厦门六中 2022-2023学年物理高三上期中综合测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、如下图所示的几种情况中，不计绳、弹簧测力计、各滑轮的质量，不计一切摩擦，物体质量都为m，且均处于静止状态，有关角度如图所示。弹簧测力计示数FA、FB、FC由大到小的排列顺序是 AFAFBFCBFBFCFACFBFAFCDFCFBFA2、如图所示.在竖直放置间距为d的平行板电容器中，存在电场强度为E的匀强电场。有一质量为m，电荷量为+q的点电荷从两极板正中间处静止释放.重力加速度为g。则点电荷运动到负极板的过程，（ ）A加速度大小为a=qEm+gB所需的时间为t=dmqEC下降的高度为y=d2D电场力所做的功为W=Eqd3、如图所示为山边公路的横截面，实线EF表示倾角为的软层

3、面，沿着这个层面可能产生滑动质量为1.0107kg的石块B与上面的岩石之间有一大裂缝（称为节理），仅靠与层面间的摩擦力使它不致滑落，石块与层面间的滑动摩擦因数为0.8，最大静摩擦力等于滑动摩擦力若有水渗入节理，会结冰膨胀，对石块施加一个平行于EF层面的作用力，导致石块向下滑动已知sin37=0.6，cos37=0.8，则（ ）A没有水渗入节理时，石块共受两个力的作用B没有水渗入节理时，石块所受摩擦力大小为6.4107NC当有水渗入节理时，层面对石块支持力跟原来相比变小了D当有水渗入节理时，至少需要4106N平行力才能使石块滑动4、在无限大的光滑水平桌面上有一小球(可视为质点)处于平衡状态，从某

4、时刻起，小球受到水平方向的恒力作用，关于小球以后的运动，下列说法正确的是()A小球可能做匀速直线运动B小球只能做匀变速运动C小球可能做匀速圆周运动D小球可能做变速圆周运动5、测得某短跑运动员在100m跑步比赛中5s末的速度为10.4m/s，10s末到达终点的速度是10.2m/s此运动员在这100m中的平均速度为（ ）ABCD6、长期以来“卡戎星（Charon）”被认为是冥王星唯一的卫星，它的公转轨道半径r1=19600km，公转周期T1=6.39天2006年3月，天文学家新发现两颗冥王星的小卫星，其中一颗的公转轨道半径r2=48000km，则它的公转周期T2最接近于（ ）A15天B25天C35

5、天D45天二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，设“天宫一号”原来在圆轨道I上飞行，到达P点时转移到较低的椭圆轨道II上(未进入大气层)，则“天宫一号”()A在P点减速进入轨道IIB在P点轨道I上运动的周期大于轨道II上运动的周期C在轨道I上P点的加速度大于轨道II上P点的加速度D在轨道I上的机械能大于轨道II上的机械能8、下列说法正确的是_。A“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积B一定质量的理想气体在体积不变的情况下

6、，压强p与热力学温度T成正比C理想气体分子的平均动能越大，气体的压强就越大D一定量的理想气体从外界吸收热量，其内能一定增加E.液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的9、如图所示,真空中有一个边长为L的正方体,在它的两个顶点M、N处分别固定等量异号点电荷,图中的a、b、c、d也是正方体的顶点, e、f、g、h均为所在边的中点，关于这些点的电场强度和电势，下列说法正确的是( )Aa、b两点电场强度相同，电势相等Bc、d两点电场强度不同，电势相等Ce、f两点电场强度相同，电势不等Dg、h两点场强大小相同，电势不等10、如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体（物体与弹簧不连

7、接），初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x之间的关系如图b所示（g=12m/s2），则下列结论正确的是（ ）A物体的质量为3kgB物体的加速度大小为5m/s2C弹簧的劲度系数为15N/cmD物体与弹簧分离时动能为24J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）为了测量两个质量不等的沙袋的质量，由于没有直接测量工具，某实验小组应用下列器材测量：轻质定滑轮(质量和摩擦可以忽略)、砝码一套(总质量m=15kg)、细线、米尺、秒表，根据已学过的物理知识，改变实验条件进行多次测量，

8、选择合适的变量得到线性关系，作出图象并根据图象的斜率和截距求出沙袋的质量操作如下：(1)实验装置如图，设左右两边沙袋的质量分别为m1、m2；(2)从m中取出质量为的砝码放在左边的沙袋中，剩余砝码都放在右边沙袋中，发现m1下降、m2上升；(3)用米尺测出沙袋m1从静止下降的距离h，用秒表测出沙袋m1下降h1的时间t，则可知沙袋的加速度大小为a=_；(4)改变，测量相应的加速度a，得到多组及a的数据，作出_(填“”或“”)图线；(5)若求得图线的斜率k=4mkgs2，截距b=2ms2，(g=11ms2)则沙袋的质量m1=_Kg，m2=_kg12（12分）在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实

9、验小组先用如图（a）所示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器，位移传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端实验中力传感器的拉力为F，保持小车（包括位移传感器发射器）的质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图（b）所示（1）小车与轨道的滑动摩擦力f=_ N（2）从图象中分析，小车（包括位移传感器发射器）的质量为_kg（3）该实验小组为得到a与F成正比的关系，应将斜面的倾角调整到_(保留两位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方

10、程式和演算步骤。13（10分）如图所示是过山车的模型。为了便于研究，简化为示意图，它由倾角=53的倾斜轨道、水平轨道和在同一竖直平面内的两个圆形轨道组成，两个圆轨道半径R1=2R2=1m，所有轨道均平滑相接。小车与倾斜轨道和水平轨道间的动摩擦因数相同，圆形轨道光滑。在一水平力F=6.5N的作用下，重量G=8N的小车静止在倾斜轨道上刚好不下滑，撤去力F，小车沿倾斜轨道滑下，先后以最小速度通过两个圆轨道的最高点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，sin53=0.8，cos53=0.6。求：(1)小车与倾斜轨道间的动摩擦因数；(2)两圆轨道的间距L。14（16分）如图所示，一个电子以vA的速度沿与电场垂直

11、的方向从A点进入匀强电场，并且从另一端B点沿与场强方向成150角方向飞出，电子从A到B运动的时间为t,电子的质量为m，所带的电荷量为e，重力不计，求：(1)A、B两点间的电势差为多少？(2)匀强电场的电场强度为多少？15（12分）如图所示，在水平地面上固定一倾角37、表面光滑的斜面，物体A以初速度v1沿斜面上滑，同时在物体A的正上方，有一物体B以初速度v11.4m/s水平抛出，当A上滑到最高点时，恰好被B物体击中A、B均可看作质点，sin370.6，cos370.8，重力加速度g10m/s1求：(1)物体A上滑时的初速度v1；(1)物体A、B间初始位置的高度差h参考答案一、单项选择题：本题共6

12、小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】对A图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得，解得；对B图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：弹簧秤的示数；对C图中的m受力分析，m受力平衡，根据平衡条件得：弹簧秤的示数，故，C正确2、B【解析】点电荷受到重力、电场力，合力F=(Eq)2+(mg)2，根据牛顿第二定律有a=(Eq)2+(mg)2m，故A错误；根据运动独立性，水平方向点电荷的运动时间为t，水平方向上的加速度ax=Eqm，根据位移公式可得：d2=12Eqmt2，解得：t=mdqE，故B正确；竖直方向做自由落体运动，下降高度h=

13、12gt2=mgd2Eq，电荷运动的位移为d2，故电场力做功W=Eqd2，故D错误故选B【点睛】分析电荷的受力情况，根据牛顿第二定律可求得总的加速度；根据运动的独立性，分别对水平方向和竖直方向进行分析，根据水平方向上的匀加速直线运动规律可求得运动时间；再对竖直方向分析，从而求出对应的高度，根据功的公式可求得电场力所做的功3、D【解析】A.没有水渗入节理时，石块受到重力、支持力和摩擦力3个力的作用，A错误；B.没有水渗入节理时，石块所受摩擦力大小和重力沿斜面向下的分力相等，即为：NB错误；C.当有水渗入节理时，层面对石块支持力仍等于重力垂直于斜面向下的分力，保持不变，C错误；D.当有水渗入节理时

14、，最大静摩擦力：N至少需要：N平行力才能使石块滑动，D正确4、B【解析】在无限大的光滑水平桌面上有一小球(可视为质点)处于平衡状态，可能静止，也可能做匀速直线运动从某时刻起，小球受到水平方向的恒力作用，产生的加速度也是恒定的，所以小球一定做匀变速运动，可能是直线，也可能是曲线，要根据合力与初速度的方向确定，故B正确，ACD错误5、D【解析】运动员在这100m中的平均速度为。A，与结论不相符，选项A错误；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论相符，选项D正确；故选D.6、B【解析】试题分析:根据开普勒行星三定律的周期定律，代入数据可求T2最接近于25天，所以B选项

15、正确；A、C、D错误考点：天体运动、开普勒定律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】A天宫一号进入轨道II时做向心运动，可知提供的力大于需要的向心力，所以需要在P点减速进入轨道II，故A正确；B轨道II的半长轴较小，根据开普勒第三定律可知，天宫一号在轨道I上运动的周期大于轨道II上运动的周期，故B正确；C根据得可知天宫一号在轨道I上P点的加速度等于轨道II上P点的加速度，故C错误；D天宫一号进入轨道II时需要在P点减速，所以天宫一号在轨道I上的机械能大于轨

16、道II上的机械能，故D正确。8、ABE【解析】A“用油膜法估测分子的大小”的实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，即：。故A正确。B一定质量的理想气体，在体积不变的情况下，由，可得，可知压强与热力学温度T成正比。故B正确。C气体分子的平均动能越大，即温度高，压强不一定大，还与气体的体积有关。故C错误。D一定量的理想气体从外界吸收热量，其内能不一定增加，还与吸放热情况有关。故D错误。E液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的。故E正确。9、ACD【解析】A、根据等量异种电荷的电场线分布，结合a、b两点连线在两点电荷连线的中垂线上，可知，a、b两点的电场强度大小相等，方向相同

17、，而中垂面是0V的等势面；故A正确.B、c、d两点的场强用场强的矢量叠加原理可知大小相等，方向不同；而电势与中垂面比较可知c0d；故B错误.C、e、f两点的场强用场强的矢量叠加原理结合对称性可知大小相等，方向相同；电势同样满足e0f；故C正确.D、g、h两点场强用场强的矢量叠加原理结合对称性可知大小相等，方向不同；中垂面的电势为零，电势与中垂面相比较可知g0h；故D正确.故选ACD.【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握，并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题10、BD【解析】试题分析：

18、物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故A错误；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有mg=kx，拉力F1为12N时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有F1+kx-mg=ma，物体与弹簧分离后，拉力F2为32N，根据牛顿第二定律，有F2-mg=ma联立三式，代入数据解得m=2kg,k=500N/m=5N/cm,a=5m/s2，AC错误B正确；当物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，根据x=v22a可得分离时物体的速度为v=0.4m/s，故此时的动能为Ek=12mv2=0.4J，D正确；考点：考查了牛顿第二定律与图像【名师点睛】在使用牛顿第二定律时，一般步骤为：1、确定研究对象；

19、2、分析物体运动状态；3、对研究对象受力分析；4、建立坐标系；5、选取正方向；6、根据牛顿第二定律列方程求解，必要时对结果进行讨论分析三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 a-m 3 1.5 【解析】（3）根据匀变速直线运动的位移时间公式得，h=at2，解得a= （4、5）根据牛顿第二定律得：对m1及砝码：（m1+m）g-T=（m1+m）a对m2及砝码：T-（m2+m-m）g=（m2+m-m）a联立解得：根据数学知识得知：作“am”图线，图线的斜率k=，图线的截距将k、b、m代入计算，解得m1=3kg，m2=1.5kg【点睛】本题是加速度不同的连接体问题，运用隔离法研究加速度，得到a与m的关系式，再根据图线的数学意义求解两个沙袋的质量12、0.5； 0.7； ； 【解析】（1）1根据图象可知，当F=0.5N时，小车开始有加速度，则f=0.5N；（2）2根据牛顿第二定律得： ，则a-F图象的斜率表示小车质量的倒数，则（3）为得到a与F成正比的关系，则应该平衡摩擦力，则有： 解得：tan=，根据f=Mg得：所以tan=四、计算题：本题共2小题，共