2023学年山西省朔州市怀仁市第一中学物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，小球m在竖直放置的内壁光滑的圆形细管内做半径为R的圆周运动，小球过最高点速度为v，则下列说法中正确的是（）Av的最小值为v=B小球通过最高点时一定受到管壁向上

2、的弹力C若v由减小，则小球在最高点受到的管壁弹力也减小D若v由增大，则小球在最高点受到的管壁弹力也增大2、如图，将物体从固定的光滑斜面上静止释放，物体沿斜面下滑的过程中，下列说法正确的是（ ）A物体所受的合力为零B斜面对物体的支持力对物体做正功C物体的动能不变D物体的机械能守恒3、一段长为L、电阻为R的粗细均匀金属丝，把它拉成长为4L的均匀细丝后，切成等长的4段，然后把它们并联在一起，其阻值为( )AB4RCDR4、某原子电离后其核外只有一个电子，若该电子在核的库仑力作用下绕核做匀速圆周运动，那么电子运动( )A半径越大，加速度越大 B半径越小，周期越大C半径越小，线速度越小 D半径越大，线速

3、度越小5、在秋冬的干燥天气里，当你在黑暗中脱下含腈纶材料的衣服时，会看到“闪光”，同时听到“咝咝”的声音，对于这一现象的判断，下列说法中正确的是()A感应起电现象B接触起电现象C摩擦起电现象D电荷中和现象6、如图所示,A、B、C、D是匀强电场中四个点,正好是平行四边形的四个顶点,O点为平行四边形两条对角线的交点,电场线与平行四边形所在平面平行。已知A=-4V;B=6V;C=8V ,则O点和D点的电势分别为( )A-6V 0B0 -6VC2V -2VD-2V 2V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全

4、的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板与灵敏的静电计相连，极板B接地，若极板B稍向上移动一点，下列说法正确的是 A两极板间的电压几乎不变B电容器极板上所带电荷量变大C电容器极板上所带电荷量几乎不变D电容器两极板间的电压变大8、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负点的小物体以初速度v1从M点沿下面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2v1)若小物体电荷量保持不变，OM=ON，则（ ）A从N到M的过程中，小物体的电势能逐渐减小B从N到M的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功C从N到M的过程中，小物体受到的摩擦力和

5、电场力均是先增大后减小D小物体上升的最大高度为9、下列设备或电器中，没有利用电磁感应原理工作的是A发电机B白炽灯C电动机D电吹风10、如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以()A将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极B将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）使用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图所示，则金属丝的直径是

6、 mm12（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤如下：（1）用刻度尺量出圆柱体长度为L，用螺旋测微器测出其直径d 如图所示，则d= _mm（2）(多选)若用多用电表的欧姆挡粗测圆柱体的电阻机械调零、欧姆调零后，选择“100”倍率进行测量，发现表针偏转角度很大，正确的判断和做法是_A被测电阻值很大B被测电阻值很小C为了把电阻值测得更准一些，应换用“1k”挡，重新欧姆调零后再测量D为了把电阻值测得更准一些，应换用“10”挡，重新欧姆调零后再测量（3）现选择多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为R=_ （4）该同学想用伏安法

7、更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程04mA，内阻约50）； 电流表A2（量程010mA，内阻约30）电压表V1（量程03V，内阻约10k）； 电压表V2（量程0 15V，内阻约25k）直流电源E（电动势4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围015，允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围02k，允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号_（5）根据测得量求出圆柱体材料的电阻率表达式_(用U、I、L、d 等符号表示）四、计算题：本题共2小

8、题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，BC是位于竖直平面内，半径的圆弧形光滑绝缘轨道，圆心角，其下端点C与足够长的水平绝缘轨道平滑连接，在C点右侧存在水平向左的匀强电场，电场强度今有一质量为、带电荷量的小物块（可视为质点）从A点以的初速度水平抛出，在B点沿切线进入圆弧轨道若已知物块与水平轨道间的动摩擦因数，物块在运动过程中电量不变，取，求：（1）A、B两点之间的高度差h；（2）带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小；（3）通过计算判断小物块能否从B点离开轨道；若不能，求出整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程S1

9、4（16分）如图所示，放在平行光滑导轨上的导体棒 ab 质量为 0.1kg，长为 0.5m，导轨与水平面成 30角， 导体棒与导轨垂直，空间有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度为 2T，若要使导体棒处于静止状态，那么：(1)棒中应通以什么方向的电流？电流强度应多大？(2)在上述电流的情况下，欲使导体棒静止在导轨上，求外加的匀强磁场的磁感应强度的最小值及方向。15（12分）如图所示，AB两端接直流稳压电源，UAB=100V，R0=40，滑动变阻器总电阻R=20，（1）当滑动片处于变阻器中点时，C、D两端电压为多少？通过电阻R0的电流为多少？（2）移动滑片时，C、D两端电压最大值和最小值分别为多少？参

10、考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】小球在最高点，由于细管对小球的弹力可以向上，也可以向下，则v的最小值为零，故A错误在最高点，若v，细管对小球的弹力方向向下，若v，细管对小球的弹力方向向上，故B错误若v由减小，细管对小球的弹力方向向上，根据牛顿第二定律得，mgFm，速度减小，弹力变大，故C错误若v由增大，细管对小球的弹力方向向下，根据牛顿第二定律得，mg+Fm ，速度增大，弹力变大，故D正确故选D【点睛】小球在圆管中运动类型与轻杆模型相似，属于有支撑物的类型，小球到达最高点临界速度为零.2、D【解析】A物

11、体沿光滑斜面加速下滑，则物体所受的合力不为零，A错误；B斜面对物体的支持力的方向与斜面垂直，与物体的运动方向垂直，则支持力对物体不做功，B错误；C合外力对物体做正功，故物体的动能增加，C错误；D斜面光滑，故只有重力做功，则机械能守恒，D正确。故选D。3、D【解析】把粗细均匀金属丝拉成长为的均匀细丝后，切成等长的4段，每段长度不变，横截面积变为原来的，根据电阻定律可得每段的电阻为；然后把它们并联在一起，其总阻值为，故选项D正确，A、B、C错误。4、D【解析】由向心力公式 ，可知，半径越大，库仑力越小，加速度越小，周期越大，线速度越小，角速度越小；半径越小，库仑力越大，加速度越大，周期越小，线速度

12、越大，角速度越大，故D正确；综上所述本题答案是：D5、C【解析】在干燥的天气中脱下含腈纶材料的衣服时，外衣与里面的衣服摩擦，使它们带有异种电荷，属于摩擦起电，电荷放电，发出“咝咝”的声音。故选C。6、C【解析】在匀强电场中，沿着某个方向，每前进相同的距离，电势的变化相同，故：B-A=C-D,代入数据为：6-（-4）=8-D,解得：D=-2V,同理有：C-O=O-A,代入数据有：8-O=O-（-4）,解得O=2V；故C正确，A、B、D错误。故选C.【点睛】本题的关键是根据公式U=Ed得出“匀强电场中沿着某个方向每前进相同的距离电势的变化相同”的结论，并能做到直接应用。二、多项选择题：本题共4小题

13、，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】电容器与电源未相连，则电容器极板上所带的电荷量不变，根据电容决定式： 可知，极板B稍向上移动一点，则s减小，电容减小，根据可知，电压增大，故CD正确，AB错误。8、BC【解析】AB. 从N到M的过程中，电场力与速度方向的夹角先为锐角后卫钝角，因此电场力先做正功后做负功，因此小物块的电势能先减小后增大，因此A错误B正确；C.正电荷和小物块的距离先减小后增大，因此两个电荷之间的库仑力先增大后减小，且库仑力在垂直斜面方向的分力也是先增大后减小，因此由滑动

14、摩擦力先增大后减小，C正确D. 的单位为秒，是时间单位不是距离单位，因此上升高度不可能是，D错误9、BCD【解析】发电机是线圈在磁场中运动，结果是产生电流，利用电磁感应现象原理，故A正确；白炽灯是将电能转化为热能后一部分热能转化为光能的设备，即是消耗电能的电热装置，故B错误；电动机是线圈在磁场中运动，因通电，而产生力，故C错误；电吹风是将电能转化为热能，与电磁感应无关，故D错误；故选A10、AB【解析】运用安培定则判断电流产生的磁场方向，根据左手定则判断安培力方向.将选项逐一代入检验，选择符合题意的.【详解】A、将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向

15、向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，符合题意;故A正确.B、将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，符合题意;故B正确.C、将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，不符合题意;故C错误.D、将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，

16、不符合题意;故D错误.故选AB.【点睛】本题考查了右手螺旋定则和左手定则的应用，要判断准电流方向和磁场方向.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.1500.1【解析】试题分析：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解：螺旋测微器的固定刻度为2mm，可动刻度为15.00.01mm=0.150mm，所以最终读数为2mm+0.150mm=2.150mm最后的结果可以为2.1500.1故答案为2.1500.1【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量

17、12、5.312mm-5.318mm； BD； 220； 【解析】(1) 螺旋测微器固定刻度读数为5mm，可动刻度读数为31.30.01mm，最终读数为5+0.313=5.313mm，由于螺旋测微器可动刻度要估读，所以读数在5.312mm-5.318mm都算正确；(2) 用“100”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度很大，说明所测电阻较小，所选挡位太大，为准确测量电阻阻值，应换用“10”挡，换挡后重新进行欧姆调零，然后再测电阻阻值；故AC错误，BD正确；(3) 如果是用10挡测量电阻，由图示表盘可知，读数为2210=220；(4) 电源电动势为4V，电压表选V1，待测电阻阻值约为200，电

18、路最大电流约为：，电流表选择A2，电压从零开始变化，因此滑动变阻器应采用分压接法，由于，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示：(5) 圆柱体电阻，电阻率点晴：用欧姆表测电阻要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近；欧姆表最大刻度线在左侧，0刻度线最最右侧，根据多用电表选择开关位置确定其所测量的量与量程，然后根据指针位置读出其示数，电压从零调起，滑动变阻器应采用分压接法，根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图，根据实验数据，由电阻定律求出电阻率的表达式四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0.2m；(2)6.1N；(3) 1.0m【解析】(1)从A到B做平抛运动，则有：解得：根据动能定理可得：解得A、B两点之间的高度差：(2)从B到C根据动能定理可得：在C点则有：解得：，根据牛顿第三定律可得带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小：(3) 小物块向右运动，根据动能定理可得：小物块向左运动，设回到B点速度为，根据动能定理可得：无解，所以不能从B点离开轨道，最终停在C点；根据动能定理可得：整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程：14、（1）b到a方向，；（2）垂直于导轨斜面向上，【解析】（1）由左手定则可知，棒中应通b到