2023学年陕西白水中学物理高二第一学期期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、在如图所示的电路中，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向a端移动一段距离，下列结论正确的是A灯泡L变亮B电流表读数变大C电容器C上的电荷量增多D电压表读数变小2、有两个相同的灵敏电流计，允许通过的最大电流（满偏电流）为Ig=1mA，表头电阻Rg=30，若改装成一个量程为3V的电压表和一个量程为0.6A的电流表应分别：A串联一个2990的电阻和并联一个0.15的电阻B并联一个2990的电阻和串联一个0.15的电阻C串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻D并联一个2970的电阻和串联一个0.05的电阻3、把两根同种材料的电阻丝分别连在两个电路中，A电阻丝长为L，直径为d，B电阻丝

3、长为4L，直径为3d。要使两电阻丝在相同时间内产生的热量相等，加在两电阻丝上的电压之比应当满足（ ）AUAUB=11 BUAUB=31CUAUB=33 DUAUB=324、两个点电荷相距为L带电量均为q它们之间的静电力为F，现把距离增大为2L，电量均增为2q则静电力变为 ( ）A2F BF CF/2 DF/45、如图甲所示，倾角的光滑固定斜杆底端固定一电量为Q=510-4C的正电荷A，现将套在斜杆上的正电小球B(可视为点电荷)从斜杆的底端(与A未接触)由静止释放，在沿斜杠向上滑动的过程中小球B的能量随位移的变化关系如图乙所示，其中图线1是B的动能随位移变化的图象，图线2是B的电势能随位移变化的

4、图象.静电力常量k=9.0109Nm2/C2，重力加速度g=10m/s2,则下列说法中正确的是A小球B向上运动过程中，加速度一直在减小B由题中信息可以求出小球B的带电量C小球B的质量m=4kgD小球距离A端的最远距离为4.4m6、如图所示，若一束电子沿y轴正方向移动，则在z轴上某点A的磁场方向应该( )A沿x轴的正向B沿x轴的负向C沿z轴的正向D沿z轴的负向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，S是闭合的，U表示电容器两极板间的

5、电势差，Q表示极板所带的电量，E表示匀强电场的电场强度现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）AU不变，E变小BQ不变，E不变CU变小，E不变DQ变小，E变小8、为查明某地的地质灾害，在第一时间紧急调动了8颗卫星参与搜寻。“调动”卫星的措施之一就是减小卫星环绕地球运动的轨道半径，降低卫星运行的高度，以有利于发现地面(或海洋)目标。下面说法正确的是()A轨道半径减小后，卫星的环绕速度减小B轨道半径减小后，卫星的环绕速度增大C轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小D轨道半径减小后，卫星的环绕周期增大9、关于电场强度、磁感应强度，下列说法正确的是（）A由真空中点电荷的电场强度公式可知当r

6、趋近于零时，其电场强度趋近于无限大B电场强度的定义式适用于任何电场C由安培力公式可知，一小段通电导体在某处不受安培力，说明此处一定无磁场D一通电直导线在匀强磁场中受到安培力时，磁感应强度方向一定垂直于安培力方向10、两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有a、b、c三点，如图所示，下列说法正确的是（）Aa点电势比b点高Ba、b两点的场强方向相同，b点场强比a点大Ca、b、c三点和无穷远处的等电势D一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定金属电阻率的实验中，某同学连接电路如图所示。闭

7、合开关后，发现电路有故障（已知电源、电表和导线均完好，电源电动势为E）：(1)若电流表示数为零、电压表示数为E，则发生故障的是_断路。（填“待测金属丝”、“滑动变阻器”或“开关”）。(2)实验中用螺旋测微器测得金属丝的直径如图所示，其示数D_mm。12（12分）在一次实验时某同学用游标卡尺测量（如图），示数为_cm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一个电流表，内阻，满偏电流，要把它改装成量程为的安培表，需要并联多大的分流电阻？要把它改装成量程为的伏特表，需要串联多大的分压电阻？14（16分）如图1所示

8、，电路中R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，M为玩具电动机， 电动机线圈电阻 r1=0.5，A、V1、V2均理想电表。闭合开关 S1、断开开关 S2，在将滑动 变阻器的滑动触头 P 从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电流表示数变化的完整图线如图2所示。(1)求电源的电动势E和内阻r；(2)求滑动变阻器R2的最大功率 Pm；(3)若滑动变阻器的滑动触头P滑到最左端后，再闭合开关S2，此时电流表的示数 I=1.0A，求此状态下电动机的输出功率P15（12分）已知电流表的内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？改装后的电压表内阻是多少

9、？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】将滑动变阻器滑片P向a端移动后，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律知，电路中电流I变小，则电流表读数变小，灯泡L变暗故AB错误电容器C两端的电压UC=E-I（RL+r），I变小，其他量不变，则UC增大，电容器C上的电荷量增多故C正确变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则路端电压增大，电压表读数变大故D错误故选C.2、C【解析】把灵敏电流表改装成电压表的方法是串联一个电阻，由串联可知改装成大量程

10、的电流表需要并联电阻，由并联分流可知A分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故A错误B分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故B错误C分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故C正确D分析可知，应串联一个2970的电阻和并联一个0.05的电阻，故D错误3、D【解析】根据电阻定律R=LS可知RA:RB=L14d2:4L143d2=9:4，由于是纯电阻，则由Q=U2Rt，Q、t相同得：加在两电阻丝上的电压之比为UA:UB=RAQt：RRQt=3:2，D正确【点睛】本题考查运用比例法解题的能力。对于纯电阻电路，求解热量三个公式通用，即Q

11、=UIt=I2Rt=U2Rt4、B【解析】试题分析：根据库仑定律：可知，把两电荷距离增大为2L，电量均增为2q，则静电力变为 ，选项B正确。考点：库仑定律.5、B【解析】A、对小球B进行受力分析，受到重力、库仑斥力F和斜面对其的支持力N，如图所示：由图线1可以知道小球B先做加速运动，后做减速运动，加速度先减少后反向增大，故选项A错误；B、当动能最大时即速度最大，此时小球B合力为零，即，且，同时根据能量守恒电势能减少转化为动能和重力势能，则：，即联立可以求出，故选项B正确，选项C错误；D、小球距离A端的最远时，电势能全部转化为重力势能，则：，即：，故选项D错误。点睛：本题首先要抓住图象的信息，分

12、析小球的运动情况，再根据平衡条件和能量守恒进行处理。6、B【解析】电子沿y轴正向移动，电流方向沿y轴负向，由安培定则知z轴上某点A的磁场方向沿x的负向，B对。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：B板向下移动，但始终与电源相连，所以U不变，根据知d变大，C变小，又可知Q变小由于，所以E变小综上所述，AD正确考点：电容器决定式、定义式、平行板电容器场强点评：此类题型较为基础的考察了平行板电容器的相关知识，属于基础题型8、BC【解析】AB根据万有引力提

13、供向心力有解得，所以半径减小后，卫星的环绕速度增大，故A错误，B正确；CD根据万有引力提供向心力有得，所以轨道半径减小后，卫星的环绕周期减小，故C正确，D错误。故选BC。9、BD【解析】A当r趋近于零时，电荷不能再视为点电荷，该公式不在使用，故A错误；B为电场强度的定义式，适用于一切电场，故B正确；C导线不受安培力，可能是导线与磁场方向平行，故C错误；D安培力方向垂直于导线和磁场构成的平面，故D正确；故选BD。10、BC【解析】ACa、b、c是两个等量异种电荷连线的垂直平分线的三点，电势相等，而且与无穷远处电势相等，故A错误，C正确；Ba、b两点的场强方向都与垂直平分线垂直向右，方向相同，由于

14、b处电场线密，电场强度大于a处电场强度，故B正确；D一个电子在a点受到的电场方向垂直于垂直平分线向左，无初速释放后，将向左下方运动，不可能到达c点，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、待测金属丝； 0.700 【解析】（1）如果待测金属丝断路，电路断路，电流表示数为零，电压表接在电源两端，测电源电动势，电压表示数为E，则电路故障是：待测金属丝断路（2）螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为20.00.01mm=0.200mm，所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm【点睛】本题考查了电路故障分析，电路故障

15、检测，可以用电压表或欧姆表检查电路故障，使用欧姆表检查电路故障时，应断开电源对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量12、10.410cm【解析】1游标卡尺的主尺读数为，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为：所以最终读数为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、0.1 1900【解析】改装成电流表要并联电阻分流，并联电阻阻值为：改装成电压表要串联电阻分压，所串阻值为14、（1）E=6V，r=2（2）0.9W（3）1.875W【解析】由题图2可知，图线

16、B的延长线与纵轴的交点值表示电动势，由图线A可知R1 的电阻，电压表V2的示数变化U2等效于电源内阻r和定值电阻R1分得的电压变化，根据斜率求出内阻r；将Rl看成电源的内阻，当等效电源的内外电阻相等时，滑动变阻器R2的功率最大，根据闭合电路欧姆定律求解电流，再求出滑动变阻器 R2 的最大功率；当电流表的示数I=1A时，根据闭合电路欧姆定律求出电源的路端电压，根据并联分流求出此时通过电动机的电流，根据P输出=UI-I2r求出电动机的输出功率；【详解】解：(1)由题图2可知，图线B的延长线与纵轴的交点值表示电动势，即电源的电动势E=6V由图线A可知R1=UI=4.8-1.60.6-0.2=8电压表V2的示数变化U2等效于电源内阻r和定值电阻R1分得的电压变化，则U2与电流表示数的变化I的比值为R1+r，即U2I=R1+r=10，解得电源内阻r=2(2)由图线B知，滑动变阻器接入电路的最大阻值R2m=40.2=20，根据等效电源原理可知，当R2=R1+r=10时，R2的功率最大，此时电流I1=ER2+R1+r=0.3A滑动变阻器R2的最大功率为Pm=I12R2=0.9