宁夏银川市育才中学2022-2023学年物理高三第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为m的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物块从静止释放到相对静止这一过程,下列说法正确的是()A电动机做的

2、功为B摩擦力对物体做的功为C传送带克服摩擦力做的功为D小物块与传送带因摩擦产生的热量为2、某人在O点将质量为m的飞镖以不同大小的初速度沿OA水平投出，A为靶心且与O在同一高度，如图所示，飞镖水平初速度分别是v1、v2时打靶在上的位置分别是B、C，且AB：BC=1：3 则A两次飞镖从投出后到达靶的时间之比t1：t2=l：3B两次飞镖投出的初速度大小之比v1：v2=2：1C两次飞镖的速度变化量大小之比v1：v2=3：1D适当减小m可使飞镖投中靶心3、目前海王星有14颗已知的天然卫星,“海卫一”是海王星的卫星中最大的一颗。若“海卫一”绕海王星的运行轨道视为圆其轨道半径为r,运行周期为T,将海王星视为

3、质量分布均匀且半径为R的球体,引力常量为G,则海王星的质量为A42rGT2 B42RGT2 C42r3GT2 D42R3GT24、下列说法正确的是( )A做匀变速直线运动的物体,相同时间内速率的变化一定相同B做匀速圆周运动的物体,相同时间内动量变化量相同C做曲线运动的物体,速度变化量的方向也可能保持不变D物体的加速度不变,则物体的运动状态将保持不变5、2017年6月25日消息，为确确保国产大飞机C919顺利试飞，东营胜利机场跑道延长至3600米若大飞机着陆后以6m/s2的加速度做匀减速直线运动，其着陆速度为60m/s，则它着陆后12s内滑行的距离是（ ）A360mB300mC288mD150m

4、6、甲、乙两物体同时从同一位置沿同一直线运动，它们的vt图象如图所示，下列说法正确的是（）At1时刻，两者相距最远Bt2时刻，乙物体追上甲C乙物体先向负方向运动，t1时刻以后反向向正方向运动D0t2时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、汽车以速度v0沿平直的水平面向右匀速运动，通过定滑轮（不计滑轮的不质量和摩擦）把质量为M的重物向上提起，某时刻汽车后面的绳子与水平方向的夹角为，如图所示。则下列说法正确的是（ ）A由于汽车做匀速运动

5、，所以重物也是匀速上升B此时重物的速度大小为v=v0sinC重物上升的动能越来越大D绳子中的拉力大于重物的重力8、如图所示，细线AB和BC连接着一质量为m的物体P，其中绳子的A端固定，c端通过小定滑轮连接着一质量也为m的另一个物体Q，开始时，用手抓住物体Q，使物体P、Q均静止，此时AB和BC两绳中拉力大小分别为T1、T1把手放开瞬间，AB和BC两绳中拉力大小分别为T1、T1已知ABC处于同一竖直平面内，绳子间连接的夹角如图则AT1：T1=1:1BT1：T1=1:1CT1：T1=1：3DT1：T1=：19、如图所示，两个带等量正电荷的小球A、B(可视为点电荷)被固定在光滑绝缘水平面上P、N是小球

6、A、B连线的垂直平分线上的点，且POON现将一个电荷量很小的带负电的小球C(可视为质点)从P点由静止释放，在小球C向N点运动的过程中，关于小球C的速度图象中，可能正确的是 ABCD10、如图所示,a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗人造地球卫星,下列判断正确的是( )Ab卫星加速就能追上同一轨道上的卫星Bb、c卫星的线速度相等且大于a卫星的线速度Cb卫星的角速度等于c卫星的角速度Da卫星的周期大于b卫星的周期三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，打点计时器使用交流电源的频率是，打点计时器在

7、小车拖动的纸带上打下一系列点迹，以此记录小车的运动情况下图为某次实验打出的一条纸带，其中、为依次选中的计数点（各相邻计数点之间有四个点迹）根据图中标出的数据可知，打点计时器在打出计数点时小车的速度大小为_，小车做匀加速直线运动的加速度大小为_（计算结果均保留位有效数字）12（12分）某同学用如图甲所示装置做“探究合力做的功与动能改变关系”的实验，他们将光电门固定在水平轨道上的B点，如图所示并用重物通过细线拉小车，然后保持小车和重物的质量不变，通过改变小车释放点到光电门的距离（s）进行多次实验，实验时要求每次小车都从静止释放（1）用游标卡尺测出遮光条的宽度d如图乙所示，d=_cm（2）如果遮光条

8、通过光电门的时间为t，小车到光电门的距离为s该同学通过描点作出线性图象来反映合力做的功与动能改变关系，则他作的图象关系是下列哪一个时才能符合实验要求_Ast Bst2Cst-1Dst-2（3）下列哪些实验操作能够减小实验误差_A调整轨道的倾角，在未挂重物时使小车能在轨道上匀速运动B必须满足重物的质量远小于小车的质量C必须保证小车从静止状态开始释放四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A先后经过等压、等容和等温过程完成一个循环，A、B、C状态参量如图所示，气体在状态A的温度为2

9、7 ，求：（1）气体在状态B的温度TB；（2）气体从ABC状态变化过程中与外界交换的总热量Q。14（16分）一个底面粗糙、质量为M的劈放在粗糙的水平面上，劈的斜面光滑且与水平面成30角；现用一端固定的轻绳系一质量为m的小球，小球放在斜面上，小球静止时轻绳与竖直方向的夹角也为30，如图所示，试求：（1）当劈静止时绳子的拉力大小（2）若地面对劈的最大静摩擦力等于地面对劈支持力的k倍，为使整个系统静止，求k的最小值。15（12分）如图所示为某种弹射装置的示意图，该装置由三部分组成，传送带左边是足够长的光滑水平面，一轻质弹簧左端固定，右端连接质量 M=6.0kg 的物块 A，物块 A 静止在水平面上装

10、置的中间部分是水平传送带，它与左右两边的台面等高，并能平滑对接传送带以 u=1.0m/s 逆时针匀速运动传送带的右边是一个半径 R=1.15m 位于竖直平面内的光滑圆弧轨道某时刻起将一个质量m=1.0kg的物块B从圆弧的最高处由静止释放已知物块 B 与传送带之间的动摩擦因数=0.1，传送带两轴之间的距离l=4.5m，物块 B 与 A 发生的碰撞为弹性碰撞取g=10m/s1求：(1)物块 B 与物块 A 第一次碰撞后弹簧的最大弹性势能；(1)如果物块 A、B 每次碰撞后，物块 A 再回到平衡位置时弹簧都会被立即锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除，求物块 B 从第1次与物块 A 碰撞结束后，到第

11、5 次与物块A碰撞前,物块B一共在传送带上运动了多长时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题中“质量为m的物体在水平传送带上由静止释放”可知，本题考查摩擦力做功和能量守恒，根据物体前后能量变化可以分析本题【详解】A、电动机做功等于物体增加的动能与传送带与物体之间摩擦产生的热能之和，物体动能即为，因此电动机做功一定大于，故A错误；B、摩擦力做功等于物体动能的变化量，即为，故B错误；C、物块做匀加速运动，末速度为v，故此过程中的平均速度为，所以传送带的位移为物块位移的2倍，因为摩擦力对物块做功为，因此传送

12、带克服摩擦力做的功为，故C正确；D、传送带克服摩擦力做功为，小物块获得的动能为，根据能量守恒知，小物块与传送带因摩擦产生的热量为，故D错误2、B【解析】A忽略空气阻力，则飞镖被抛出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据得：，所以两次飞镖运动时间比A错误；B根据，位移x相等，得：B正确；C速度变化量：，所以两次飞镖的速度变化量大小之比：C错误；D质量对平抛运动的过程没有影响，所以减小m不能使飞镖投中靶心，D错误；故选B3、C【解析】海王星对海卫一的万有引力提供其做匀速圆周运动的向心力，由万有引力定律：GmMr2mr42T2 解得：M42r3GT2，故选C.4、C【解析】A. 做匀变速直线运动

13、的物体，加速度一定，故相同时间内速度变化相同，而不是速率的变化相同，故A错误；B. 做匀速圆周运动的物体，加速度方向时刻改变，不是匀变速运动，所以相同时间内速度变化不同，动量变化不同，故B错误。C. 做曲线运动的物体，速度变化量的方向也可能保持不变，如平抛运动，速度变化量方向就是加速度方向，竖直向下，故C正确。D. 物体的加速度不变，如果不为零，则速度发生变化，则物体的运动状态将改变，故D错误。5、B【解析】根据速度时间公式得，飞机着陆到停止所需的时间；则着陆12s内的距离和10s内的距离相等，所以；故B正确、ACD错误；故选B点睛：本题主要是考查匀变速直线运动的计算，解答本题要掌握匀变速直线

14、运动的位移时间关系，注意刹车过程中的“刹车陷阱”问题6、D【解析】在时间内，乙的速度比甲的小，甲在乙的前方，两者间距逐渐增大时刻后，乙的速度比甲的大，两者间距减小，所以时刻，两者相距最远故A错误甲、乙两物体由同一位置出发，在vt图象中图象与坐标轴围成面积代表位移，知时间内，甲的位移比乙的大，时刻，乙物体还没有追上甲，故B错误在速度-时间图象中速度的正负表示运动方向，从图中可知乙的速度一直为正，运动方向没有发生改变，故C错误根据速度时间图象的斜率表示加速度，故时间内，乙的速度和加速度都是先减小后增大，故D正确故选D【点睛】由v-t图象直接读出物体的运动情况，根据速度关系分析何时相距最远根据“面积

15、”表示位移，分析两物体何时相遇两物体速度始终为正值，速度方向一直为正方向，由速度的正负分析速度的方向根据图象的斜率分析加速度的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】将小车的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向的速度等于的速度，根据平行四边形定则得：车子在匀速向右的运动过程中，绳子与水平方向的夹角为减小，所以的速度增大，重物上升的动能越来越大，做加速上升运动，且拉力大于重物的重力；A. 与分析不符，故A错误；B. 与分析不符，故B错误；C. 与

16、分析相符，故C正确；D.与分析相符，故D正确。8、AC【解析】P、Q均静止时，由P受力平衡条件可知：，把手放开瞬间，将P物体的重力沿AB方向和BC方向分解，由于PQ两物体沿绳方向的速度相同，所以P物体接下来以AB为半径的圆周运动，由于此时速为0，向心力为0，所以此时AB绳的拉力等于P物体重力沿AB方向的分力即为，此时，圆弧切线方向的合力为，加速度为，解得，对P物体有：，联立解得：，所以T1：T1=1:1，. T1：T1=1：3，故AC正确9、AD【解析】在AB的垂直平分线上，从无穷远处到O点电场强度先变大后变小，到O点变为零，负电荷受力沿垂直平分线运动，电荷的加速度先变大后变小，速度不断增大，

17、在O点加速度变为零，速度达到最大，由速度与时间的图象的斜率先变大后变小，由O点到无穷远，速度变化情况与另一侧速度的变化情况具有对称性，如果PN足够远，则D正确，如果PN很近，则A正确，BC错误。故选AD。10、BCD【解析】根据万有引力提供卫星圆周运动向心力GmMr2mv2rmr(2T)2mr2ma可知：b卫星原本匀速圆周运动，万有引力等于圆周运动向心力，现让b卫星加速，则卫星所需向心力增加，而提供卫星圆周运动向心力的万有引力没有变化，故此时满足离心运动条件：F供F需，故卫星将做离心运动而抬高轨道，故b加速后不能追上同一轨道运行的c卫星，故A错误由vGMr，b、c卫星的半径比a小，则线速度比a

18、大，故B正确；角速度GMr3可知b、c半径相同，角速度大小相等，故C正确；T42r3GM可知，a卫星的半径大，故周期大于b的周期，所以D正确；故选BCD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 【解析】计数点之间的时间间隔为T=0.1s；点2是点1、3的时间中点，所以点2的速度等于点1、3之间的平均速度，所以选择2、3段与3、4研究，根据，得出点睛：本题要掌握匀变速直线运动的推论公式x=aT2求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，求小车的瞬时速度大小12、（1）1142；（2）D；（3）C【解析】试题

19、分析：（1）游标卡尺的主尺读数为11cm，游标读数为8225mm=242mm=2242cm，所以最终读数为：11cm+2242cm=1142cm；（2）数字计时器记录通过光电门的时间，由位移公式计算出物体通过光电门的平均速度，用该平均速度代替物体的瞬时速度，故在遮光条经过光电门时滑块的瞬间速度为：v=dt，根据动能定理：Fs=12mv2=12m（dt）2，可见s与t2成反比，即与1t2成正比，故应作出s t 2图象故选D（3）经前面分析知，要使s t 2图象为过原点的直线，应保证小车初动能为零，即必须保证小车从静止状态开始释放，故选C。考点：探究合力做的功与动能改变关系【名师点睛】常用仪器的读

20、数要掌握，这是物理实验的基础处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）611 K(327 ) （2）2p1V1(吸热)【解析】（1）A到B过程是等压变化，根据吕萨克定律得代入数据得TB=611K（2）根据气态方程知，A、C两个状态，气体的温度相等，则内能相等根据热力学第一定律有U=Q+W其中W1=-2p1（2V1-V1）=-2p1V1解得Q=2p1V1（吸热）14、（1）mg（2）【解析】（1）以水平方向为x轴，建立坐标系，以小球为研究对象，受力分析如图甲所示Fsin60+FNcos30=mgFcos60=FNsin30解得：绳子的拉力大小 F=FN=mg（2）如图乙，以水平方向为x轴，对劈进行受力分析FN=FNcos30+MgFf=FNsin30且有 ，又FN=F=mg联立解之得15、（1）11J；（1）7.5s【解析】（1）设物块 B 沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为 v0，由机械能守恒定律得： 解得：在传送带上，对物块 B，由牛顿第二定律得：mg=ma 设物块 B