2023学年陕西省宝鸡中学、西安三中等五校物理高二上期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B为两块水平放置的金属板，通过闭合的开关S分别与电源两极相连，两板中央各有一个小孔a和b在a孔正上方某处一带电质点由静止开始下落，不计空气阻力，该质点到达b孔时速度恰

2、为零，然后返回现要使带电质点能穿出b孔，可行的方法是()A保持S闭合，将B板适当下移B保持S闭合，将A板适当上移C先断开S，再将A板适当上移D先断开S，再将B板适当下移2、一枚火箭搭载着卫星以速率v0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离已知前部分的卫星质量为m1，后部分的箭体质量为m2，分离后箭体以速率v2沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系统质量的变化，则分离后卫星的速率v1为（ ）Av0-v2Bv0+v2CD3、如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的内电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I.电压表和电流表均是理想电表以下叙述正确的是()At s

3、内，电动机产生的热量是IUtBt s内，电动机消耗的电能是IUtC电源电动势是IRIrD电源电动势是U4、如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向下，磁场方向垂直于纸面向里。三个带负电的微粒a、b、c电荷量相等，质量分别为ma、mb、mc。已知在该区域内，a在纸面内向右做匀速直线运动，b在纸面内向左做匀速直线运动，c在纸面内做匀速圆周运动。下列选项正确的是（） AmambmcBmbmcmaCmcmambDmcmbma5、如图所示，两块较大的金属板AB相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电量为q的油滴处于静止状态，以下说法正确的是A若将S断开，则油

4、滴将做自由落体运动，G表中无电流B若将A向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有ba的电流C若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有ab的电流D若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有ba的电流6、一端固定在天花板上的绝缘细线的另一端与一带正电的小球M相连接，在小球M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在图中，小球M能处于静止状态的是（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是电阻R的I-U曲线，图中=370由此

5、可得（ ）A电阻与其两端的电压成正比BIU图象的斜率表示电阻的倒数，所以R1/tan374/3 C此导体的电阻RU/I=2 D在R两端加6.0 V电压时，每秒通过导体截面的电荷量是3.0 C8、平行板电容器保持与直流电源两极连接，充电平衡后，两极板间的电压是U，电荷量为Q，两极板间场强为E，电容为C，现将两极板间距离减小，则引起变化的情况是AQ变大 BC变大 CE不变 DU变小9、用t、v、s分别表示物体运动的时间、速度、位移，以下图象中，能表示物体做匀速直线运动的是（ ）ABCD10、如图所示，一正方形线圈abcd在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO匀速转动，沿着OO方向观察，线圈沿逆时针

6、方向转动。已知匀强磁场的磁感应强度为B，线圈匝数为n，边长为l，电阻为R，转动的角速度为。则当线圈转至图示位置时（ ）A线圈中感应电流的方向为abcdaB线圈中的感应电流为C穿过线圈的磁通量为0D穿过某匝线圈磁通量的变化率为Bl2三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用图所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b球静置在斜槽轨道末端，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次回答下列问题：

7、(1)在安装实验装置时斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是_；用实验中所给器材如何检验槽末端是否水平：_ 。 (2)小球a、b质量ma、mb的大小关系应满足ma _mb，两球的半径应满足ra _ rb（选填“”、“”或“=”）。(3)本实验中小球落地点的平均位置距O点的距离如上图所示，这时小球a、b两球碰后的平均落地点依次是图中水平面上的_ 点和_ 点。(4)在以下选项中，哪些是本次实验必须进行的测量？ （_） A水平槽上未放B球时，测量A球落点位置到O点的距离BA球与B球碰撞后，测量A球与B球落点位置到O点的距离CA球和B球在空间飞行的时间(5)在本实验中结合图，验证动量守恒的验证式是

8、下列选项中的_ 。A B C12（12分）在“探究决定导线电阻的因素”实验中，所用测量仪器均已校准(1)如图所示，螺旋测微器的读数为_ mm；游标卡尺的读数为_ mm。(2)用伏安法测金属丝的电阻Rx.实验所用器材为：电池组(电动势3 V，内阻约1 )、电流表(内阻约0.1 )、电压表(内阻约3 k)、滑动变阻器R(020 ，额定电流2 A)、开关、导线若干某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上实验数据可知

9、，他们测量Rx的电路是采用下图中的_图(选填“甲”或“乙”)(3)图丙是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线，滑动变阻器的滑片P置于变阻器的一端请根据(2)所选的电路图，补充完成图中实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏_(4)这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图丁所示，图中已标出了与测量数据对应的4个坐标点请在图中标出第2、4、6次测量数据的坐标点，并描绘出UI图线由图线得到金属丝的阻值Rx_ (保留两位有效数字)(5)任何实验测量都存在误差本实验所用测量仪器均已校准，下列关于误差的说法中正确的选项是_A用仪器测量金属丝直径时，由于读数引起的误差属于

10、系统误差B由于电流表和电压表内阻引起的误差属于偶然误差C若将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由测量仪表引起的系统误差D用UI图象处理数据求金属丝电阻可以减小偶然误差四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）有一个带电量q=310-6C的正点电荷，从某电场中的A点移到B点，电荷克服静电力做功910-4J，从B点移到C点，静电力对电荷做610-4J的功，问： (1)AC间电势差为多少？ (2)如以A点电势为零，则B点的电势为多少？电荷在B点的电势能为多少？14（16分）一个质量为50kg的运动员进行蹦床运动表演

11、，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面5.0m高处。已知运动员与网接触的时间为0.5s，取10 m/s2。（1）求运动员从开始下落到与网接触前，重力的冲量；（2）求运动员从接触网到离开网，网对运动员的平均作用力大小。15（12分）如图所示，已知一带电量为q的小球在光滑绝缘的水平面上从静止开始经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场和匀强磁场的复合场中，E和B均已知，小球在此空间的竖直面内做匀速圆周运动，（已知重力加速度为g)。则：（1）试判断小球的电性；（2）小球做匀速圆周运动的半径为多少？（3）进入复合场后小球做匀速圆周运动的周期为多少？参考答案一、单项选择题

12、：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】设质点距离A板的高度h，A、B两板原来的距离为d，电压为U质点的电量为q。由题质点到达b孔时速度恰为零，根据动能定理得mg（h+d）-qU=1。若保持S闭合，将B板适当下移距离d，由动能定理得mg（h+d+d）-qU=12mv2，则v1，质点能穿过b孔。故A正确。若保持S闭合，将A板适当上移，设质点到达b时速度为v，由动能定理得mg（h+d）-qU=12mv2，v=1，说明质点到达b孔时速度恰为零，然后返回，不能穿过b孔。故B错误。若断开S时，将A板适当上移，板间电场强度不变，设A板上移距离

13、为d，质点进入电场的深度为d时速度为零。由动能定理得mg（h-d）-qEd=1，又由原来情况有mg（h+d）-qEd=1比较两式得，dd，说明质点在到达b孔之前，速度减为零，然后返回。故C错误。若断开S，再将B板适当下移，根据动能定理，并由C选项分析可知，质点在到达b孔之前，速度减为零，然后返回。故D错误。故选A。【点睛】本题应用动能定理分析质点的运动情况，其中用到一个重要推论：对于平行板电容器，当电量、正对面积不变，改变板间距离时，板间电场强度不变2、D【解析】本题考查动量守恒定律【详解】系统分离前后，动量守恒： ，解得： ，故ABC错误；D正确3、B【解析】ABt秒钟内，电动机消耗的电能为

14、UIt，电动机产生的热量是I2Rt，输出的电功为UIt-I2Rt，故A错误，B正确；CD根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+Ir，电动机是非纯电阻电路，故UIR，故E=U+IrIR+Ir，故CD错误；4、B【解析】对微粒a受力分析可知a受到向下重力、洛伦兹力、向上的电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知解得对微粒b受力分析可知b受到向下重力、向上洛伦兹力和电场力，因做匀速直线运动，由平衡条件可知解得对微粒c受力分析可知c受到向下重力、向上电场力，指向圆心的洛伦兹力，因做匀速圆周运动，则有 解得比较三个微粒质量关系可知B正确，ACD错误。故选B。5、B【解析】A若将S断开则不变，由：知电场强度不

15、变，所以，油滴仍然处于静止状态，G中无电流，故A错误。B保持S闭合，则不变，将A向左移动则d不变，电场强度E不变，所以，油滴仍然处于静止状态；将A向左移动则电容器正对面积S减小，则根据：知C减小，根据：知电容器容纳电荷量减小，所以电容器有放电现象，G表中有b到a的电流，故B项正确。C保持S闭合，则不变，将A向上移动则d增大，根据电场强度减小，所以，油滴向下加速运动；由于d增大根据：可知C减小，电容器容纳电荷量减小，所以电容器有放电现象，G表中有b到a的电流，故C错误。D保持S闭合，则不变，将A向下移动则d减小，根据：可知电场强度增大，油滴向上加速运动；由于d减小根据：可知C增大，电容器容纳电荷

16、量增大，所以电源对电容器充电，G表中有a到b的电流，故D错误6、B【解析】设小球M受到的重力为G，细线的拉力为，静电力为F，如果小球M能处于静止状态，则G，F三个力的合力必须为零，其中任意两个力的合力与第三个力大小相等、方向相反，对题中的粒子受力分析，结合平行四边形定则，满足条件的只有选项B，故B正确，ACD错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】根据电阻的定义式：可知，导体的电阻与其两端电压没关系，故A错误；根据电阻的定义式：可知，I-U图象斜率的倒数

17、等于电阻R，则得: ，故C正确，B错误；由图知，当U=6V时，I=3A，则每秒通过电阻横截面的电荷量是q=It=31C=3.0C，故D正确所以CD正确，AB错误8、AB【解析】试题分析：平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压保持不变将两极板间距离减小，由电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式确定电量的变化根据分析电场强度E如何变化平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压U等于电源的电动势保持不变将两极板间距离d减小，由电容的决定式分析得知，电容C变大，电量，U不变，C变大，Q变大由根据分析电场强度E变大，AB正确9、AD【解析】本题考查的是对物体运动的时间、速度、位移图像的理解表示

18、物体做匀速直线运动的是AD.B表示物体做匀加速直线运动，C表示物体静止所正确答案AD10、BCD【解析】A图示时刻，ad速度方向向里，bc速度方向向外，根据右手定则判断出ad中感应电流方向为ad，bc中电流方向为cb，线圈中感应电流的方向为adcba。故A错误。B线圈中的感应电动势为E=nBS=nBl2线圈中的感应电流为故B正确.CD图示时刻ad、bc两边垂直切割磁感线，穿过线圈磁通量为0，由法拉第电磁感应定律分析得知，磁通量的变化率最大，穿过线圈磁通量的变化率为Bl2故CD正确.故选BCD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、保证小球

19、做平抛运动 把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平 = A C AB B 【解析】(1)12 小球离开轨道后做平抛运动，在安装实验器材时斜槽的末端应保持水平，才能保证小球做平抛运动；检查水平的方法：把小球轻轻的放在斜槽末端，若小球能保持静止，则说明斜槽末端水平。(2)34 为防止碰撞过程入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量ma大于mb，即mamb为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的半径要相等；(3)56 由图所示装置可知，小球a和小球b相撞后，小球b的速度增大，小球a的速度减小，b球在前，a球在后，两球都做平抛运动，由图示可知，未放被碰小球时小球a的落地点为

20、B点，碰撞后a、b的落点点分别为A、C点(4)7 小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则mav0=mavA+mbvB两边同时乘以时间t得：mav0t=mavAt+mbvBt则maOB=maOA+mbOC因此实验需要测量：两球的质量，两球做平抛运动的水平位移，故AB正确C错误。(5)8根据以上分析可知，要验证的是故B正确AC错误。12、6.119mm 50.90mm 甲 AC 【解析】1由图可知螺旋测微器可知，固定刻度示数为6mm，可动刻度示数为：11.90.01mm=0.119mm，螺旋测微器示数为：6mm+0.119mm=6.119mm；2游标卡尺主尺的读数为50mm，游标尺的读数为：180.05mm=0.90mm，所以游标尺的读数为：50 mm+0.90mm=50.90mm；3由表中实验数据可知，电压与电流的第一个测量值很小，接近于零，滑动变阻器用分流接法电压与电流不能达到这么小的数值，因此滑动变阻器应采用分压接法，因此需要选择图甲所示电路。4 根据给出的电路图可得出对应实物图如图所示；5 根据描出的点，作出图象，如