2023学年天津市南开区南大奥宇培训学校物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列哪些措施是为了防止静电产生的危害（ ）A在高大建筑物顶端装上避雷针B静电植绒C静电复印D静电喷漆2、四个塑料小球，A和B互相排斥，B和C互相吸引，C和D互相排斥如果D带正电，

2、则B球的带电情况是（ ）A带正电B带负电C不带电D可能带负电或不带电3、如图所示，在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一根用绝缘线悬挂的通电金属棒MN，电流由M流向N，欲使线的张力变大，下列措施有效的有（）A只改变磁场方向B只改变电流方向C只增大电流强度D只减小磁感应强度4、有一则“守株待兔”的古代寓言，设兔子的头部受到大小等于自身重量的打击时，即可致死假若兔子与树桩作用时间大约为0.2s，则若要被撞死，兔子奔跑的速度至少为（g=10m/s2）（ ）A1m/sB1.5m/sC2m/sD2.5m/s5、下列关于点电荷的说法，正确的是()A点电荷一定是电荷量很小的电荷B点电荷是一种理想化模型，实际不存

3、在C只有体积很小的带电体，才能作为点电荷D体积很大的带电体一定不能看成点电荷6、如图所示，一矩形线框，从abcd位置移动到abcd位置的过程中，关于穿过线框的磁通量情况，下列叙述正确的是(线框平行于纸面移动)()A一直增加B一直减少C先增加后减少D先增加，再减少直到零，然后再增加，然后再减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置在管子的底部固定一电荷量为Q的正点电荷在距离底部点电荷为h2的管口A处，有一电荷量为q、质量为m的点电

4、荷由静止释放，在距离底部点电荷为h1的B处速度恰好为零现让一个电荷量为q、质量为3m的点电荷仍在A处由静止释放，已知静电力常量为k，重力加速度为g，则该点电荷运动过程中（ ）A速度最大处与底部点电荷的距离是B速度最大处与底部点电荷的距离是C运动到B处的速度是D运动到B处的速度是8、 “示波器”是电工学中的重要仪器，如图所示为示波器的原理图，有一电子在电势差为U1的电场中加速后，垂直射入电势差为U2的偏转电场，在满足电子能射出偏转电场的条件下，下列四种情况中，一定能使电子的偏转角变小的是（ ）AU1不变，U2变小BU1变大，U2变小CU1变小，U2变大DU1不变，U2变大9、如图甲所示电路中，R

5、1为定值电阻，R2为滑动变阻器闭合开关S，将R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电路中电流I的变化关系分别如上图乙中图线a、b所示若电表均为理想化，则以下论断正确的是（ ）A图线a是电压表V2的示数变化情况B电源内阻的阻值为10C电源的最大输出功率为3.6WD滑动变阻器R2消耗的最大电功率为0.9W10、如图所示电路，用直流电动机提升重量为400N的重物，电源电动势为100V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为4.0A，可以判断：（ ）A提升重物消耗的功率为400WB电动机消耗的总功率为400WC电动机线圈的电阻为5D

6、电动机线圈的电阻为20三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，需要用伏安法测定小灯泡两端的电压和通过小灯泡的电流，除开关、导线外，还有如下器材：A小灯泡“ ”B直流电源C电流表（量程，内阻约）D电流表（量程，内阻约）E.电压表（量程，内阻约）F.电压表（量程，内阻约）G.滑动变阻器（、）H.滑动变阻器（、）(1)把实验所用到的器材按字母的先后顺序填入空中：_(2)在旁边的虚线框内画出最合理的实验原理图_。12（12分）在“探究电磁感应的产生条件”实验中，采用如图甲所示的装置进行实验请用笔画线代替导

7、线在答题卷相应位置将图甲连线补充完整，确保实验现象明显_某小组电路连接正确后，在滑动变阻器滑片持续向右移动的过程中，发现灵敏电流计的指针持续向右偏，则当开关闭合时，灵敏电流计的指针将_-A向左偏一下 B向右偏一下 C持续向左偏 D持续向右偏四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，光滑斜面倾角为，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度大小突然变为原来的，但方向不变。已知sin0.6，cos0.8，重力加速

8、度为g。试求：(1)原来的电场强度；(2)物块运动的加速度大小；(3)沿斜面下滑距离为l时物块的速度。14（16分）电源的电动势为3 V，内阻为0.2 ，外电路的电阻为1.8 ，求：（1）电路中的电流是多少？（2）10 s内电流内部的非静电力移送多少库仑的电荷？（3）10 s内非静电力做了多少功？15（12分）如图所示的直角坐标系中，在0y3L的区域内有磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场一厚度不计，长度为5L的收集板MN放置在y2L的直线上，M点的坐标为（L，2L）一粒子源位于P点，可连续发射质量为m、电荷量为q（q0）的粒子（初速度近似为零），粒子经电场加速后沿y轴进入磁场区域（加速时间

9、很短，忽略不计）若收集板上下表面均可收集粒子，粒子与收集板麵后被吸收并导走，电场加速电压连续可调，不计粒子重力和粒子间的作用力求（1）若某粒子在（L，0）处离开磁场，则该粒子的加速电压U0的大小；（2）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁场中运动的最长时间；（3）收集板（上下两表面）无法收集到粒子区域的x坐标范围参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】静电的防范有：避雷针、油罐车接地、印染厂空气加湿等。静电的利用有：静电除尘、静电植绒、静电复印等；A. 避雷针是为了防止静电产生的危害，故A正确；B. 静电植绒是

10、静电的利用，故B错误；C. 静电复印是静电的利用，故C错误； D. 静电喷漆是静电的利用，故D错误。2、B【解析】由于D带正电，C和D互相排斥，故C带正电，而B和C互相吸引，则B带负电，也可能不带电；A和B互相排斥，则说明B一定带负电，故B正确，ACD错误故选B【点睛】根据电荷间的相互作用规律分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引3、C【解析】AB由左手定则可知，金属棒受安培力向下，根据平衡条件可知根据左手定则，只改变磁场的方向或只改变电流方向致使安培力方向向上，线的张力变小，AB错误；C只增大电流强度，安培力增大，线的张力变大，C正确；D只减小磁感应强度，安培力变小，线的张力变小，D错误。

11、故选C。4、C【解析】取兔子奔跑的速度方向为正方向.根据动量定理得,可得，由F=mg，得到；故选C.【点睛】本题应用动量定理研究碰撞过程物体的速度对于打击、碰撞、爆炸等变力作用过程，往往用动量定理研究作用力5、B【解析】点电荷是将物体简化为点，带电物体能否简化为点关键是看物体的大小对于研究的问题能否忽略不计，而不是看电荷量的大小，也不能看体积大小，即体积很小的不一定能看做点电荷，体积很大的也不一定不能看做点电荷，故ACD错误；点电荷是一种理想化模型，实际不存在，选项B正确6、D【解析】离导线越近，磁场越强，当线框从左向右靠近导线的过程中，穿过线框的磁通量增大，当线框跨在档线上向右运动时，磁通量

12、减小，当导线在线框正中央时，磁通量为零，从该位置向右，磁通量又增大，当线框离开导线向右运动的过程中，磁通量又减小；故ABC错误，D正确；故选D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】当点电荷的质量为m时，则在下落过程中受重力和电库仑力，下落到B点时速度为零，由动能定理可得：，即，当点电荷的质量变为3m时，下落到B点时库仑力不变，故库仑力做功不变，由动能定理得，解得；当重力等于库仑力时，合力为零，此时速度最大，解得，故BC正确，AD错误，故选BC.【点睛】由题意

13、可知，电荷在下落过程中受重力、库仑力，由动能定理可得出两力做功的关系；同理可应用动能定理求出当质量变化时B点的速度；通过对过程的分析可得出速度最大处的位置；并通过电场力做功的正负，来判定电势能增加还是降低8、AB【解析】根据动能定理：，得：，在偏转电场中：，若使偏转角变小即使变小，故A、B正确点晴：本题是带电粒子先加速后偏转问题，电场中加速根据动能定理求解获得的速度、偏转电场中类平抛运动的研究方法是运动的分解和合成，常规问题9、AD【解析】当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而R1两端的电压增大，R2两端的电压减小，故b表示是V1示

14、数的变化；a表示V2示数的变化；故A正确；由图可知，当只有R1接入电路时，电路中电流为0.6A，电压为3V，则由E=U+Ir可得：E=3+0.6r；当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，故；由闭合电路欧姆定律可得E=5+0.2r，解得r=5，E=6V，故B错误；因当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于5时，电源的输出功率最大，故此时电流I=0.6A，故电源的最大输出功率P=UI=1.8W；故C错误；由图线可知，R1的阻值为5，把 R1等效为电源的内阻，则当滑动变阻器的阻值等于R1+r时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为10时，滑动变阻器消耗的功率最大，

15、由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流I=0.3A，则滑动变阻器消耗的总功率P=I2R=0.9W；故D正确10、BC【解析】试题分析：电动机消耗的电功率为，电动机输出功率即提升重物消耗的功率为，所以电动机的热功率为，根据公式可得，故B、C正确考点：考查了电功率的计算三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ABCEH 【解析】(1)1先选唯一性器件AB，由于灯泡额定电流故电流表选C；灯泡额定电压为6V，故电压表选E；电路采用分压电路，为方便操作，滑动变阻器选小的，即选H，故实验所用到的器材按字母的先后顺序ABCEH。(2)2描绘灯泡伏安特性曲线

16、滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常工作时电阻为由于，即故电流表应采用外接法，实验电路图如图所示。12、 A 【解析】(1) 电源、开关、滑动变阻器和上面的线圈组成回路，滑动变阻器可以改变电流，来检验在下面的线圈是否会产生，下面的线圈和灵敏电流表相连，电路如图：(2) 滑动变阻器滑片持续向右移动的过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的电流变小，通过大线圈的磁通量变小，灵敏电流计指针向右偏，所以当闭合开关时，电路中的电流变大，通过大线圈的磁通量变大，则灵敏电流计的指针向左偏一下，故A正确；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

17、13、 (1)(2)0.3gm/s2，方向沿斜面向下(3)【解析】(1)对小物块受力分析如图所示由平衡可得mgsinqEcos解得E (2)当场强变为原来的时，小物块所受的合外力F合mgsinqEcosma所以a0.3g方向沿斜面向下(3)由动能定理得v202al，解得14、（1）1.5 A（2）15 C（3）45 J【解析】根据闭合电路欧姆定律可求得电流；根据Q=It即可求出移送的电荷量；根据W非=q求非静电力做功。【详解】（1）由闭合电路欧姆定律：（2）10 s内电流内部的非静电力移送的电荷为：Q=It=1.5 A10 s=15 C（3）根据，可得：W非=q=315 J=45 J【点睛】本题主要考查了闭合电路欧姆定律及电源电动势的定义式，属于基础题。15、（1） （2） （3）2Lx4L及（3）Lx6L【解析】（1）由题意知，粒子在边界距d点L处离开磁场，半径 由 得 （2） 如图，轨迹1为打在下板最长时间对应轨迹 （3）打到下板面最右端的粒子轨迹与板下表面相切，如图轨迹1：切点E离y轴距离为xE2L 下表面不能打到的区域2Lx6L 打到上极板面，存在两个临界情况：如图轨迹2所示