2023届江苏省苏北四市高三物理第一学期期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，真空中M、N处放置两等量异种电荷，a、b、c为电场中的三点，实线PQ为M、

2、N连线的中垂线，a、b两点关于MN对称，a、c两点关于PQ对称已知一带正电的试探电荷从a点移动到c点时，试探电荷的电势能增加，则以下判断正确的是 ( )Aa点的电势高于c点的电势Ba点的场强与c点的场强完全相同CM点处放置的是正电荷D若将带正电的试探电荷沿直线由a点移动到b点，则电场力先做正功，后做负功2、甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶在t=0到t=t1的时间内，它们的v-t图象如图所示在这段时间内A汽车甲的平均速度比乙大B汽车乙的平均速度等于C甲乙两汽车的位移相同D汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大3、为估算池中睡莲叶面承受出滴撞击产生的平均压强，小明在雨天将一圆柱形水

3、杯置于露台，测得1小时内杯中水上升了45mm查询得知，当时雨滴竖直下落速度约为12m/s据此估算该压强约为（设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1103kg/m3）（ ）A0.15PaB0.54PaC1.5PaD5.4Pa4、如图所示，小球A、B通过一条细绳跨过定滑轮连接，它们都套在一根竖直杆上当两球平衡时，连接A、B两球的细绳与水平方向的夹角分别为和2.假设装置中的各处摩擦均不计，则A、B球的质量之比为A1：2cosB2cos：1Ctan：1D1：2sin5、如图所示，在光滑的水平面上放着紧靠在一起的A、B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力FB=2N，A受到的水平力F

4、A=（7-2t）N（t的单位是s）从t=0开始计时，则（）A物体在2s末时刻的加速度是初始时刻的倍BB物体一直匀加速直线运动Ct=3.5s时，A物体的速度为零Dt=3.5s时，A开始沿与B速度相反的方向运动6、如图所示,将一个半圆形轨道固定在竖直面内,一滑块从左侧轨道的最高点沿轨道的切线进入轨道,之后沿轨道滑到最低点的过程中其速率不变,则（ ）A滑块下滑过程中机械能守恒B滑块下滑过程中所受合外力大小不变C滑块下滑过程中重力的功率不变D滑块沿右侧轨道上升过程中速率也不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对

5、但不全的得3分，有选错的得0分。7、一辆轿车在平直公路上运行，启动阶段轿车牵引力保持不变，而后以额定功率继续行驶，经过时间t0，其速度由零增大到最大值vm若轿车所受的阻力f为恒力，关于轿车的速度v、牵引力F、功率P随时间t变化的情况，下列选项正确的是()ABCD8、如图所示，质量为 M 的斜劈形物体放在水平地面上，质量为 m 的物块以某一初速度沿斜面向上滑，速度为零后又加速返回，而物体 M 始终保持静止，已知 m 与 M 之间动摩擦因数0 ，则在物块 m 上、下滑动的整个过程中 A地面对物体 M 的摩擦力始终向左B地面对物体 M 的摩擦力先向右，后向左C地面对物体 M 的支持力总等于（Mm）g

6、D地面对物体 M 的支持力总小于（Mm）g9、如图所示，在匀速转动的电动机带动下，足够长的水平传送带以恒定速率v1匀速向右运动，一质量为m的滑块从传送带右端以水平向左的速率v2（v2v1）滑上传送带，最终滑块又返回至传送带的右端，就上述过程，下列判断正确的有（）A合力对物块的冲量大小可能为2mv2B此过程中传送带对滑块做功为（mv22-mv12）C此过程中滑块与传送带间摩擦产生的热量为m（v1+v2）2D此过程中电动机多做功为mv1（v1+v2）10、在修筑铁路时，弯道处的外轨会略高于内轨如图所示，当火车以规定的行驶速度转弯时，内、外轨均不会受到轮缘的挤压，设此时的速度大小为v，重力加速度为g

7、，两轨所在面的倾角为，则（ ）A该弯道的半径B当火车质量改变时，规定的行驶速度大小不变C当火车速率大于v时，内轨将受到轮缘的挤压D当火车速率大于v时，外轨将受到轮缘的挤压三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律，其中打点计时器的电源为交流电源，可以使用的频率有220Hz、30Hz和40Hz，打出纸带的一部分如图（b）所示。该同学在实验中没有记录交流电的频率f，需要用实验数据和其他条件进行推算。（1）若从打出的纸带可判定重物匀加速下落，利用f和图（b）中给出的物理量可以写出：在打点计时器打

8、出B点时，重物下落的速度大小为_，重物下落的加速度的大小为_。（2）已测得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；当重力加速度大小为9.80m/s2，实验中重物受到的平均阻力大小约为其重力的1。由此推算出f为_Hz。12（12分）长木板水平放置，其右端固定一轻滑轮.轻绳跨过滑轮，一端与小车连接，车内放上5 个相同的钩码，另一端可悬挂钩码小车的右端固定有宽度为d 的遮光片利用如图的装置，实验小组探究质量一定时加速度与力的关系他们进行了如下操作，完成步骤中的填空:(1)从小车内取1 个钩码挂在轻绳的右端，将小车从A 处由静止释放，测出A、B 间的距离为x、遮光片通过光电门的时

9、间为t1，则遮光片通过光电门的瞬时速度v1=_; 小车的加速度a1=_(用已知和测得的物理量符号表示) (2)再从小车内取1 个钩码挂在右端钩码的下方(共2 个)，仍将小车从A 处由静止释放，测出遮光片通过光电门的时间为t2，用m 表示一个钩码的质量，用M 表示小车的质量(不含钩码)，为达到实验目的，本次操作需要验证的关系式为_(重力加速度为g，用已知和测得的物理量符号表示) (3)依次取3、4、5 个钩码挂在轻绳右端，重复以上操作，得到一系列遮光片通过光电门的时间t用F 表示右端所挂钩码的总重量，如果实验操作无误，作出的下列图象中正确的是_ (4)下列措施中，能够减小实验误差的是_ A、保证

10、轻绳下端所挂钩码的总质量远小于小车与车内钩码的总质量 B、实验前应平衡摩擦力 C、细线在桌面上的部分应与长木板平行 D、图中AB 之间的距离应尽量小些四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，倾角为30的光滑斜面的下端有一水平传送带传送带正以v0=4m/s的速度运动，运动方向如图所示一个质量为2kg的物体（物体可以视为质点），从h=3.2m高处由静止沿斜面下滑，物体经过A点时，无论是从斜面到传送带还是从传送带到斜面，都不计其速率变化物体与传送带间的动摩擦因数为0.4，传送带左右两端A、B间的距离LAB=

11、10m，重力加速度g=10m/s2，则：（1）物体在传送带上向左最多能滑到距A的距离（2）物体第一次从A点滑入到再一次回到A点的时间（3）物体第一次从A点滑入到再一次回到A点的在传送带上滑动而留下划痕的长度14（16分）如图所示, 一根长为L的细绳,一端固定在O点,另一端系着一个小球,当球处在最低点时,此时给球一个水平初速度V0=2，绳子一直未断，试求该球相对于最低点所能达到的最大高度。15（12分）如图所示，半径的光滑圆弧轨道BCD与足够长的传送带DE在D处平滑连接，O为圆弧轨道BCD的圆心，C点为圆弧轨道的最低点，半径OB、OD与OC的夹角分别为和，传送带以的速度沿顺时针方向匀速转动，将一

12、个质量的煤块视为质点从B点左侧高为处的A点水平抛出，恰从B点沿切线方向进入圆弧轨道已知煤块与轨道DE间的动摩擦因数，重力加速度g取，求：煤块水平抛出时的初速度大小；煤块第一次到达圆弧轨道BCD上的D点的速度大小；煤块在传送带上向上滑行的最大位移？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】因正电荷由a到c电势能增加，则电场力做负功，则电势升高故c点电势高于a点电势则M点为负电荷，故AC错误a点与c点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故B正确；将该试探电荷沿直线由a点移动到b点，根据等势线分布图可

13、知，电势先降低后升高，则电势能先减小后增大，电场力先做正功、后做负功故D正确；故选BD【点睛】在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握2、A【解析】试题分析：因为图线与坐标轴所夹的面积是物体的位移，故在0-t1时间内，甲车的位移大于乙车，故根据可知，甲车的平均速度大于乙车，选项A 正确，C错误；因为乙车做变减速运动故平均速度不等于，选项B错误；因为图线的切线的斜率等于物体的加速度，故甲乙两车的加速度均逐渐减小，选项D 错误考点：v-t图象及其物理意义3、A【解析】由于是估算压强，所以不计雨滴的重力设雨滴受到支持面的

14、平均作用力为F。设在t时间内有质量为m的雨水的速度由v=12m/s减为零以向上为正方向，对这部分雨水应用动量定理Ft=0（mv）=mv得到设水杯横截面积为S，对水杯里的雨水，在t时间内水面上升h，则有m=ShF=Sv压强故A正确，BCD错误。4、A【解析】设绳子的拉力为T，则对小球A：Tsin=mAg；对B：Tsin2=mBg；联立解得mA：mB=1：2cos，故选A.5、A【解析】设A的质量为m， B的质量为2m，在两物体没有分离时，把AB看成一个整体，根据牛顿第二定律得：，代入数据解得：隔离B，设A对B的作用力大小为N，则有：N+FB=2ma联立解得：AB由上得，在开始的一段时间内AB两物

15、体做加速度减小的加速度运动。当t=3s时，N=0，此后A、B分离，B物体做匀加速直线运动。当t=0时，加速度：t=2s时，则物体在2s末时刻的加速度是初始时刻的倍。故A正确，B错误。CDt=3.5s时，A的加速度为：说明t=3.5s之前A在做加速运动，此时A的速度不为零，而且速度方向与B相同。故CD错误。6、B【解析】滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，则动能不变，重力势能减小，机械能减小，选项A错误；滑块下滑的过程中做匀速圆周运动，合外力提供向心力，可知合力的大小不变，方向时刻改变，故B正确重力不变，匀速运动的速度大小不变，速度在竖直方向上的分速度逐渐减小，则重力的功率减小，故C错误在右侧轨道,

16、滑块所受合力沿切线方向的分力与瞬时速度相反,故滑块做减速运动，选项D错误；故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】由于汽车受到的牵引力不变，加速度不变，所以汽车在开始的阶段做匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值，所以BCD正确，【点睛】对于汽车的两种启动方式，恒定加速度启动和恒定功率启动本题属于恒定加速度启动方式，由于牵引力不变，根据p=Fv可知随

17、着汽车速度的增加，汽车的实际功率在增加，此过程汽车做 匀加速运动，当实际功率达到额定功率时，功率不能增加了，要想增加速度，就必须减小牵引力，当牵引力减小到等于阻力时，加速度等于零，速度达到最大值8、AD【解析】物体先减速上滑，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对整体受力分析，受到总重力、支持力和向左的静摩擦力，根据牛顿第二定律， 在x轴上受力分析在y轴上受力分析所以地面对物体M的摩擦力始终向左，地面对物体M的支持力总小于A地面对物体 M 的摩擦力始终向左与分析相符，故A正确；B地面对物体 M 的摩擦力先向右，后向左与分析不符，故B错误；C地面对物体 M 的支持力总等于与分析不符，故C错误；D地

18、面对物体 M 的支持力总小于与分析相符，故D正确。9、CD【解析】A由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，由于v1v2，物体会先在滑动摩擦力的作用下加速，当速度增大到等于传送带速度时，物体还在传送带上，之后不受摩擦力，故物体与传送带一起向右匀速运动，由动量定理可知，合力对物块的冲量大小为故A错误；B此过程中只有传送带对滑块做功根据动能定理W=EK得 故B错误；C设滑块向左运动的时间t1，位移为x1，则 摩擦力对滑块做功 又摩擦力做功等于滑块动能的减小，即 该过程中传送带的位移x2=v1t1摩擦力对传送带做功 联立得W2=mv1v2设滑块向右

19、运动的时间t2，位移为x3，则 摩擦力对滑块做功 该过程中传送带的位移x4=v1t2=2x3滑块相对传送带的总位移x相=x1+x2+x4-x3=x1+x2+x3滑动摩擦力对系统做功 滑块与传送带间摩擦产生的热量大小等于通过滑动摩擦力对系统做功 故C正确；D全过程中，电动机对皮带做的功与滑块动能的减小量等于滑块与传送带间摩擦产生的热量，即 整理得 故D正确。故选CD。10、ABD【解析】火车拐弯时不侧向挤压车轮轮缘，靠重力和支持力的合力提供向心力，设转弯处斜面的倾角为，根据牛顿第二定律得：，解得：，故A正确；根据牛顿第二定律得：，解得：，可知火车规定的行驶速度与质量无关，故B正确；当火车速率大于

20、v时，重力和支持力的合力不能够提供向心力，此时外轨对火车有侧压力，轮缘挤压外轨，故C错误，D正确所以ABD正确，C错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 40 【解析】(1)12 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度可得：由速度公式vC=vB+aT可得：a=(2)3 由牛顿第二定律可得：mg-0.01mg=ma所以a=0.99g结合(1)解出的加速度表达式，代入数据可得f=40HZ12、 ； ； ； D； BC； 【解析】（1）遮光片通过光电门的瞬时速度v1=; 根据v12=2ax可得小车的加速度（2）对砝码和小车的整体，合

21、外力为F=2mg，加速度为；则需要验证的是F=M整体a2，即；（3） 设下面挂的钩码重力为F，则由（2）的分析可知：，即F-为过原点的直线，可知选项D正确； （4）因此实验中研究对象是小车的钩码的整体，则不需要保证轻绳下端所挂钩码的总质量远小于小车与车内钩码的总质量，选项A错误；实验前应平衡摩擦力，从而保证整体受的合外力等于F，选项B正确；细线在桌面上的部分应与长木板平行，以减小实验的误差，选项C正确；图中AB 之间的距离应尽量大些，这样小车到达光电门处的速度较大些，可减小测量的误差，选项D错误；故选BC.【点睛】本题考查验证牛顿第二定律的实验，要求能明确实验原理，认真分析实验步骤，从而明确实验方法；同时注意掌握图象处理数据的方法，能根据函数关系判断图象，明确对应规律的正确应用四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）8m（2）4.5s（3）18m【解析】(1)对物体在斜面上运动，有mgsin=ma代入数据解得：a=5m/s2根据位移时间公式：代入数据解得：t1=1.6s物体滑至斜面底端时的速度：v=at1=8m/s物体在传送带上加速度为：a1=4m/s2物体在传送带上速度为零时离A最远，此时有：(2) 因为物块速度减为零后，返回做匀加