2023学年广东省深圳市新安中学物理高二第一学期期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、两个带等量正电的点电荷，固定在图中P、Q两点，MN为PQ连线的中垂线，交PQ于O点，A为MN上的一点一带负电的试探电荷q从A由静止释放只在电场力作用下运动，取无限远处电势为零，则A若q从A点由静止释放，在由A点向O点运动的过程中，加速度一

2、定先增大后减小Bq由A向O运动的过程电势能逐渐增大Cq运动到O点时的动能最大Dq运动到O点时的电势能为零2、下列关于电场的叙述中正确的是（ ）A点电荷产生的电场中，以点电荷为圆心，为半径的球面上，各点的场强都相同B沿着电场线的方向，场强越来越小C取走电场中某点的试探电荷后，该点的场强为零D电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点场强的方向不一定相同3、中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图，则下列说法中不正确的是（）A地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B地球内部也存在磁场，地磁南极在地

3、理北极附近C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D形成地磁场的原因可能是带负电的地球自转引起的4、如图甲所示，两个平行金属板P、Q竖直放置，两板间加上如图乙所示的电压，t0时，Q板比P板电势高5 V，此时在两板的正中央M点有一个电子，速度为零，电子在电场力作用下运动，使得电子的位置和速度随时间变化假设电子始终未与两板相碰在0t81010s的时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小的时间是( )A0t21010sB21010st41010sC41010st61010sD61010st81010s5、一带负电荷的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为v，若加上一个垂直于纸面

4、向里的磁场，如图所示，而物体仍能沿斜面滑到底端，则滑到底端时（）Av将变小Bv将变大C由于洛伦兹力垂直于速度v，所以v将不变D不能确定v的变化6、为了使电热器的功率变为原来的一半，下列办法中正确的（ ）A保持电压不变，电阻变为原来的一半B保持电阻不变，电流变为原来的一半C电压和电阻都变为原来的一半D使电流变为原来的1/4，电阻变为原来的一半二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、利用如图所示的方法可以测得金属导体中单位体积内的自由电子数n。现有一块横截面为矩形的金属导体的

5、宽为b，厚为d，并加有与侧面垂直的匀强磁场B，当通以图示方向电流I时，在导体上、下表面间用电压表可测得电压为U。已知自由电子的电荷量为e，则下列判断正确的是A上表面电势高B下表面电势高C该导体单位体积内的自由电子数为n=D该导体单位体积内的自由电子数为n=8、如图所示，一质量为m、电荷量为q的小球在电场强度为E、区域足够大的匀强电场中，以初速度v0沿ON在竖直面内做匀变速直线运动ON与水平面的夹角为30，重力加速度为g，且mg=Eq，则（ ）A电场方向竖直向上B小球运动的加速度大小为gC小球上升的最大高度为D若小球在初始位置的电势能为零，则小球电势能的最大值为9、金星、地球和火星均绕着太阳的公

6、转，它们的运动可视为匀速圆周运动已知它们的轨道半径关系r金r地r火，则它们的向心加速度a、线速度v、角速度、周期T，大小关系正确的是（）Aa火a地a金Bv金v地v火C金地火DT金T地T火10、在匀强磁场中，一矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动如图甲所示，产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）At=0.01s时穿过线框的磁通量最小Bt=0.01s时穿过线框的磁通量变化率最大C该线框匀速转动的角速度大小为100rad/sD电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角可能为45三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要

7、求写出演算过程。11（6分）某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量该“水果电池”的电动势E和内阻rA电流表A1（量程0.6A，内阻约1） B电流表A2（量程20mA，内阻约50）C电压表V1（量程4V，内阻约4k） D电压表V2（量程15V，内阻15k）E滑动变阻器R1（01 000） F滑动变阻器R2（09 999.9）G待测“水果电池”（电动势E约为4V，内阻r约为200） H开关S，导线若干（1）为尽量减小实验的误差，请在图1中虚线方框中画出你设计的实验电路图；要求在每个电路元件上标明你选用的器材符号，不写或写错得零分_（2）该同学实验中记录的6组对

8、应的数据如下表，试根据表中数据在图2中描点画出U-I图线_；由图线可得，“水果电池”的电动势E= _ V，内电阻r=_12（12分）如图所示为“探究恒力做功与动能改变的关系”的实验装置实验过程中，为了让小车所受合外力大小近似等于钩码的重力大小：（1）细线应该与长木板平面_ （填“A”或“B”）； A平行B不平行 （2）是否需要平衡摩擦力_ （填“A”或“B”）； A需要B不需要 （3）小车质量M与钩码质量m的关系应满足_ （填“A”或“B”） AMmBMm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个质量为m、带

9、电荷+q的粒子，在t=0时刻以初速v0从孔O射入两竖直放置的平行金属板间，左极板接地，如图甲所示；右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，变化的周期为T。不计粒子的重力。（1）若粒子在t=T/2达到右极板且速度减为零，求右极板电势U0（2）在（1）的情况下，试求粒子在t=T/4时的电势能。（3）在一个周期内，若要使该粒子恰好能回到小孔O，则右极板电势U是（1）情况U0的多少倍。14（16分）如图所示，竖直放置的半圆形光滑绝缘轨道的半径为R，下端与粗糙、绝缘水平面平滑连接，整个装置处于方向竖直向上的匀强电场质量为m、带电荷量为q的物块(可视为质点)从水平面上的A点以一定初速度水平向左运动，沿半圆形

10、轨道恰好能通过最高点C.已知物块与地面间动摩擦因数为0.2，电场强度大小为E(Eq0.5mg，g为重力加速度) (1)物块经过C点的速度大小；(2) A、B间距离；(3)物块离开轨道落回水平面的水平飞行距离15（12分）如图,质量为m、长为L的直导线用两绝缘细线悬挂于O、O,并处于匀强磁场中,当导线中通以沿x正方向的电流I,且导线保持静止时,悬线与竖直方向夹角为,磁场的方向沿Z轴负向,求磁感应强度B的大小.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、两等量正电荷周围部分电场线如图所示，在P、Q连线的中垂线MN

11、上，从无穷远到O过程中电场强度先增大后减小，且方向始终指向无穷远方向，故试探电荷所受的电场力是变化的，q由A向O的加速度可能先增大后减小，也可能一直减小，故A错误；B、q由A向O运动的过程，电场力方向与AO方向一致，电场力做正功，电势能逐渐减小，故B错误；C、从A到O过程，电场力做正功，动能增大，从O到N过程中，电场力做负功，动能减小，故在O点试探电荷的动能最大，速度最大，故C正确；D、取无限远处的电势为零，从无穷远到O点，电场力做正功，电势能减小，则q运动到O点时电势能为负值，故D错误；故选C。【点睛】关键是根据等量同种点电荷电场线的分布情况，抓住对称性，分析试探电荷的受力情况，分析其运动情

12、况，根据电场力做功情况，分析其电势能的变化情况。2、D【解析】A. 点电荷产生的电场中，以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强大小都相等，方向不同，所以场强不同，故A错误。B. 沿着电场线的方向，电势越来越小，而电场强度根据疏密才能确定。故B错误；C.电场中某点的场强与该点有无试探电荷无关，与场源电荷有关，故C错误。D. 电荷在电场中某点所受电场力的方向与该点场强的方向不一定相同，比如负电荷受力与场强方向相反，故D正确。3、C【解析】本题考查了磁场的性质，要借助地磁场的分布分析地磁场对应的性质；根据安培定则判断地磁场的形成原因【详解】A：由图知，地理南、北极与地磁场的南、北极不重合，有一

13、定的夹角故A项正确B：磁场是闭合的曲线，地球磁场从南极附近发出，从北极附近进入地球，组成闭合曲线，地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近故B项正确C：由图知，地球表面有些位置的地磁场方向不与地面平行故C项错误D：地球自转方向自西向东，地球的南极附近是地磁场的北极，由安培定则可知地球带负电故D项正确本题选不正确的，答案是C4、D【解析】在0t210-10s时间内，Q板比P板电势高5V，方向水平向左，所以电子所受电场力方向向右，加速度方向也向右，所以电子向右做匀加速直线运动；在210-10st410-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方

14、向也向左，所以电子向右做匀减速直线运动，当t=410-10s时速度为零；在410-10st610-10s时间内，Q板比P板电势低5V，电场强度方向水平向右，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀加速直线运动；在610-10st810-10s时间内，Q板比P板电势高5V，电场强度方向水平向左，所以电子所受电场力方向向左，加速度方向也向左，所以电子向左做匀减速直线运动，到810-10s时刻速度为零，恰好又回到M点综上分析可知：在61010 st81010 s 时间内，这个电子处于M点的右侧，速度方向向左且大小逐渐减小故选D5、B【解析】未加磁场时，根据动能定理，有mghWf

15、= 12mv21加磁场后，多了洛伦兹力；根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直于斜面向上，所以物体对斜面的压力减小，所以摩擦力变小，摩擦力做的功变小，根据动能定理，有mghWf= 12mv21，WfWf，所以速度将变大，故B正确，ACD错误故选：B6、C【解析】A.根据可知，当电阻变为原来的一半，电压不变时，其电功率为原来的2倍，故A错误；B.根据可知，保持电阻不变，电流变为原来的一半，功率变为原来的 ，故B错误。C. 根据可知，电压和电阻都变为原来的一半，功率变为原来的一半，故C正确。D. 根据可知，使电流变为原来的1/4，电阻变为原来的一半，功率变为原来的 ，故D错误。二、多项选择题：本题共4小

16、题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB.电流方向水平向右，则自由电子的运动方向水平向左，根据左手定则，电子向上偏，上表面得到电子带负电，下表面失去电子带正电，所以下表面的电势高，故A错误，B正确；CD.电流的微观表达式为：表示单位体积内的电子数，表示横截面积，则：最终电子受电场力和洛伦兹力处于平衡，有：则有：所以可得：故C正确，D错误。8、BD【解析】A小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因，所以电场力与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力与水平方

17、向的夹角应为，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为，所以加速度为，方向沿ON向下故A错误；B由题意可得：小球做匀变速直线运动，合力应与速度在同一直线上，即在ON直线上，因mg=Eq，所以电场力Eq与重力关于ON对称，根据数学知识得：电场力qE与水平方向的夹角应为30，受力情况如图一所示，合力沿ON方向向下，大小为mg，所以加速度为g，B项正确；C经对A的分析可知，小球做匀减速直线运动，由运动学公式可得最大位移为，则最大高度为故C错误；D若小球在初始位置的电势能为零，在减速运动至速度为零的过程中，小球克服电场力做功和克服重力做功是相等的，由能量的转化与守恒可知，小球的初动能一半转化为电

18、势能，一半转化为重力势能，初动能为，小球的最大电势能为，故D正确故选BD.【考点定位】带电粒子在混合场中的运动、电势能、匀强电场中电势差和电场强度的关系【点睛】本题考查带电粒子在复合场中的运动情况，应在正确分析小球受力情况的基础上，运用牛顿第二定律、运动学公式和功能关系分析，采用的力学方法进行分析9、AD【解析】行星绕太阳运动时，万有引力提供向心力，设太阳的质量为，行星的质量为，行星的轨道半径为，根据牛顿第二定律有：可得向心加速度为：线速度为：角速度：周期：由题意有金地火，所以有：金地火金地火金地火金地火A.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相

19、符，故D正确10、CD【解析】AB. 由图象知：t=0.01s时感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，磁通量变化率最小，故A、B错误；C. 由图象得出周期T=0.02s，所以=2T=100rad/s，故C正确；D. 当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为e=222sin100tV，电动势瞬时值为22V时，代人瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角正弦值sin=22222=22，所以线圈平面与中性面的夹角可能为45，故D正确.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 如图所示： 如图所示： 3.80V

20、 【解析】（1）由表中实验数据可知，所测最大电流为14mA，则电流表选A2，电源电动势约为4V，则电压表选V1，相对于来说电压表内阻远大于电源内阻，电流表相对于电源应采用外接法，实验电路图如图所示（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出电源的U-I图象如图所示，由图象可知，图象与纵轴交点坐标值为3.80V，则电源电动势为：E=3.80V，直线的斜率为内阻： 点睛：本题考查测电源电动势与内阻的实验，要注意分析仪表，正确选择才能得出正确的图象；同时要掌握应用图象法处理实验数据的方法12、A； A； B 【解析】小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高，当钩码的质量远小于小车质量时，可以认为小车受到的拉力等于钩码的重力【详解】（1）细线的拉力为小车的合力，所以细线与木板平行，则应调节定滑轮的高度使细线与木板平行，故A正确，B错误；故选A （2）要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，即本实验需要平衡摩擦力，故A正确，B错误；故选A （3）只有当小车质量M远远大于钩码的质量时，才可以用钩码的重力代替绳子的拉力，故B正确，A错误；故选B 故答案为（1）A；（2）A；（3）B【点睛】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，注意平衡摩擦力