2023学年北京市海淀清华附中高二物理第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量为m的带电液滴以竖直向下的初速度v0进入某电场中。由于电场力和重力的作用，液滴沿竖直方向下落一段距离h后

2、，速度变为0。在此过程中，以下判断正确的是（ ） A液滴一定带负电B重力对液滴做的功为C合外力对液滴做的功为D液滴的机械能减少了2、如图所示，平行线代表电场线，但未标明方向，一个带正电、电荷量为106C的粒子在电场中仅受电场力作用，当它从A点运动到B点时动能减少了105J。已知A点的电势为10V，则以下判断正确的是A粒子的电势能减少了105JB粒子的运动轨迹如图中的虚线2所示CB点电势为零DB点电势为20V3、关于地磁场下列说法中正确的是A地理位置的南、北极即为地磁场的南北极B地磁场的磁感线是不闭合曲线C在赤道上的磁针的N极在静止时指向地理南极D在赤道上的磁针的N极在静止时指向地理北极4、如图

3、所示，在电荷量为Q的点电荷产生的电场中，电荷量为q的负试探电荷在A点受到的电场力为F，方向水平向左。则A点的电场强度E为A,方向水平向左B,方向水平向右C,方向水平向左D,方向水平向右5、一质量为M的烟花飞到空中，当速度减为零时炸裂成两块，其中质量为m的一块在炸裂后获得的速度大小为v，则另一块的速度大小为ABCD6、a、b、c、d是匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点.电场线与矩形所在平面平行。已知a点的电势为10 V，b点的电势为14 V，d点的电势为2 V，如图，由此可知c点的电势为 A4 VB6 VC8 VD10 V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题

4、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是两个横截面分别为圆和正方形但磁感应强度均相同的匀强磁场，圆的直径D等于正方形的边长，两个电子分别以相同的速度飞入两个磁场区域，速度方向均与磁场方向垂直，进入圆形磁场区域的速度方向对准了圆心，进入正方形磁场区域的方向是沿一边的中点且垂直于边界线，则下列判断正确的是A两电子在两磁场中运动时，其轨迹圆对应的圆心角一定不相同B两电子在两磁场中运动的时间一定不相同C进入圆形磁场区域的电子一定先飞离磁场D进入圆形磁场区域的电子一定不会后飞出磁场8、下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是()A

5、表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越密B红表笔是与表内的电源的正极相连的C测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻D为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近9、关于欧姆定律的下列理解中，正确的( )A由知道，一段导体的电阻跟它两端的电压成正比，跟通过它的电流成反比B由知道，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比C由电阻的I-U图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象所对应的电阻阻值较小D导体的电流越大，电阻就越大10、在如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，现使R3阻值增大，则（ ）AV表读数变大BA表读数变大CR1上的电

6、压升高D流过R2的电流增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）如图游标卡尺的读数为_mm;螺旋测微器测的读数为_mm。 （2）用多用电表粗测金属棒的阻值时,当用“10”档时发现指针偏转角度过大，他应更换_档（选填“1”或“100”）进行测量。12（12分）要用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线，已知待测小灯泡的额定电压6V，额定功率约为3W，提供的器材有：量程为16A，内阻约为15的电流表Al；量程为3A，内阻约为11的电流表A2；量程为3V，内阻为3k的电压表V1阻值是111，额定电流是2A的滑动变阻器R1；阻值是1511，颇定

7、电流是lA的滑动变阻器R2；定值电阻R3=1k；定值电阻R4=3k；电源电动势为9V，内阻约为11；开关一个，导线若干（1）为了保证实验的测量精度和操作方便，并能测出小灯泡的额定功率，在可供选择的器材中应该选用的电流表是 ，滑动变阻器是 (填仪器的字母代号)（2）根据所选的器材，在虚线框中画出完整的实验电路图，并标出器材代号（3）实验中，电压表的示数为 V时，可测出灯泡的额定功率四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，匀强电场的电场线与AC平行，把带电荷量108C的负电荷从A移至B的过程中，电场力做功

8、6108J，AB长6cm，AB与AC的夹角为60求：(1)场强方向；(2)设B处电势为1V，则A处电势为多少；(3)A处的场强大小；(4)电子在A点的电势能14（16分）如图是示波器工作原理的示意图，电子经电压U1从静止加速后垂直进入偏转电场，偏转电场的电压为U2，两极板间距为d，极板长度为L，电子的质量为m，电荷量为e，求：（1）电子经电压U1加速后的速度；（2）电子离开偏转电场U2时沿垂直极板方向偏移的距离y；15（12分）如图所示为电动机提升重物的装置，电动机线圈电阻为，电动机两端电压为5V，电路中的电流为1A，物体A重20N，不计一切摩擦.求：（1）此电动机工作1h所产生的热量是多少？

9、（2）电动机输入功率和输出功率各是多少？（3）10s内，可以把重物A匀速提升多高？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】重力方向竖直向下，而液体向下做匀减速直线运动，故合力向上，所以液滴受到的电场力方向一定竖直向上，带正电，A错误；液滴下降了h，所以重力做功为mgh，B错误；根据动能定理可得，C正确；液滴的重力势能减小mgh，动能减小，所以液滴的机械能减少，D错误2、C【解析】A根据动能定理知，电场力做功等于动能的变化量，可知电场力做了-10-5J的功，粒子的电势能增加；故A错误。B由题，带正电的微粒仅受电

10、场力的作用，从A点运动到B点时动能减少了10-5J，说明电场力做负功，则知电场力方向水平向左，根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧，故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示；故B错误。CD根据动能定理得：qUAB=Ek得：又UAB=A-BA=-10V则有：B=0故C正确，D错误。故选C。3、D【解析】地磁场与地理南北极相反，并与地理南北极有一个夹角，所以在赤道上磁针的N极在静止时指向地磁的南极，即地理的北极，磁场中的磁感线都是闭合的曲线，故D正确，ABC错误4、B【解析】根据电场强度定义式： 可知，所以A点的场强为，方向为负电荷所受电场力的相反方向，即水平向右，故B正确。5、A【解析】在爆炸极短时间内，导

11、弹所受的重力，远小于内部的爆炸力，系统动量守恒；根据动量守恒定律，有：解得方向与前一 块的方向相反； A，与结论相符，选项A正确；B，与结论不相符，选项B错误；C，与结论不相符，选项C错误；D，与结论不相符，选项D错误；6、B【解析】由于在匀强电场的同一条直线上，由U=Ed知在相等距离上的两点之间的电势差相等，即Uba=Ucd，即；可得 14-10+2=6V，故B正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】电子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力：，

12、解得：，两过程电子速度v相同，所以半径相同，故A正确；电子在磁场中的可能运动情况如图所示，电子从O点水平进入由于它们进入圆形磁场和正方形磁场的轨道半径、速度是相同的，把圆形磁场和矩形磁场的边界放到同一位置如图所示，由图可以看出进入磁场区域的电子的轨迹2，同时从圆形与正方形边界处出磁场；运动时间相同，偏转角度相同，为90度；故B正确；由图可以看出进入圆形区域的电子不一定先飞离磁场，但是进入圆形区域的电子一定不会后飞离磁场，故C错误，D正确故选ABD【点睛】本题考查带电粒子在磁场中的运动规律，解题的难点在于能否想到在同一个图象中做出多个轨迹进行比较哪个先出磁场，找出相同轨迹2是判断时间长度的关键8

13、、ACD【解析】A欧姆表的雾表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越密，选项A正确；B黑表笔是与表内的电源的正极相连的，选项B错误；C测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻，选项C正确；D表盘的中央部分刻度比较均匀，则为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近，选项D正确。9、BC【解析】AD.导体的阻值是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关，故AD错误；B.欧姆定律的内容是：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；故B正确。C.由可知I变化相等时，电压变化小时，电阻值较小，故

14、C正确。10、AD【解析】B由图可知，R2与R3并联，再与R1串联，当R3阻值增大时，电路中总阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流减小，故电流表示数减小，故B错误；A内电压减小，由U=E-Ir可知，路端电压增大，电压表示数增大，故A正确；C因电流减小，故R1两端的电压降低，故C错误；D因内电压以及R1两端的电压降低，故并联部分电压增大，R2中电流增大，故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.15 4.700 1 【解析】(1)1游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数

15、为30.05m=0.15mm，所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm；2螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.00.01mm=0.200mm，所以最终读数为4.5mm+0.200mm=4.700mm；(2)3用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，此时示数偏小，要增大指针对应的示数则要倍率减小换成1的倍率。12、（1） （2）电路图如下 （3）3【解析】试题分析：（1）描绘小灯泡的伏安特性曲线，要求电压调节范围尽可能大，滑动变阻器选择分压式连接，因此滑动变阻器选择阻值小的，小灯泡正常发光的额定电流,3A的电流表量程过大，所以选择量程1.6A

16、的（2）滑动变阻器选择分压式连接灯泡额定电压外6v,而电压表量程只有3v，可是已知电压表内阻为，确切知道其内阻，就可以串联定值电阻来扩大量程，要使得量程大于6v，则需要满足，即串联的定值电阻阻值要大于等于所以定值电阻选择.电流表已经选择，由于，根据大内偏大小外偏小，电流表选择外接法电路图见答案（3）灯泡正常发光时电压为6v，即，解得电压表读数考点：描绘小灯泡伏安特性曲线实验设计探究四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)场强方向由C至A；(2) A=5 V；(3) E=200 V/m；(4) Ep=5 eV【解析】(1)将负电荷从A移至B，电场力做正功，所以电荷所受电场力方向沿A至C，又因为是负电荷，场强方向与负电荷的受力方向相反，所以场强方向应为C至A方向 (2)由W=qU得：U=6 V即A、B两点间电势差为6 V沿电场线方向电势降低，B点电势高于A点电势U=BAB=1 VA=BU=1 V6 V=5 V即A点的电势为5 V.(3)如图所示由B向AC作垂线交AC于D，D与B在同一等势面上UDA=UBA=U=6 V沿场强方向A、B两点间距离为ABcos 60=6 cm=3 cm=0.03 m所以E=200 V/m.