新疆昌吉市第九中学2023学年高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在正点电荷产生的电场中，关于A、B两点电场强度的大小，下列说法正确的是AEAEBBEA=EBCEAEBD无法判断2、如图（甲）所示中，AB是一个点电荷形成的电场中的一条电

2、场线，图（乙）则是放在电场线上P、Q处检验电荷所受电场力的大小与其电荷量间的函数图象，电场方向由A指向B，由此可以判断（）A场源电荷是正电荷，位于A侧B场源电荷是正电荷，位于B侧C场源电荷是负电荷，位于A侧D场源电荷是负电荷，位于B侧3、三个阻值都为9的电阻，它们任意连接、组合，总电阻可能为（）A9B8C27D304、在空间有正方向为水平向右，场强按如图所示变化的电场，位于电场中A点的电子在t=0时静止释放，运动过程中只受电场力作用。在t=1s时，电子离开A点的距离大小为l,那么在t=3s时，电子将处在（ ）AA点右方3l处 BA点左方2l处CA点左方3l处 DA点5、地球静止轨道卫星和中轨道

3、卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别为h1和h2，且h1h2。则下列说法中正确的是A静止轨道卫星的周期比中轨道卫星的周期大B静止轨道卫星的线速度比中轨道卫星的线速度大C静止轨道卫星的角速度比中轨道卫星的角速度大D静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星的向心加速度大6、2017年，人类第一次直接探测到来自双中子星的引力波根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并前约100s时，它们相距约400km，绕二者连线上的某点每秒转动12圈将两颗中子星都看做质量均匀分布的球体，且合并前两颗中子星的质量均保持不变估算一下，当两颗中子星相距100km时，绕二者连线上的某点每秒转动（）A6圈B24圈C48圈D

4、96圈二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量相同,电荷相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中虚线所示下列表述正确的是（不计重力）（ ） AM带正电，N带负电BM的速率大于N的速率C洛伦兹力对M、N不做功DM的运行时间大于N的运行时间8、一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（ ）At1 时刻线圈位于中性面Bt2 时刻通过线圈的磁通量最大C电动势的有效值为

5、D一个周期内交变电流的方向改变一次9、远距离输电时，当输送的功率相同时，输送导线上的电阻损失的功率应是：A与输送的电压的平方成正比B与输送的电流的平方成正比C与输送的电压的平方成反比D与输电导线上的电压降的平方成正比10、如图为一种服务型机器人，其额定功率为48 W，额定工作电压为24 V，机器人的锂电池容量为20 Ah。则机器人()A额定工作电流为20 AB充满电后最长工作时间为2 hC电池充满电后总电量为7.2104 CD以额定电流工作时每秒消耗能量为48 J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）电流、电压传感器是能通过数据采集

6、器采集电流、电压的大小并直接输出电流、电压数值的精确测量仪器。某实验小组利用电流、电压传感器来做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验:（1）在实物图（甲）中，B传感器应该采用_（填“电压传感器”或“电流传感器”）；（2）在实物图（甲）中，已正确连接了部分导线，请完成剩余部分的连接，要求电压传感器的示数能从零开始取值（画在答题纸上）_；（3）开关闭合前，图（甲）中滑动变阻器触头应该处于_（填“a”或“b”）端；（4）实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图（乙）所示。现将这个小灯泡接到电动势为1.5V，内阻为5的电源两端，根据图中图像和该电源输出电流与路端电压的关系图线，可以得到小灯泡消耗的功率是_W。（

7、结果保留两位小数）12（12分）某研究性学习小组利用图甲所示电路测量某电源的电动势E和内阻r。由于该电池的内阻r较小，因此在电路中接入了一阻值为2.1的定值电阻R1（1）按照图甲所示的电路图，将图乙所示的实物连接成实验电路（_）（2）闭合开关S，调整电阻箱的阻值，读出电压表相应的示数U，并计算出通过电阻箱的电流I，下表给出了电压、电流数值，为了比较准确地得出实验结论，在图丙所示的坐标纸中作U-I图线。（_）R/41.1112.118.116.11U/V1.911.661.571.43I/A1.14711381.1961.238（3）从图线得到E=_V，r=_四、计算题：本题共2小题，共26分。

8、把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）从离地面高为H=80m的高空自由下落一个小球，(取g=10m/s2.)求：（1）小球经过多长时间落到地面；（2）小球落地的速度大小；（3）小球最后1s内下落的位移14（16分）如图所示，在匀强电场中有abc三点，ab相距4cm，bc相距10cm，将一个带电荷量为210-8C 的电荷从a点移到b点时，电场力做功为410-6 J将此电荷从b点移到c点时电场力做功为多少？，a、c间电势差为多少？15（12分）如图所示,区域内有电场强度为E =2104N/C、方向竖直向上的匀强电场；区域中有一光滑绝缘圆弧轨道，轨道

9、半径为R =2m,轨道在A点的切线与水平方向成60角，在B点的切线与竖直线CD垂直；在区域有一宽为d =3m的有界匀强电场，电场强度大小未知,方向水平向右.一质量为=0.4kg、带电荷量为q =-210-4C的小球(质点)从左边界O点正上方的M点以速度=2m/s水平射入区域，恰好从A点沿圆弧轨道切线进人轨道且恰好不能从区域中电场的右边界穿出，(g取10m/s2)求：（1）OM的长L；（2）区域中电场的电场强度大小；（3）等高,小球到达区域中的电场边界上的点与间的距离.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由

10、于电场线的疏密可知，A点处电场线较密，电场强度较大，所以EAEB，故A正确，BCD错误；2、A【解析】试题分析：由电场强度的定义式得：F=Eq，则知：F-q图象的斜率表示电场强度大小，图线Q的斜率小于P的斜率，说明Q处场强小于P处的场强，该电场是由点电荷产生的，说明Q距离场源较远，即场源位置位于A侧；因为电场线的方向由A指向B，因此为正电荷3、C【解析】当三个电阻串联时，总电阻为当三个电阻并联时，总电阻为当两个电阻串联后与第三个电阻并联，总电阻为当两个电阻并联后与第三个电阻串联，总电阻为故选C。4、C【解析】试题分析：由牛顿第二定律可知qE=ma，加速度的变化与场强的变化一致，所以在前半个周期

11、粒子向着负方向做匀加速直线运动，到1s末速度增大到负向最大，后场强方向反向，粒子向着负方向做匀减速直线运动，由可知在2s末速度减小到零，以后周而复始的重复前一个周期的运动，由此可知在t=3s时，电子将处在A点左方3l处，C对，故选C考点：考查交变电场的问题点评：本题难度中等，应由F=qE判断力的变化图像，再由牛顿第二定律判断a-t图像，再判断速度时间图像，由此得出粒子的实际运动情况5、A【解析】地球静止轨道卫星和中轨道卫星都在圆轨道上运行，它们距地面的高度分别为h1和h2，且h1h2，则地球静止轨道卫星的轨道半径比中轨道卫星大，根据万有引力提供向心力得，解得：T2，地球静止轨道卫星的轨道半径比

12、中轨道卫星大，则静止轨道卫星的周期比中轨道卫星的周期大，故A正确；，地球静止轨道卫星的轨道半径比中轨道卫星大，所以静止轨道卫星的线速度大小小于中轨道卫星的线速度大小，故B错误；，地球静止轨道卫星的轨道半径比中轨道卫星大，静止轨道卫星的角速度比中轨道卫星的角速度小，故C错误；，地球静止轨道卫星的轨道半径比中轨道卫星大，静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星的向心加速度小，故D错误。故选A。【点睛】解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据轨道半径的关系比较向心加速度、线速度和周期6、D【解析】设两颗星的质量分别为、，轨道半径分别为、，相距L=400km，提供向心力可知：联立可得：合两颗中子星的质

13、量均保持不变，则它们的轨道半径的比值不变；当两颗中子星相距时，由于：则可得：开始时两颗星绕二者连线上的某点每秒转动12圈，角速度增大为8倍后，则两颗星绕二者连线上的某点每秒转动的速度增大为8倍，为每秒96圈；A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相符，故D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】磁场的方向向里，N向左偏即受到向左的洛伦兹力，M向右偏即受到向右的洛伦兹力，由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷

14、，A错误；粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=mv2R，半径为R=mvBq，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速率大于N的速率，B正确；洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，所以洛伦兹力不做功，C正确；根据周期公式T=2mqB可知粒子在磁场中运动周期和速度无关，由于两粒子的质量和电荷都相同，所以粒子在磁场中运动周期相同，从图中可知粒子在磁场中运动半周，即两粒子在磁场中运动时间都为周期的一半，所以M的运行时间等于N的运行时间，故D错误8、AC【解析】试题分析：由图知，在t1 时刻线圈的电动势为零，磁通量最大，处于中性面的位置，所以A正确；t2 时刻线圈的电动势最大，故磁通量

15、最小，所以B错误；如图所示，电动势为余弦规律变化，故有效值为所以C正确；一个周期内交变电流的方向改变两次，所以D错误考点：本题考查交变电流9、BCD【解析】损失的功率 ,故BD正确;又 得： ,故C正确；综上所述本题答案是：BCD10、CD【解析】A. 根据P=UI可知，额定电流应该为故A错误。B. 机器人的锂电池容量为20Ah，即当额定电流2A下工作时，能够工作最长时间为10h，故B错误。C. 电源充满电后的总电量为q=It=203600C=7.2104C故C正确。D. 在额定电流下，机器人功率48W，即每秒消耗48J电能，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定

16、的答题处，不要求写出演算过程。11、 (1)电流传感器 (2)如图； (3) a (4) 0.10 【解析】解：(1)由图可知传感器与电路是串联关系，故应为电流传感器；(2)由题意可知，实验要求电压值从零开始调节，故应采用滑动变阻器分压接法，实验电路如图所示；(3)由图可知，测量部分与滑动变阻器右侧并联，为了让电压从零开始变化，滑片开始时应在最端；(4)根据闭合电路欧姆定律可得，代入数据可得，在图中作出电源的伏安特性曲线，交点为灯泡的工作点，由图可知电流为0.1A，电压为1.0V，则灯泡的功率。 12、 2.1 1.4 【解析】(1)1 根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：(2)2

17、根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：(3)34 由图示电源U-I图象可知，图象与电压轴的交点坐标值为2.1，则电源电动势E=2.1V；图象斜率绝对值等于电源内阻与保护电阻阻值之和，则电源的内阻r=k-R1=2.4-2.1=1.4四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4s；（2）40m/s；（3）35m【解析】（1）根据得下落时间为：（2）根据速度公式可得小球落地的速度为：v=gt=104m/s=40m/s（3）小球在最后1s内下落的位移为：14、 450V【解析】由题,电荷从a点移到b点时,电场力做功：电荷从b点移到c点时电场力做功：解得：a、c间电势差15、（1）0.3m（2） （3）21m【解析】（1）小球在区域 I中做类平抛运动，设小球在A点的速度为vA，竖直分速度为vy，则有 由牛顿第二定律可得：由匀变速直线运动的速度位移公式得解得；（2）在区域 II中，由图可能得，由A至