2023学年广西柳江中学物理高二上期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、真空中两静止点电荷的库仑力为F，若只将其中一个点电荷的电荷量变为原来的一半，则它的库仑力大小变为A4F B2F CF2 DF42、如图所示的装置中，小球的质量均相同，弹

2、簧和细线的质量均不计，一切摩擦忽略不计，平衡时各弹簧的弹力分别为F1、F2、F3，其大小关系是（ ）AF1=F2=F3BF1=F2F3CF1=F3F2DF3F1F23、下列说法中正确的是( )A点电荷就是体积很小的带电体B点电荷就是体积和带电量都很小的带电体C根据设想当时得出D静电力常量的数值是由实验得出的4、如图所示，正点电荷电场中有A、B两点，将一电荷量q3.21019C的检验电荷从电场中的A点移至B点，电场力做功W6.41020J，则A、B两点间的电势差U等于()A0.5 VB0.2 VC5 VD2 V5、若单摆的摆长不变，摆球的质量由20g增加为40g，摆球离开平衡位置的最大角度由4减

3、为2，则单摆振动的( )A频率不变，振幅不变B频率不变，振幅改变C频率改变，振幅不变D频率改变，振幅改变6、一长直铁芯上绕有一固定线圈M，铁芯右端与一木质圆柱密接，木质圆柱上套有一闭合金属环N，N可在木质圆柱上无摩擦移动M连接在如图所示的电路中，其中R为滑线变阻器，和为直流电源，S为单刀双掷开关下列情况中，可观测到N向左运动的是( )A在S断开的情况下，S向a闭合的瞬间B在S断开的情况下，S向b闭合的瞬间C在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向c端移动时D在S已向a闭合的情况下，将R的滑动头向d端移动时二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符

4、合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c代表静电场中的三个等势面,它们的电势分别为a、b和c， abc一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如图中实线KLMN所示由图可知（ ）A粒子从K到L的过程中，电场力做正功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，电势能增加D粒子从L到M的过程中，动能增加8、两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，它们间的库仑力大小是F，现将两球接触后再放回原处，它们间库仑力的大小可能是（ ）ABCD9、电容式加速度传感器的原理结构如图，质量块右侧连接轻

5、质弹簧，左侧连接电介质，弹簧与电容器固定在外框上质量块可带动电介质移动改变电容则A电介质插入极板间越深，电容器电容越小B当传感器以恒定加速度运动时，电路中有恒定电流C若传感器原来向右匀速运动，突然减速时弹簧会伸长D当传感器由静止突然向右加速瞬间，电路中有顺时针方向电流10、电磁炮是一种理想兵器，它的主要原理如图所示，1982年澳大利亚国立大学成功研制出能把2.2g的弹体（包括金属杆MN的质量）加速到10km/s的电磁炮（常规炮弹的速度大小约为2km/s）若轨道宽2m，长100m，通过金属杆的电流恒为10A，不计轨道摩擦，则A垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度大小为55TB垂直轨道平面的匀强磁场

6、的磁感应强度大小为5.5104TC该电磁炮工作时磁场力的最大功率为1.1104kWD该电磁炮装置中对磁场方向和电流方向的关系没有要求三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做描绘小灯泡（额定电压为3.8V，额定电流为0.32A）的伏安特性曲线实验，实验给定的实验器材如下：（本实验要求小灯泡的电压从零开始调至额定电压）直流电源的电动势为4V，内阻不计；电压表V（量程4V，内阻约为5k）、电流表A1（量程0.6A，内阻约为4）、电流表A2（量程3A，内阻约为1）、滑动变阻器R1（0到1000，0.5A）；滑动变阻器R2（0到10，2

7、A）；开关、导线若干若该同学误将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，其他部分连接正确，接通电源后，以下说法正确的是：（_）A小灯泡将不亮 B小灯泡将发光 CV表会烧坏 DA表将会烧坏下列关于该实验的说法，正确的是：（_）A实验电路应选择图乙中的电路图（b） B滑动变阻器应该选用R2 C电流表应选用A2D若采用如图乙（b）所示电路图，实验前，滑动变阻器的滑片应置于最右端该同学按照正确的电路图和正确的实验步骤，描出的伏安特性曲线如图丙所示，从图中可知小灯泡的阻值随小灯泡两端的电压的增大而_（填增大、减小、不变、先增大后减小、先减小后增大），当给小灯泡加电压2.8V时，此时小灯泡的发热功率为_W（结

8、果取2位有效数字）12（12分）在用“电流表和电压表测定电池的电动势和内阻”的实验中, 为提高实验精度，应合理设计电路图。（1）请你选用下面的实验器材，将最佳方案画在虚线方框中_。A干电池1节B滑动变阻器（020） C滑动变阻器（01750）D电压表（03V）E电流表（00.6A）F电流表（03A）G开关（2）其中滑动变阻器应选_（只填序号）。（3）据闭合电路欧姆定律，E、r、U、I之间的关系满足U=_。（4）由图像可知这节干电池的电动势E_V，内电阻r_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在静电场中把电

9、荷量为2.0109 C的正电荷从A点移动到B点，静电力做功为1.5107 J，再把该电荷从B点移到C点，静电力做功为4.0107 J(1)A、B、C三点中哪点的电势最高，哪点的电势最低；(2)A、B间，B、C间，A、C间的电势差各是多大；(3)把1.5109 C的电荷从A点移到C点，静电力做多少功14（16分）炽热的金属丝可以发射电子,在炽热的金属丝和竖直金属板间加电压U1, 从炽热的金属丝发射出的电子在真空中被加速后,从金属板的小孔穿出,再从水平放置的两平行金属板的中间水平射入两板间的匀强电场中,如图所示,电子恰能沿一板的边缘飞出,且飞出时速度方向与水平方向成60角,不计电子重力,电子离开金

10、属丝的初速度视为零,已知电子的质量为m,电荷量为e。求:（1）.电子穿出金属板小孔时的速度大小。（2）.加在水平两极板间的电压。15（12分）如图甲所示，在xOy坐标系中，两平行金属板AB、OD如图放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2 m，板间距离d=1 m，紧靠极板右侧有一荧光屏。两金属板间电压UAO随时间的变化规律如图乙所示，已知U0=1103 V，变化周期T=2103 s，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以v0=1103 m/s的速度平行于AB边射入板间，粒子电荷量q=1105 C，质量m=1107 kg，不计粒子所受重力，求：（1）粒子在板间运动的时间；（2）粒

11、子打在荧光屏上的纵坐标；（3）粒子打到屏上的动能。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据F=kq1q2r2可知，若只将其中一个点电荷的电荷量变为原来的一半，则库仑力变为原来的一半，即12F，故选C.2、A【解析】第一幅图：以下面的小球为研究对象，由平衡条件得知，；第二幅图：以小球为研究对象，由平衡条件得知，对绳与弹簧的连接点分析知，故；第三幅图：以任意一个小球为研究对象，由平衡条件得知，；所以平衡时各弹簧的弹力大小相等，即有F1F2F3，故A正确，BCD错误.3、D【解析】试题分析：当带电体的形状和大小

12、对我们所研究的问题影响不大时，就可以看做点电荷，点电荷不是体积很小的电荷，AB错误；当时，库仑定律不再适用，C错误；静电力常量的数值是库仑由实验得出的，D正确；考点：考查了点电荷，库仑定律【名师点睛】正确解答本题需要掌握：点电荷的定义，能否看作点电荷的条件；对于库仑定律的理解与应用，要正确理解公式中各个物理量的含义4、B【解析】试题分析：UAB=WABq=0.2V，所以ACD错误，B正确考点：本题考查电势差与电场力做功关系公式的应用5、B【解析】单摆的周期公式为，与摆球的质量和摆角的大小无关，所以周期不变频率也不变，摆角减小则振幅也减小，故B正确，ACD错误6、C【解析】试题分析：由楞次定律的

13、第二种描述：“来拒去留”可知要使N向左运动，通过N的磁通量应减小；而A、B中由断开到闭合过程中磁通量均增大，故AB错误；若将移动滑动头，则向c端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中电流减小，磁通量减小，故会使N左移，故C正确；而D中向d移动时，滑动变阻器接入电阻减小时，故电路中电流增大，磁场增大，故会使N右移，故D错误；故选C考点：楞次定律；点评：楞次定律有两种描述：“增反减同”和“来拒去留”，后者判断导体的运动更有效，应学会应用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7

14、、CD【解析】试题分析：A、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功；A错误B、根据，粒子从K到L的过程中，电势能减小，故电场力做正功；B错误C、根据，粒子从K到L的过程中，电势能增加；C正确D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加；D正确故选CD考点：电势能点评：本题根据得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况8、BD【解析】若两电荷同性，设一个球的带电量为Q，则另一个球的带电量为5Q，此时.若两电荷同性，接触后再分开，带电量各为3Q，则两球的库仑力大小.若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为2Q，此时两球的库仑力故BD正确，AC错误。故选BD.9、CD

15、【解析】根据电容器的电容公式，当电介质插入极板间越深，即电介质增大，则电容器电容越大，故A错误；当传感器以恒定加速度运动时，根据牛顿第二定律可知，弹力大小不变，则电容器的电容不变，因两极的电压不变，则电容器的电量不变，因此电路中没有电流，故B错误；若传感器原来向右匀速运动，突然减速时，因惯性，则继续向右运动，从而压缩弹簧，故C正确；当传感器由静止突然向右加速瞬间，质量块要向左运动，导致插入极板间电介质加深，因此电容会增大，由于电压不变，根据Q=CU，可知，极板间的电量增大，电容器处于充电状态，因此电路中有顺时针方向电流，故D正确；故选CD点睛：此题考查影响电容器电容大小的因素，掌握Q=CU公式

16、，理解牛顿第二定律的应用，注意电容器是充电还放电，是确定电流的依据10、AC【解析】由运动学2axv2v02可得弹体的加速度为；安培力为F=BIL，进而由牛顿第二定律可得：BIL=ma解得：，选项A正确，B错误；速度最大时磁场力的功率最大：Pm=BILvm=55102104W=1.1104kW，选项C正确电磁炮装置中必须使得磁场方向和电流方向决定的安培力方向与炮弹沿导轨的加速方向一致，选项D错误；故选AC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 A B 增大 0.78【解析】若将电流表和电压表接成如图甲所示的电路，因电压表内阻很大，通过电

17、压表的电流非常小，通过小灯泡电流非常小，故小灯泡不发光，故A正确，B错误；V表和A表不会被烧坏，故CD错误。所以选A。从图象知电压从零计，故滑动变阻器应用分压式接法，实验电路应选择图乙中的电路图（a），故A错误；因滑动变阻器应用分压式接法，应选阻值小的变阻器R2，故B正确；因小灯泡额定电流为0.32A，用电流表A2量程太大，应用A1，故C错误；若采用如图乙（b）所示电路图，实验前滑动变阻器的滑片应置于最左端而不是右端，最右端时变阻器有效电阻是零，导致通过电路的电流太大而烧坏电流表，故D错误。故选B。根据I-U图象的斜率等于电阻的倒数，所以由图象可知小灯泡的阻值随小灯泡两端的电压的增大而增大，当

18、U=2.8V时I=0.28A，由P=UI得P=2.80.28W=0.78W。12、 B U=E-Ir 1.5 0.75 【解析】（1）1为了减小实验误差，电流表应该选择量程为0.6A的电流表E；电路如图：（2）2滑动变阻器应选阻值较小的B即可。（3）3据闭合电路欧姆定律，E、r、U、I之间的关系满足U=E-Ir。（4）45由图像可知，直线在纵轴上的截距等于电动势，则这节干电池的电动势E1.5V，内电阻四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) B点的电势最高，C点的电势最低 (2) (3) -1.87510-7J【解析】(1)(2)把电荷量为2.010-9C的正电