2023学年杜郎口中学高二物理第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个放在绝缘架上的相同金属球，相距r，球的半径比r小的多，带电荷量大小分别为q和3q，相互斥力为F。现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力将变为：（

2、 ）AFB43FC3FD4F2、如图所示，速度为v0、电荷量为q的正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，选择器中磁感应强度为B，电场强度为E，则A若改为电荷量q的离子，将往上偏（其他条件不变）B若速度变为2v0将往上偏（其他条件不变）C若改为电荷量+2q的离子，将往下偏（其他条件不变）D若速度变为将往上偏（其他条件不变）3、处于静电平衡的导体，内部场强处处为零的原因是（ ）A导体内部无任何电场B外电场不能进入导体内部C所有感应电荷在导体内部产生的合场强为零D外电场和所有感应电荷的电场在导体内部叠加的结果为零4、平行板电容器两极板与静电计的连接如图所示，对电容器充电，使静电计张开某一角度，并撤去电

3、源以下说法正确的是A增大两板间距离，静电计指针张角变小B减小两板间距离，静电计指针张角变小C将两板错开一些，静电计指针张角变小D将某电介质插入极板间，静电计指针张开角度变大5、如图所示，a、b、c是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc，a、b两点间电势差为10V，则b、c两点间电势差()A小于10VB等于10VC大于10VD条件不足，无法判断6、现有一个灵敏电流计，它的满偏电流为，内阻，若要将它改装成量程为3V的电压表，则应在该灵敏电流计上A串联一个2500的电阻B串联一个25000的电阻C串联一个3000的电阻D并联一个2500的电阻二、多项选择题：本题共4小题，每小题

4、5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，x轴上固定两个点电荷Q1、Q2(Q2位于坐标原点O)，其上面有M、N、P三点，间距MN=NP，Q1、Q2在x轴上产生的电势随x变化关系如图乙。则（）AN点场强大小为零B从M点到P点场强先增大后减小CM、N之间电场方向沿x轴正方向D一个正试探电荷从P移到M过程中，电场力做功|WPN|=|WNM|8、一个电子只在电场力作用下从a点运动到b点的轨迹如图中虚线所示，图中一组平行实线可能是电场线，也可能是等势线，下列说法中正确的是( )A如果实线是电场线，则a点的电

5、势比b点的电势高B如果实线是等势线，则a点的电势比b点的电势高C如果实线是电场线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能大D如果实线是等势线，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小9、如图所示，在一根张紧的水平绳上挂几个摆，其中A、E摆长相等；先让A摆振动起来，其他各摆随后也跟着振动起来，则( )A其它各摆摆动周期跟A摆相同B其它各摆振动振幅大小相同C其它各摆振动振幅大小不相同，E摆振幅最大D其它各摆振动周期大小不同，D摆周期最大10、传感器是一种采集信息的重要器件，如图所示是一种测定压力的电容式传感器，当待测压力F作用于可动膜片电极上时，可使膜片产生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和

6、电源串接成闭合电路那么.A当F向上压膜片电极时，电容将减小.B当F向上压膜片电极时，电容将增大.C若电流计中有向上的电流，则表明压力F在减小.D若压力F不变，则电流计中有向上的电流.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某为同学在用电流表、电压表和滑动变阻器测量一节干电池的电动势和内阻的实验中，采用了如图所示电路，规范操作后他记录了6组数据（见表），试根据这些数据在下图中画出U-I图线_，并根据图线读出电池的电动势E=_V，求出电池的内阻r=_。因为该实验中所用电表不是理想电表，所以电动势的测量值_（填“大于”、“等于”、“小于”）

7、真实值。12（12分）某同学选用两个完全相同的小球A、B来验证库仑定律使小球A和B带上同种电荷，A球放在左右可移动且上下高度可调节的绝缘座上，B球用绝缘丝线悬挂于玻璃棒C点，如图实验时，保证A、B两球球心在同一水平线上，待B球平衡后偏离竖直线的角度为，B球质量为m，重力加速度为g；先保持两球电荷量不变，使A球从远处逐渐向B球靠近，观察到两球距离越小，悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B球悬线的偏角越大. (1)实验中需要用到_的科学方法(2)根据平衡关系，A、B两球之间的电场力F=_（用m、g、表示）（3）在阅读教材后，该同学知道了库仑定律的表达式，并

8、知道了均匀分布的带电球体可以等效为电荷量全部集中在球心处的一个点电荷它将两个半径为R的金属小球分别带上了q1和q2的正电，并使其球心相距3R，应用库仑定律，计算了两球之间的库仑力，则该同学的计算结果_（选填“偏大” “偏小”“正确”），原因是：_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一根长为2m的直导线，通有0.5A的电流，当把该导线垂直匀强磁场方向放入磁场后，测得导线受到的安培力大小为410-2N，求匀强磁场的磁感应强度大小为多少特斯拉。14（16分）如图所示，在电场强度E为2.5104V/m的匀强电场中，

9、将某一电荷量为-410-4 C的带负电的点电荷由A点移到B点，已知A、B两点间距离为4cm，两点连线与电场方向成60度角，求： （1）A、B两点间的电势差UAB； （2）电荷由A移到B的过程中，电场力所做的功WAB；15（12分）如图所示，有一电子(电荷量为e)经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿过电场，求：(1)电子进入平行板时的速度(2)金属板AB的长度；(3)电子穿出电场时的动能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由库仑定律可得出两

10、球在接触前后的库仑力表达式，则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系。【详解】由库仑定律可得：相互斥力F=kq3qr2=3kq2r2 由于带同种电荷，当两球接触后再分开平分总电量，故分开后两球的带电量为2q；则库仑力F=k2q2qr2=43F，故B正确，ACD错误。故应选：B。【点睛】本题很多同学由于没有看清题意而错将F来表示了接触前的库仑力，从而导致错误；在学习中应注意审题的练习。2、B【解析】粒子受到向上的洛伦兹力和向下的电场力，二力平衡时粒子沿直线运动，当二力不平衡时，粒子做曲线运动，从而即可求解【详解】正离子恰能沿直线飞出离子速度选择器，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦

11、兹力方向向上，电场力方向向下，此时洛伦兹力与电场力二力平衡，应该有：qv0B=qE，即v0B=EA项：若改为电荷量-q的离子，根据左手定则判断可知，离子受的洛伦兹力方向向下，电场力方向向上，由于qv0B=qE，此时洛伦兹力与电场力仍然平衡，所以负离子不偏转，仍沿直线运动，故A错误；B项：若速度变为2v0，洛伦兹力增大为原来的2倍，而离子受的洛伦兹力方向向上，电场力不变，所以离子将向上偏转，故B正确；C项：若改为电荷量+2q的离子，根据平衡条件得：qv0B=qE，即v0B=E，该等式与离子的电荷量无关，所以离子仍沿直线运动，故C错误；D项：若速度变为，洛伦兹力变为原来的一半，而离子受的洛伦兹力方

12、向向上，电场力不变，所以离子将向下偏转，故D错误故应选B【点睛】本题考查了利用质谱仪进行粒子选择原理，只要对粒子进行正确的受力分析即可解决此类问题3、C【解析】处于静电平衡的导体内部存在两个电场，一个是外加电场、一个是导体内部自己产生的感应电场，两电场叠加的合场强为零，故只有C正确4、B【解析】A撤去电源，电容器所带的电荷量不变，增大两极板间的距离，根据知，电容减小，根据知，电容器两端的电势差变大，静电计指针张角变大，故A错误B同理，减小两极板间的距离，电容增大，电容器两端的电势差减小，静电计指针张角变小，故B正确C将两极板错开一些，根据知，电容减小，根据知，电容器两端的电势差变大，静电计指针

13、张角变大，故C错误D将某电介质插入极板间，根据知，电容增大，根据知，电容器两端的电势差减小，静电计指针张角变小，故D错误【点睛】解决本题的关键知道影响电容器电容大小的因素，并且记住电容器的决定式和定义式；知道电容器与电源断开后，电容器的电荷量保持不变，结合电容的定义式分析判断；此题难度不大.5、A【解析】已知Uab=10V，由图可知电场线的方向向右，而a、b、c是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，则正电荷在a的左端，所以ab之间的平均场强一定大于bc之间的平均场强，由U=Ed可得b、c两点间电压一定小于10V；故A正确，BCD错误故选：A。【点睛】本题考查了正点电荷周围的电场强度、电

14、势、电势差的情况，知道电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，根据点电荷的周围电场分布情况可正确解答本题就是考查学生基础知识的掌握，加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题6、A【解析】将小量程的电流表改装成电压表需要串联一个大一些的电阻；改装后电压表量程为3V，所串联电阻的阻值为： ，故A正确，BCD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A-x图线的切线斜率表示电场强度的大小，则知N处场强大小为

15、零，故A正确；B从M点到P点，图象斜率的绝对值先减小后增大，则场强先减小后增大，故B错误；CM点的电势为零，MN间的电势小于零，因沿电场线方向电势降低，故在MN间电场方向沿x轴正方向，故C正确；D由图象可知，UMNUNP，故电场力做功qUMNqUNP，从P移到M过程中，电场力做负功，故电场力做功|WPN|WNM|，故D错误。8、BCD【解析】由电子的轨迹弯曲方向判断电子所受的电场力方向，确定电场线的方向，判断电势高低匀强电场中场强处处大小相等根据电场力方向与电子速度方向的夹角，判断电场力对电子做正功还是负功，确定电子在a点与b点动能的大小【详解】AC、若图中实线是电场线，电子所受的电场力水平向

16、右，电场线方向水平向左，则a点的电势比b点低，由于从a点运动到b点电场力做正功，所以电子的电势能减小，所以电子在a点的电势能比在b点的电势能大，故A错误，C正确；BD、若实线是等势面，由于电场线与等势面垂直，电子所受电场力方向向下，则电场线方向向上，则a点的电势比b点高。从a到b电子做负功，所以电势能增加，则电子在a点的电势能比在b点的电势能小，故BD正确；故选BCD。【点睛】物体做曲线运动时，所受合力指向轨迹弯曲的内侧，根据轨迹的弯曲方向要能判断出物体合力的大致方向9、AC【解析】AD.A摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，所以其余各摆的振动频率都等于A摆摆动的频率，振动周期也等于

17、A摆摆动的频率。故A正确，D错误。BC.由于E摆的摆长与A摆摆长相同，所以这两个摆的固有频率相同，所以E摆出现共振现象，振幅最大。故C正确，B错误。10、BC【解析】当F向上压膜片电极时，减小，由得增大，A错F增大，减小，增大，不变，据，电荷量增大，形成电流计自左向右的充电电流，C对D错F减小，增大，减小，电荷量减小，形成电流计自右向左的放电电流所以电流计有示数时，压力F发生变化，B对三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、图线如图所示 1.47 0.72 小于 【解析】1.根据描点法可得出对应的伏安特性曲线，对应的图线如图所示；2.根据U

18、=E-Ir可知，图象与纵轴的交点表示电动势，故E=1.47V；3.图象的斜率表示内阻，故；4.相对于电源来说，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用，使所测电源电动势小于电动势真实值，内阻测量值小于真实值12、（1）控制变量法 （2）mgtan （3）偏大； 两电荷带同种电荷，导致电量间距大于3R 【解析】（1）做这个实验是时，“先保持两球电荷量不变”和“再保持两球距离不变”，可见，实验中需要用到控制变量法的科学方法（2）A球受重力，绳的拉力和电场力三力平衡，根据平衡关系，A、B两球之间的电场力F=mgtan（3）当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于3R，根据库仑定律F=k，可知，它们相互作用的库仑力大小F即该同学的计算结果偏大，原因是：两电荷带同种电荷，导致电量间距大于3R【点睛】本题应知道控制变量法在实验中的应用，明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、410-2T【解析】根