2022-2023学年山东省泰安市长城中学高三物理第一学期期中质量跟踪监视模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距离膜几十微

2、米处有一金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一个电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因可能是电容器两板间的A介质变化B正对面积变化C距离变化D电压变化2、一质点静止在光滑水平面上，现对其施加水平外力F， F随时间t按正弦规律变化，如图所示，下列说法正确的是A第2s末，质点的动量为0B第2s末，质点距离出发点最远C在02s内，F的功率一直增大D在04s内，F的冲量为03、如图所示，一个质量为m的木块靠在竖直粗糙墙壁上，且受到水平力F的作用，下列说法正确的是（ ）A若木块静止，当F增大时，木块受到的

3、静摩擦力随之增大B若木块静止，则木块受到的静摩擦力大小等于mg，方向竖直向上C当木块与墙壁间的滑动摩擦力因素为，则当撤去F时，木块受到的滑动摩擦力大小等于D若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受三个外力作用4、如图所示，物体叠放在物体上，置于光滑水平面上、质量分别为和，、之间的动摩擦因数为在物体上施加水平向右的拉力，开始时，此后逐渐增大，在增大到的过程中，取最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下判断正确的是（）A两物体间始终没有相对运动B两物体间从受力开始就有相对运动C当拉力时，两物体均保持静止状态D两物体开始没有相对运动，当时，开始相对滑动5、两个质量均为的小球，用两条轻绳连接，处于平衡状态，如图所示

4、。现突然剪断轻绳，让小球下落，在剪断轻绳的瞬间，设小球的加速度分别用和表示，则（）ABCD6、如图（a）所示，光滑绝缘水平面上有甲、乙两个点电荷t=0时，甲静止，乙以初速度6m/s向甲运动此后，它们仅在静电力的作用下沿同一直线运动（整个运动过程中没有接触），它们运动的v-t图像分别如图（b）中甲、乙两曲线所示则由图线可知 ( )A两电荷的电性一定相反Bt1时刻两电荷的电势能最大C0t3时间内，两电荷的动量变化相同D0t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能一直减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全

5、的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是_A悬浮在液体中的微粒越大，某一瞬间撞击它的液体分子数越多，布朗运动越明显B液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力C分子平均速率大的物体的温度一定比分子平均速率小的物体的温度高D自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性E.外界对气体做功，气体的内能可能减小8、如图所示，在一个直角三角形区域ABC内，存在方向垂直于纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，AC边长为3l，C=90，A=53一质量为m、电荷量为+q的粒子从AB边上距A点为l的D点垂直于磁场边界AB射入匀强磁场，要使粒子从BC边射出磁场区域（sin53=0.

6、8，cos53=0.6），则（）A粒子速率应大于B粒子速率应小于C粒子速率应小于D粒子在磁场中最短的运动时间为9、如图甲所示，质量不计的弹簧竖直 固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图象如图乙所示，则 At1时刻小球动能最大Bt2时刻小球动能为0Ct2t3这段时间内，小球的动能先减小后增加Dt2t3这段时间内，小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能10、如图所示，在水平地面上O点正上方的A、B

7、两点同时水平抛出两个相同小球，它们最后都落到地面上的C点，则两球A不可能同时落地B落在C点的速度方向可能相同C落在C点的速度大小可能相同D落在C点的重力的瞬时功能不可能相同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，所用小灯泡规格为“2.5 V0.3 A”(1)实验电路如图15甲所示，请读出某次实验中电压表和电流表的示数分别为_V、_A(2)实验结束之后，他描绘了如图乙的伏安特性曲线，老师一看就判定是错误的，老师判定的依据是_12（12分）在做“验证动量守恒定律”实验中，装置如图1.(1)需要

8、的测量仪器或工具有_.A秒表 B天平 C刻度尺 D重锤线 E.打点计时器 F.圆规(2)必须要求的条件是_. A两小球碰撞时，球心必须在同一高度上B斜槽轨道末端的切线必须水平C入射球和被碰球的质量必须相等，且大小相同D入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下(3)某次实验中得出的落点情况如下图2所示，假设碰撞过程中动量守恒，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比为_.(4)在做“验证动量守恒定律”实验中，对产生误差的主要原因表述正确的是_.A碰撞前入射小球的速度方向，碰撞后两小球的速度方向不是在同一直线上B倾斜部分轨道对入射小球的摩擦力作用C没有测量高度，算出具体的平抛时间D测量长度的误差四

9、、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）两个相同的小球A和B，质量均为m，用长度相同的两根细线把A、B两球悬挂在水平天花板上的同一点O，并用长度相同的细线连接A、B两小球，然后，用一水平方向的力F作用在小球A上，此时三根细线均处于直线状态，且OB细线恰好处于竖直方向，如图所示如果不考虑小球的大小，两小球均处于静止状态，则：(1)OB绳对小球的拉力为多大？(2)OA绳对小球的拉力为多大？(3)作用力F为多大？14（16分）如图所示，一质量为mC=2kg、长度为L=1.8m的平板车C静止在光滑水平地面上，平板车上表面

10、水平且粗糙，在其最左端静止放置一质量为mB=3kg的弹性小物块B。竖直固定、半径R=1.8m的光滑圆弧轨道，其最低点与平板车C的左端等高相切，紧靠在一起。现有一质量为mA=1kg的弹性小物块A，从圆弧轨道的最高点由静止滑下，滑到轨道底端时与小物块B发生弹性碰撞，当B运动到平板车C的最右端时，B、C恰好相对静止。小物块A、B可视为质点，重力加速度g=10ms2。求（1）A、B碰后瞬间的速度大小；（2）A碰后沿圆弧轨道返回，再次下滑到圆弧轨道最底端时对轨道的压力；（3）B与C之间的动摩擦因数。15（12分）在地面上方足够高的地方，存在一个“相互作用区域 (下图中画有虚线的部分)一个小圆环A套在一根

11、均匀直杆B 上，A和B的质量均为m=1kg，若它们之间发生相对滑动时，会产生f=0.5mg的摩擦力，开始时A处于B的最下端，B竖直放置，A和“相互作用区域”的高度差h=0.8m，让A和B一起从静止开始下落，只要A处于“相互作用区域”就会受到F=2.5mg，方向竖直向上的恒力作用，而“相互作用区域”对处于其中的杆B在下落过程中始终保持竖直，且杆的长度能够保证圆环A与杆不会分离，当小圆环A穿出“相互作用区域时速度恰好为0，不计空气阻力， 取g=10m/s2，求:(1)小圆环刚进入“相互作用区域”时的速度；(2)相互作用区域”的高度d；(3)小圆环A穿过“相互作用区域”的过程中，AB组成的系统损失的

12、机械能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，根据电容的决定因素分析导致电容变化的原因【详解】金属层和金属板之间电介质是空气，没有变化，不会导致电容变化，故A错误；振动膜前后振动，金属层和金属板正对面积没有变化，不会导致电容变化，故B错误；振动膜前后振动，金属层和金属板之间的距离发生变化，导致电容变化，故C正确；电容与电压无关，电压的变化不会导致电容变化，故D错误所以C正确，ABD错误2、D【解析】由题意可知考查动量、功率、冲量的大小判断和计算，根据功率定

13、义式、动量定理分析计算可得。【详解】A0-1s质点先做加速度逐渐增大的加速运动，1s-2s做加速度逐渐减小的加速运动，2s-3s做加速度逐渐增大的减速运动，3s-4s质点做加速度逐渐减小的减速运动，4s末速度恰好减为零，前4s运动方向没有变化， 第2s末，质点的速度达到最大，其动量最大，故A错误；B前4s质点运动方向没有变化，一直向一个方向运动，第4s末质点距离出发点最远，故B错误；C在2s时F=0，F的功率为零，在02s内，F的功率先增大后减小，故C错误；D由动量定理可知，前2s和后2s冲量大小相等，方向相反，力F的总的冲量为0。【点睛】在F-t图象中，图象和时间轴所围面积表示冲量的大小，上

14、方的面积表示正方向的冲量，下方的面积表示负方向的冲量，某段时间内上下面积相等时，该段时间内总的冲量为零。3、B【解析】AB木块在推力作用下静止时，处于平衡态，受推力F、重力G、向上的静摩擦力f和向右的支持力N，根据共点力平衡条件F=N，G=f当推力增大时，物体仍然保持静止，故静摩擦力的大小不变，始终与重力平衡，且方向为竖直向上故A错误，B正确CD撤去推力后，墙壁对物体的支持力减小为零，故最大静摩擦力减为零，物体只受重力，做自由落体运动故CD错误4、A【解析】隔离对分析，间摩擦力达到最大静摩擦力时，、发生相对滑动，则，再对整体分析：，故只有当拉力时，、才发生相对滑动，故A对；BD错；由于地面光滑

15、只要有拉力两物体就运动，C错故选A.点睛：本题考查牛顿第二定律的临界问题，关键找出临界状态，运用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律进行求解5、A【解析】剪断OA瞬间，对AB整体分析，由牛顿第二定律知，整体加速度为；即剪断OA瞬间， AB间绳的张力突变为零，小球AB只受重力，其加速度。故选A.6、B【解析】由图象0-t1段，判定甲从静止开始与乙同向运动，则知甲的电性分析t1时刻前后两球距离的变化，判断电场力做功情况，分析两电荷的电势能0t2时间内，分析两电荷间距离变化，可知相互静电力的变化t1t3时间内，甲的动能一直增大，乙的动能先减小后增大【详解】A项：由图象0-t1段看出，甲从静止开始与乙同向

16、运动，说明甲受到了乙的排斥力作用，则知两电荷的电性一定相同，故A错误；B项：0t1时间内两电荷间距离逐渐减小，在t1t2时间内两电荷间距离逐渐增大，t1时刻两球相距最近，系统克服电场力最大，两电荷的电势能最大，故B正确；C项：0t3时间内，系统动量守恒，所以两点电荷的动量变化大小相等，方向相反，故C错误；D项：由图象看出，0t3时间内，甲的速度一直增大，则其动能也一直增大乙的速度先沿原方向减小，后反向增大，则其动能先减小后增大，故D错误故应选：B【点睛】本题也可以运用类比的方法分析，相当于发生了完全非弹性碰撞，t1时刻两球的速度相同，动能损失最大，两电荷的电势能最大二、多项选择题：本题共4小题

17、，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BDE【解析】A悬浮在液体中的微粒越小，在某一瞬间撞击它的液体分子数越少，布朗运动越明显，故A错误；B由于表面分子较为稀疏，故液体表面分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，故B正确；C分子的平均动能相等时，物体的温度相等；考虑到分子的质量可能不同，分子平均速率大有可能分子的平均动能小；分子平均速率小有可能分子的平均动能大故C错误；D由热力学第二定律可知，自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性，故D正确；E当外界对气体做功，根据热力

18、学第一定律U=W+Q分析可知，内能可能增大也可能减小，故E正确8、AC【解析】ABC.由几何知识知，粒子运动轨迹与BC边相切为一临界，由几何知识知：得：根据可以求得速度 ，此为从BC边出来的最小速度，粒子恰能从BC边射出的另一边界为与AC边相切，由几何知识恰为C点半径再根据：解得：，此速度为从BC边出来的最大速度故AC正确；B错误；D.根据运动轨迹可知，粒子在磁场中运动的最小圆心角为，所以最短时间为 ，故D错9、BD【解析】A小球在接触弹簧之前做自由落体。碰到弹簧后先做加速度不断减小的加速运动，当加速度为0即重力等于弹簧弹力时加速度达到最大值，而后往下做加速度不断增大的减速运动，与弹簧接触的整

19、个下降过程，小球的动能和重力势能转化为弹簧的弹性势能。上升过程恰好与下降过程互逆。由乙图可知时刻开始接触弹簧，但在刚开始接触后的一段时间内，重力大于弹力，小球仍做加速运动，所以此刻小球的动能不是最大，A错误；B时刻弹簧弹力最大，小球处在最低点，动能最小，为零，B正确；CD时刻小球往上运动恰好要离开弹簧；这段时间内，小球的先加速后减速，动能先增加后减少，弹簧的弹性势能转化为小球的动能和重力势能，C错误，D正确。10、ACD【解析】A小球在竖直方向做自由落体运动，根据： ，可知高度不同，所以运动时间一定不同，故A正确；B平抛运动轨迹为抛物线，速度方向为该点的切线方向，分别从AB两点抛出的小球轨迹不

20、同，在C点的切线方向也不同，所以落地时方向不可能相同，故B错误；C由动能定理：落地速度为：则知落在C点的速度大小可能相同，故C正确；D落在C点时重力的功率当mh相同时P才相同，故D正确故选ACD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 2.10V 0.26A 电阻随温度升高而增大【解析】（1）电压表量程为3V，则最小分度为0.1V，故其读数为2.10V；电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A；故其读数为0.26A。（2）U-I图象中图象的斜率表示电阻，而灯泡的电阻随电压的增大而增大；故图象中的斜率应增大。12、（1）BCDF （2）AB

21、D （3）19：5 （4）AD 【解析】1.实验原理在一维碰撞中，测出物体的质量m和碰撞前后物体的速度v、v，找出碰撞前的动量p=m1v1+m2v2及碰撞后的动量p=m1v1+m2v2，看碰撞前后动量是否守恒2. 实验器材斜槽、小球（两个）、天平、复写纸、白纸等3.实验步骤(1)用天平测出两小球的质量，并选定质量大的小球为入射小球(2)按照实验原理图甲安装实验装置调整、固定斜槽使斜槽底端水平(3)白纸在下，复写纸在上且在适当位置铺放好记下重垂线所指的位置O(4)不放被撞小球，让入射小球从斜槽上某固定高度处自由滚下，重复10次用圆规画尽量小的圆把小球所有的落点都圈在里面圆心P就是小球落点的平均位

22、置(5)把被撞小球放在斜槽末端，让入射小球从斜槽同一高度自由滚下，使它们发生碰撞，重复实验10次用步骤(4)的方法，标出碰后入射小球落点的平均位置M和被撞小球落点的平均位置N如实验原理图甲所示(6)连接ON，测量线段OP、OM、ON的长度将测量数据填入表中最后代入，看在误差允许的范围内是否成立(7)整理好实验器材放回原处(8)实验结论：在实验误差允许范围内，碰撞系统的动量守恒【详解】(1)本实验需要天平称量物体的质量，需要刻度尺测量长度，需要中垂线调节轨道末端水平，需要圆规找物体的平均落点，故选BCDF(2)A、要保证碰撞是一维的，即保证两物体在碰撞之前沿同一直线运动，故A正确；B、要保证碰撞

23、后两个球做平抛运动，故斜槽轨道末端的切线必须水平，故B正确；C、入射球质量要大于被碰球质量，即m1m2，防止碰后m1被反弹，故C错误；D、为保证碰撞的初速度相同，入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下，故D正确；故选ABD(3)根据动量守恒定律，有：,代入数据有： m10.2550=m10.1550+m20.3800,解得:m1：m2=19：5(4)A、要保证两物体在碰撞之前沿同一直线运动，碰撞之后还沿这条直线运动；若碰撞前入射小球的速度方向，碰撞后两小球的速度方向不是在同一直线上会产生较大的误差，故A正确；B、倾斜部分轨道对入射小球的摩擦力作用，但只要入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下，即可保证碰撞的初速度相同，故B错误；C、小球做平抛运动的时间由高度差决定，由于高度差一定，故平抛的时间都相同，故水平射程与平抛的初速度成正比，故不需要测量高度差，只要满足：，就一定有m1v1+m2v2=m1v1+m2v2，故C错误；D、测量长度