哈尔滨市重点中学2023学年高二物理第一学期期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三个电阻R1、R2、R3的阻值相同，允许消耗的最大功率分别为10W、10W、4W，则此电路允许消耗的最大功率为（）A12WB15WC16WD24W2、冰壶比赛的冰道表面覆盖着特制的微小颗粒如图所示，比赛时运动员常在冰壶滑行

2、的前方用冰刷快速擦刷冰面，使冰壶滑得更远设冰壶与冰面间的动摩擦因数为，受到的滑动摩擦力为f，则冰道被擦刷后()A和f都增大B和f都减小C增大，f减小D减小，f增大3、甲物体的重力是乙物体的3倍，它们在同一高度处同时自由下落，则下列说法中正确的是A甲比乙先着地B甲比乙的加速度大C甲、乙同时着地D无法确定谁先落地4、木块以一定的初速度沿粗糙斜面上滑，后又返回到出发点若规定沿斜面向下为速度的正方向，下列各图像中能够正确反映该木块运动过程的速度随时间变化的关系的是ABCD5、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里。三个带负电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别

3、为ma、mb、mc。已知在该区域内，a在纸面内向右做匀速直线运动，b在纸面内向左做匀速直线运动，c在纸面内做匀速圆周运动。下列选项正确的是（） AmambmcBmbmcmaCmcmambDmcmbma6、如图所示,A、B、C、D是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、半径为1cm的圆与两坐标轴的交点,已知A、B、C三点的电势分别为A=15V、B=3V、C=-3V，.由此可得D点的电势为A3V B6V C12V D9V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某直流电源与电阻R构成

4、闭合电路，电阻R两端的电压为U，通过它的电流为I，如图所示图线上，a、b、c各点均表示该电路中有一个确定的工作状态，在b点=，则下列说法中正确的是（） A在b点时，电源内阻消耗的功率最大B在b点时，电源有最大输出功率C从a到b时，角增大，电源的输电效率增大D从b到c时，角增大，电源的总功率将减小8、手电筒的两节干电池，已经用了较长时间，小灯泡只能发出很微弱的光，把它们取出来，用电压表测电压，电压表示数很接近3 V，再把它们作为一个电子钟的电源，电子钟能正常工作下列说法正确的是()A这两节干电池的电动势减小了很多B这两节干电池的内电阻增加较大C这台电子钟的额定电压一定比手电筒里的小灯泡额定电压小

5、D这台电子钟正常工作时的电流一定比手电筒里的小灯泡正常工作时的电流小9、如图所示电路，电源内阻不可忽略。开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中 ( ）A电压表的示数减小B电压表的示数增大C电流表的示数减小D电流表的示数增大10、如图所示，由于地球的自转，地球表面上P、Q两物体均绕地球自转轴做匀速圆周运动，对于P、Q两物体的运动，下列说法正确的是( )AP、Q两物体的角速度大小相等BP、Q两物体的线速度大小相等CP物体的线速度比Q物体的线速度小DP、Q两物体均受重力和支持力两个力作用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用

6、如图所示的游标卡尺测量一物体的长度，由图可知物体的长度为_mm。 12（12分）如图所示为用电火花打点计时器验证机械能守恒定律的实验装置（1）若已知打点计时器的电源频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，重物质量为0.2kg实验中得到一条点迹清晰的纸带如图所示，打P点时，重物的速度为零，A、B、C为另外3个连续点，根据图中的数据，可知重物由P点运动到B点，重力势能减少量等于_J（结果保留3位有效数字）（2）实验中发现重物增加的动能略小于减少的重力势能，其主要原因是_A重物的质量过大B重物的体积过小C使用的直流电源D重物及纸带在下落时受到阻力四、计算题：本题共2小题，共26分。把答

7、案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）小型直流电动机(其线圈内阻为r1 )与规格为“4 V、4 W”的小灯泡并联，再与阻值为R5 的电阻串联，然后接至U12 V的电源上，如图所示，小灯泡恰好正常发光，电动机正常工作，求：(1)通过电动机的电流；(2)电动机的输出功率P出；(3)电动机的效率14（16分）某同学自制了一个电炉，已知该电炉工作时的电阻时，工作时通过电炉的电流是4A，求：加在该电炉两端的电压是多少？该电炉工作时，10s内发的热是多少？15（12分）如图所示，已知电源电动势E=20V，内阻r=l，当接入固定电阻R=3时，电路中标有“3V,6

8、W”的灯泡L和内阻RD=1的小型直流电动机D都恰能正常工作.试求：（1）流过灯泡的电流（2）固定电阻的发热功率（3）电动机输出的机械功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由题意知R1=R2=R3=R，P1=10W，P2=10W，P3=4W，因为R2与R3并联，则两端电压相等，所以由公式知道R2与R3所消耗的功率一样，所以R2、R3在电路中允许最大功率只能是4W，否则会超过R2的允许功率；把R2与R3看成一个并联电阻R，则电路就是R1与R串联，而串联电路所流过的电流一样，由知道，R1与R所消耗功率之比等于

9、，所以R1上消耗的功率是并联电阻R上的两倍，如果R2、R3的功率都为4W，则R的功率就是4W+4W=8W，则R1的功率是28W=16W，这样就大于10W，显然不可以；所以只能是R1功率为10W，则R是R1的功率一半就是5W，而R2与R3的消耗功率一样,所以R2与R3的消耗功率均是R的一半，为2.5W，最后计算R1功率为10W，则R2为2.5W，R3为2.5W，所以总功率最大为10W+2.5W+2.5W=15W，故B正确，A、C、D错误；故选B2、B【解析】由题意可知，冰壶被推出后做减速运动，运动员常在冰壶滑行的前方用冰刷快速擦刷冰面，使冰壶滑得更远，说明冰壶所受阻力更小，即动摩擦因数更小，摩擦

10、力也更小，故B正确3、C【解析】由题中“它们在同一高度处同时自由下落”可知，本题考查自由落体运动，根据自由落体规律可进行分析【详解】ACD由于甲乙处于同一高度，都做自由落体运动，根据公式可知，时间为，时间相同，甲乙同时落地，故AD错误，C正确；B自由落体所受加速度为重力加速度，大小都为g，故B错误4、A【解析】A、根据牛顿第二定律，上滑时的加速度大小为：a2=gsin+gcos，下滑时的加速度大小为：a2=gsingcos知a2a2则上滑过程vt图象的斜率大小大于下滑过程图象的斜率大小根据位移公式x=，由于下滑与上滑过程位移大小相等，则知，下滑时间t2大于上滑的时间t2由于机械能有损失，返回到

11、出发点时速度小球出发时的初速度故A正确BCD、规定沿斜面向下为速度的正方向，则上滑速度为负，下滑速度为正，故BCD错误故选A5、B【解析】对微粒a受力分析可知a受到向下重力、洛伦兹力、向上的电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知解得对微粒b受力分析可知b受到向下重力、向上洛伦兹力和电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知解得对微粒c受力分析可知c受到向下重力、向上电场力，指向圆心的洛伦兹力，因做匀速圆周运动，则有 解得比较三个微粒质量关系可知B正确，ACD错误。故选B。6、D【解析】在匀强电场中，沿着同一方向，每前进相同的距离，电势的降低相等；先求解出D点的电势，然后找出等势面，进一步求解A

12、、D连线中点的电势。【详解】在匀强电场中，沿着同一方向，每前进相同的距离，电势的降低相等；故：A-B=D-C代入数据，有：15-3=D-（-3）解得：D=9V故D正确，ABC错误。故应选：D。【点睛】本题关键记住“在匀强电场中，沿着同一方向，没前进相同的距离，电势的降低相等”的结论。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】内阻消耗功率为： ，当电流最大时，电源内阻消耗的功率最大，而b点电流不是最大，所以内阻上消耗的功率不是最大，故A错误；在b点时，因为=，所

13、以直线ob的斜率大小与直线ac的斜率大小相等，此时外电阻和电源的内电阻的大小相等，所以电源的输出功率最大，故B正确；从ab时角越大，总电流越小，电源的总功率越小，图线与坐标轴的“面积”增大，即输出功率增大，电源的输电效为： ，所以效率增加，故C正确；从bc过程中，角增大，外电阻增大，总电流减小，电源的总功率减小，故D正确。所以BCD正确，A错误。8、BD【解析】AB.旧电池与新电池相比较，电动势几乎不变，内阻增大较多，故A错B对；CD.旧电池不能使小灯泡正常发光的原因是：小灯泡电阻较小，旧电池与之串联后电路中电流有一定的数值，由于旧电池内电阻较大，旧电池的内电压较大，旧电池的路端电压小于小灯泡

14、的额定电压，小灯泡只能发出很微弱的光旧电池能使电子钟正常工作的原因是：电子钟电阻很大，旧电池与之串联后电路中电流较小，旧电池的内电压较小，旧电池的路端电压等于电子钟的额定电压故C错D对9、AC【解析】当滑片右移时，滑动变阻器接入电阻增大，则外电路总电阻增大，电路中总电流减小，电源的内电压减小，则由闭合电路欧姆定律可知，电路的路端电压增大，故电压表示数增大；由欧姆定律可知，R3上的分压减小，而路端电压增大，故并联部分的电压增大，则电流表示数增大，故BD正确，AC错误；故选BD点睛：本题考查了电路的动态分析问题，用到了“局部-整体-局部”的方法判断电流表和电压表的变化情况。 10、AC【解析】P、

15、O两点共轴，角速度相同，然后根据v=r分析线速度的大小【详解】因为P、Q两点共轴，所以角速度相同，由公式v=r得，Q处物体的线速度大，故B错误，AC正确P、Q两物体均受万有引力和支持力两个力作用，重力只是物体所受万有引力的一个分力，故D错误故选AC三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、29.8mm【解析】1该游标卡尺为10分度，最小精确度为，读数为29mm+80.1mm=29.8mm12、9.8210-2 D 【解析】(1)1重力势能减少量Epmgh0.29.85.0110-2J9.8210-2J(2)2重物增加的动能略小于减少的重力势能

16、，主要原因是，重物及纸带在下落时受到阻力，阻力做负功，根据能量守恒，重力势能转化为物体的动能和克服摩擦力做功,故D正确。故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0.6 A(2)2.04 W(3)85%【解析】由灯泡的额定功率可求得灯泡的电流；再由串并联电路的规律可求得流过电动机的电流；由P=UI可求得电动机消耗的总功率，由焦耳定律可求得热功率，则可求得输出功率；根据=P出P求出电动机的效率。【详解】解：(1)流经灯泡的电流IL=PUL=44A=1A流经电阻R的电流IR=U-ULR=12-45A=1.6A

17、流经电动机的电流I=IR-IL=0.6A(2)电动机消耗的总功率P=UI=40.6=2.4W电动机产生的热功率P热=I2r=0.621=0.36W电动机的输出功率P出=P-P热=2.4-0.36=2.04W(3)电动机的效率=P出P=2.042.4100%=85%14、 (1)220V (2) 8800J【解析】根据欧姆定律求解电炉两端的电压；根据求解10s内发的热【详解】(1)加在该电炉两端的电压为：(2)该电炉工作时，10s内发的热为：【点睛】本题主要考查了欧姆定律及焦耳定律的直接应用，知道电炉是纯电阻电路15、（1）2A（2）7V（3）12W【解析】（1）接通电路后，小灯泡正常工作，由灯泡上的额定电压U和额定功率P的数值可