2019-2020年高三下学期期初开学联考数学试卷-含答案

1、绝密启用前2019-2020年高三下学期期初开学联考数学试卷 含答案一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共70分请把答案填写在答题卡相应位置上 已知集合，则 结束 开始 P 0 n 1 P P EQ F(1,n(n1) n n1 输出n Y N （ 第6题 ） P0.70 已知，那么复数 .从这五个数中任取两个数，这两个数的和是奇数的概率为 已知等比数列中，各项都是正数，且成等差数列，则等于 5为了解宿迁市高三学生的身体发育情况，抽查了宿迁市100名高三男生的体重. 根据抽样测量后的男生体重（单位：kg）数据绘制的频率分布直方图如图所示，则这100名学生中体重值在区间56.5，64.5）

2、的人数是 （第5题）ABCPDEF第8题图6.如图所示的流程图，最后输出的n的值是 7.已知向量a，b，满足|a|1，| b | EQ r( ,3)，ab( EQ r( ,3)，1)，则向量 ab与向量ab的夹角是 8.如图，正三棱锥PABC的所有棱长都为4点D，E，F分别在棱PA，PB，PC上，满足PDPF1，PE2，则三棱锥P DEF的体积是 9.在中，点是内心，且，则 第11题图10.已知锐角A，B满足tan(AB)2tanA，则tanB的最大值是 11.如图，点分别是椭圆的上顶点和右焦点，直线与椭圆交于另一点，过中心作直线的平行线交椭圆于两点，若则椭圆的离心率为 . 12.已知圆：，为

3、坐标原点，若正方形的一边为圆的一条弦，则线段长度的最大值是 .13.已知函数，若存在实数，满足，其中，则取值范围是 14.设实数a，x，y，满足 eq blc(aal(xy2a1，,x2y2a22a3，)则xy的取值范围是 二、解答题：15.（本小题满分14分）设ABC三个内角A、B、C所对的边分别为a，b，c. 已知C EQ F(,3)，acosA=bcosB（1）求角A的大小；（2）如图，在ABC的外角ACD内取一点P，使得PC2过点P分别作直线CA、CD的垂线PM、PN，垂足分别是M、N设PCA，求PMPN的最大值及此时的取值（第15题）16.（本小题满分14分）在正三棱柱中，点是的中点

4、，（1）求证：平面；（2）试在棱上找一点，使17.（本小题满分14分）如图，2015年春节，摄影爱好者在某公园处，发现正前方处有一立柱，测得立柱顶端的仰角和立柱底部的俯角均为，已知的身高约为米（将眼睛距地面的距离按米处理）(1) 求摄影者到立柱的水平距离和立柱的高度；(2) 立柱的顶端有一长2米的彩杆绕中点在与立柱所在的平面内旋转摄影者有一视角范围为的镜头，在彩杆转动的任意时刻，摄影者是否都可以将彩杆全部摄入画面？说明理由18.（本小题满分16分） 在平面直角坐标系xOy中，椭圆C： eq f(x2,a2) eq f(y2,b2)1（ab0）的上顶点到焦点的距离为2，离心率为 eq f( eq

5、 r(3),2)（1）求a，b的值（2）设P是椭圆C长轴上的一个动点，过点P作斜率为k的直线l交椭圆C于A、B两点（）若k1，求OAB面积的最大值； （）若PA2PB2的值与点P的位置无关，求k的值19. (本题满分16分)设函数.（1）若=1时，函数取最小值，求实数的值；（2）若函数在定义域上是单调函数，求实数的取值范围；（3）若，证明对任意正整数，不等式都成立.20已知数列an的首项a1a，Sn是数列an的前n项和，且满足：S eq o(sup 7(2),n)3n2anS eq o(sup 7(2),n1)，an0，n2，nN*(1)若数列an是等差数列，求a的值；(2)确定a的取值集合M

6、，使a eq o(sup1(),)M时，数列an是递增数列高三数学参考答案一、填空题1234 540 64 7 EQ F(2,3) 8 9 10 EQ F( EQ r( ,2),4) 11. 12 13（21,24） 14 EQ F(11,4) EQ F(3,2) EQ r( ,2)， EQ F(11,4) EQ F(3,2) EQ r( ,2)二、解答题15.（本小题满分14分）解（1）由acosAbcosB及正弦定理可得sinAcosAsinBcosB，（第15题）即sin2Asin2B，又A(0，)，B(0，)，所以有AB或AB EQ F(,2) 2分 又因为C EQ F(,3)，得AB

7、 EQ F(2,3)，与AB EQ F(,2)矛盾，所以AB，因此A EQ F(,3) 4分（2）由题设，得在RtPMC中，PMPCsinPCM2sin；在RtPNC中，PNPCsinPCN PCsin(PCB) 2sin( EQ F(,3)2sin ( EQ F(,3)，(0， EQ F(2,3). 6分所以，PMPN2sin2sin ( EQ F(,3)3sin EQ r( ,3)cos2 EQ r( ,3)sin( EQ F(,6). 10分因为(0， EQ F(2,3)，所以 EQ F(,6)( EQ F(,6)， EQ F(5,6)，从而有sin( EQ F(,6)( EQ F(1,

8、2)，1，即2 EQ r( ,3)sin( EQ F(,6)( EQ r( ,3)，2 EQ r( ,3)于是，当 EQ F(,6) EQ F(,2)，即 EQ F(,3)时，PMPN取得最大值2 EQ r( ,3) 14分16（1）证明：连接，交于点, 连接.、分别是、的中点， 3分平面，平面，平面 6分（2）为的中点 7分证明如下：在正三棱柱中，四边形是正方形为的中点，是的中点， 9分，又， 11分是正三角形，是的中点，平面平面, 平面平面，平面，平面平面， 13分，平面平面， 14分18.（本小题满分16分）解（1）由题设可知a2，e EQ F(c,a) eq f( eq r(3),2)

9、，所以c EQ r( ,3)，故b1因此，a2，b1 2分（2）由（1）可得，椭圆C的方程为 eq f(x2,4)y21设点P（m，0）（2m2），点A（x1，y1），点B（x2，y2）()若k1，则直线l的方程为yxm联立直线l与椭圆C的方程，即 EQ blc(aal (yxm, eq f(x2,4)y21)将y消去，化简得 EQ F(5,4)x22mxm210解之得x1 EQ F(2(2m EQ r( ,1m2),5)， x2 EQ F(2(2m EQ r( ,1m2),5)，从而有，x1x2 EQ F(8m,5)， x1 x2 EQ F(4(m21),5)，而y1x1m，y2x2m，因此

10、，AB| EQ r( ,(x1x2)2(y1y2)2) EQ r( ,2(x1x2)2) EQ r( ,2) EQ r( ,(x1+x2)24 x1x2) EQ F(4,5) EQ r( ,2) EQ r( ,5m2)，点O到直线l的距离d EQ F(m, EQ r( ,2)，所以，SOAB EQ F(1,2)|AB|d EQ F(2,5) EQ r( , 5m2)|m|，因此，S2OAB EQ F(4,25)( 5m2)m2 EQ F(4,25)( EQ F(5m2m2,2)21 6分又2m2，即m20，4所以，当5m2m2，即m2 EQ F(5,2)， m EQ F( EQ r( ,10)

11、,2)时，SOAB取得最大值1 8分()设直线l的方程为yk(xm).将直线l与椭圆C的方程联立，即 EQ blc(aal (y=k(xm), eq f(x2,4)y21)将y消去，化简得(14k2)x28mk2x4(k2m21)0，解此方程，可得，x1x2 EQ F(8mk2, 14k2)，x1x2 EQ F(4(k2m21), 14k2) 10分所以，PA2PB2(x1m)2y12(x2m)2y22 EQ F(3,4)(x12x22)2m(x1x2)2m22 EQ F(m2(8k46k22)(14k2)(8k28), (14k2)2) （*）. 14分因为PA2PB2的值与点P的位置无关，

12、即（*）式取值与m无关，所以有8k46k220，解得k EQ F(1,2) 所以，k的值为 EQ F(1,2). 16分19.解:（1）由x + 10得x 1f(x)的定义域为( - 1，+ ),对x ( - 1，+ ),都有f(x)f(1)，f(1)是函数f(x)的最小值，故有f/ (1) = 0,解得b= - 4. 经检验，列表（略），合题意；（2）又函数f(x)在定义域上是单调函数，f/ (x) 0或f/(x)0在( - 1，+ )上恒成立.若f/ (x) 0，x + 10，2x2 +2x+b0在( - 1，+ )上恒成立,即b-2x2 -2x = 恒成立,由此得b;若f/ (x) 0,

13、 x + 10, 2x2 +2x+b0,即b- (2x2+2x)恒成立，因-(2x2+2x) 在( - 1，+ )上没有最小值，不存在实数b使f(x) 0恒成立.综上所述，实数b的取值范围是.（3）当b= - 1时，函数f(x) = x2 - ln(x+1)，令函数h(x)=f(x) x3 = x2 ln(x+1) x3，则h/(x) = - 3x2 +2x - ，当时，h/(x)0所以函数h(x)在上是单调递减.又h(0)=0，当时，恒有h(x) h(0)=0, 即x2 ln(x+1) x3恒成立.故当时,有f(x) x3.取则有 ,故结论成立。20解：（1）在S eq o(sup 7(2)

14、,n)3n2anS eq o(sup 7(2),n1)中分别令n2，n3，及a1a得(aa2)212a2a2，(aa2a3)227a3(aa2)2，因an0，所以a2122a，a332a 2分因数列an是等差数列，所以a1a32a2，即2(122a)a32a，解得a34分经检验a3时，an3n，Sneq F(3n(n1),2)，Sn1eq F(3n(n1),2)满足S eq o(sup 7(2),n)3n2anS eq o(sup 7(2),n1)（2）由S eq o(sup 7(2),n)3n2anS eq o(sup 7(2),n1)，得S eq o(sup 7(2),n)S eq o(sup 7(2),n1)3n2an，即(SnSn1)(SnSn1)3n2an，即(SnSn1)an3n2an，因为an0，所以SnSn13n2，(n2)， 6分所以Sn1Sn3(n1)2，得an1an6n3，(n2) 8分所以an2an16n9，得an2an6，(n2)即数列a2，a4，a6，及数列a3，a5，a7，都是公差为6的等差数列， 10分因为a2122a，a332a所以aneq blc(aal(a，n1，,3n2a6，n为奇数且n3，,3n2a6，n为偶数，) 12分