点动能为：故A正确；B.物块从点时开始压缩弹簧，弹力逐渐增大，开始阶段弹簧的弹力小于滑块的重力沿斜面向下的分力，物块做加速运动，后来，弹簧的弹力大于滑块的重力沿斜面向下的分力，物块做减速运动，所以物块先做加速运动后做减速运动，弹簧的弹力等于滑块的重力沿斜面向下的分力时物块的速度最大；从点到点，根据动能定理则有： 解得点到点的距离：故B正确；C.设物块动能最大时弹簧的弹性势能为，从释放到动能最大的过程，由系统的

19、机械能守恒得：从释放到动能最大的过程，由系统的机械能守恒得：联立可得：据题有：所以得从点释放滑块最大动能为：故C正确；D根据物块和弹簧的系统机械能守恒知，弹簧最大弹性势能等于物块减少的重力势能，由于从点释放弹簧的压缩量增大，所以从点释放弹簧最大弹性势能比从点释放增加为：故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1) (2) ；【解析】力电转换器虽然是一个全新的仪器，但它与其他所有的测量仪器一样，要有一个“调零”的过程仔细审题，题目中有很多重要的暗示，挖掘这些信息即是我们解决问题的关键“测量时先调节输入端的电压，使转换器空载时的输

20、出电压为0；而后在其受压面上放一物体，即可测得与物体的质量成正比的输出电压U”“该转换器的输出电压正比于受压面的压力(比例系数为k)”，所以输出电压Ukmg，题目要求“力电转换器的输入电压可调，并且使电压的调节范围尽可能大”，这就暗示我们滑动变阻器必须使用分压式，有了设计电路才可以进行测量步骤；(1)设计电路如图所示(2)测量步骤如下：调节滑动变阻器，使转换器的输出电压为零；将质量为m0的砝码放在转换器的受压面上，记下输出电压U0；将待测物体放在转换器的受压面上，记下输出电压U1；因为U0km0g、U1kmg，所以可求12、等间距 线性 远小于小车和砝码的总质量 1.16(1.131.19之间

21、均正确) 【解析】(1)1在平衡摩擦力时，应小吊盘中不放物块，调整木板右端的高度，用手轻拨小车，直到打点计时器打出一系列等间距的点，则此时说明小车做匀速运动；2由牛顿第二定律：F=ma可知：在F一定时，与m成正比，与m成线性关系.(2)3探究牛顿第二定律实验时，当小吊盘和盘中物块的质量之和远小于小车和车中砝码的总质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于小吊盘和盘中物块受到的重力，认为小车受到的拉力不变4两个相邻计数点之间还有4个点，打点计时器的打点时间间隔为0.02s，计数点间的时间间隔：t=0.1s,由匀变速直线运动的推论：x=at2可知加速度：56设小车质量为M，小车受到外力为F，由牛顿第二

22、定律有：所以则图象的斜率为，故纵截距为则四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.25（2）8m【解析】（1）物块在AB上做加速运动，则mgsin370-1mgcos370=ma1由乙图可知： 解得1=0.25（2）设b与地面之间的动摩擦因数为2，则2=0.05设c在BC上滑动时，c与b加速度的大小分别为a2和a3，1mg=ma2 ；1mg-2(m+M)g=Ma3解得a2=2.5m/s2；a3=0.5m/s2设从3.0s开始，经过时间t1，c和b的速度相等为v，则：v=v0-a2t1；v=a3t1解得：t1=4s，v=2m/s时间t1内木板的位移：x1= a3t12解得x1=4m以后cb一起减速，不再发生相对滑动，设加速度的大小为a4，则2(m+M)g =(m+M)a4 解得a4=0.