2023学年十堰市重点中学物理高二上期中达标检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电子束焊接机中的电场线如图中虚线所示.K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d.在两极之间加上高压U，有一电子在K极由静止被加速.不考虑电子重力，元电荷为e，则下列说法正

2、确的是()AA、K之间的电场强度为B电子到达A极板时的动能大于eUC由K到A电子的电势能减小了eUD由K沿直线到A电势逐渐减小2、关于电场强度的两个公式E=F/q和E=kQ/r2，下列说法中正确的是Aq表示放入电场中的试探电荷的电荷量，Q表示场源电荷的电荷量BE随q的增大而减小、随Q的增大而增大C第一个公式仅适用于匀强电场，且E的方向与F的方向一致D第二个公式适用于包括点电荷在内的所有场源形成的电场3、关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是A磁体和通电导体都能产生磁场B两个磁场的叠加区域，磁感线可能相交C磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止的D磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的4

3、、下列粒子从静止状态经过电压为U的电场加速后，速度最大的是（ ）A氘核(H)B质子(H)C粒子(He)D钠离子(Na+)5、保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数字中的那一个A6.21019CB6.41019CC6.61019CD6.81019C6、 “高景一号”卫星于2016年12月28日在太原卫星发射中心以一箭双星的方式成功发射“高景一号”卫星轨道高度为530千米，是国内首个具备高敏捷、多模式成像能力的商

4、业卫星，不仅可以获取多点、多条带拼接的影像数据，还可以进行立体采集“高景一号”卫星与轨道高度为36 000千米的地球同步卫星的相比A“高景一号”卫星的向心加速度大于地球同步卫星B“高景一号”卫星的角速度小于地球同步卫星C“高景一号”卫星的周期大于地球同步卫星D“高景一号”卫星的线速度大于7.9 km/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为三个有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B，方向分别垂直纸面向外、向里和向外，磁场宽度均为L，在磁场区域的左侧边界处，有一边长

5、为L的正方形导体线框，总电阻为R，且线框平面与磁场方向垂直，现用外力F使线框以速度v匀速穿过磁场区域，以初始位置为计时起点，规定电流沿逆时针方向时的电动势E为正，外力F向右为正。以下能正确反映感应电动势E和外力F随时间变化规律的图象有ABCD8、为了保护航天员的安全，飞船上使用了降落伞、反推火箭、缓冲座椅三大法宝，在距离地面大约1m时，返回舱的4个反推火箭点火工作，返回舱速度一下子降到了2m/s以内，随后又渐渐降到1m/s，最终安全着陆把返回舱从离地1m开始减速到完全着陆称为着地过程，则关于反推火箭的作用，下列说法正确的是( )A减小着地过程中返回舱和航天员的动量变化B减小着地过程中返回舱和航

6、天员所受的冲量C延长着地过程的作用时间D减小着地过程返回舱和航天员所受的平均冲力9、关于下列器材的原理和用途，叙述正确的是A变压器可以改变交流电的电压与频率B扼流圈对电流的变化有阻碍作用C真空冶炼炉的工作原理是通过线圈发热使炉内金属熔化D磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用10、对“电梯向下做匀减速直线运动”这句话中的字词，理解正确的是A“匀减速”指位移随时间均匀减小B“匀”指加速度大小不变，方向可以改变C“向下减速”可以判断加速度方向向上D“向下” 指速度的方向三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图（甲）是用一主尺

7、最小分度为1mm，游标上有20个分度的卡尺测量一工件的长度，结果如图所示可以读出此工件的长度为_cm图（乙）是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数，此读数应为_mm 12（12分）在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R(1)用游标卡尺测金属丝长度时读数如图，则金属丝的长度为_mm；(2)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图乙，则金属丝的直径为_mm(3)若用图丙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_（选填“偏大”或“偏小”）(4)用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丁，则电压表的读数为_V，电流表的读数为_ A四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡

8、中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的电路中，电源内电阻r=1，当开关S闭合后电路正常工作，电压表的读数U=8.5V，电流表的读数I=0.5A求：电阻R；电源电动势E；电源的输出功率P14（16分）如图所示，相距为d的两平行虚线L1和L2，L1上方和L2下方都是垂直纸面向里的磁感应强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L2上。质量为m，电荷量为+q的带电粒子从A点以初速v0与L2成斜向上射出，经过偏转后正好过L2上的B点，经过B点时速度方向也斜向上，不计粒子的重力。求：（1）A、B两点的距离；（2）若另一质量为m，电荷量为-q的粒子从A点以同样的速度射

9、出，粒子是否还能经过B点，说明理由（3）若该粒子从A点以v0与L2成斜向上射出，粒子仍能经过B点，求两种出射情况下从A点到达B点的时间之比。15（12分）如图所示，电源的电动势E110V，电阻，电动机绕线的电阻，开关始终闭合当开关断开时，电阻的电功率是525W；当开关闭合时，电阻的电功率是336W求：（1）电源的内电阻；（2）当开关闭合时流过电源的电流和电动机输出的功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】K之间建立的是非匀强电场，公式U=Ed不适用，因此A、K之间的电场强度不等，故A错误；根据动能定理得：

10、Ek-0=eU，得电子到达A极板时的动能 Ek=eU，故B错误；由能量守恒定律知，由K到A，电场力做正功，电势能减少，电子的电势能减小了EP=eU故C正确；由K沿直线到A电势逐渐升高，故D错误故选C.点睛：本题只要抓住电场线的疏密表示场强的大小，电场力做正功时，电荷的电势能减少，动能增大，就能轻松解答要知道公式U=Ed只适用于匀强电场2、A【解析】本题应明确三个公式的来源：公式E=F/q为电场的定义式，公式E=kQ/r2是根据场强的定义式及库仑定律求出的公式【详解】公式E=F/q中的q表示放入电场中的试探电荷的电荷量，公式E=kQ/r2中的Q表示场源电荷的电荷量，选项A正确；E与q的大小无关；

11、E随Q的增大而增大，选项B错误；第一个公式适用于所有电场，且E的方向与正电荷所受的电场力F的方向一致，选项C错误；第二个公式只适用于点电荷电场，选项D错误；故选A.【点睛】每一个物理公式都有其适用的范围，故在学习中要注意体会其范围，以免错用了公式3、A【解析】A. 磁体在其周围可以产生磁场，通电导体在其周围可以产生磁场，故A正确；BD. 磁感线不是真实存在的，是为了描述磁场的分布而人为假想的，磁感线不能相交，故B、D错误；C. 磁感线在磁体的外部从极到极，在磁体内部是从极到极，故C错误。4、A【解析】试题分析：由动能定理可得：，解得：，可见粒子经同一电场加速后速度的大小由粒子的比荷决定，即越大

12、，速度越大，所以质子的速度最大，故A正确；B、C、D错误考点：本题考查动能定理5、B【解析】自然界中物体的带电量是元电荷电量的整数倍：元电荷电量：时，B正确，ACD错误。故选B。6、A【解析】从题中可知高景一号的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，万有引力充当向心力，所以根据公式GMmr2=ma可得a=GMr，故轨道半径越大，向心加速度越小，A正确；根据公式GMmr2=m2r可得=GMr3，故轨道半径越大，角速度越小，B错误；根据公式GMmr2=m42T2r可得T=2r3GM，故轨道半径越大，周期越大，C错误；根据公式GMmr2=mv2r可得v=GMr，7.9km/s是第一宇宙速度，是近地卫星的运

13、行速度，高景一号卫的线速度小于近地卫星的线速度，即小于7.9km/s，故D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】根据楞次定律判断可知，安培力阻碍导体与磁场间的相对运动，所以线框所受的安培力方向向左，由平衡条件得知外力方向一直向右，为正；在时间内，线框通过左边的磁场，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿顺时针，为负值。产生的感应电动势为：感应电流为：外力等于安培力，为：；在时间内，线框从左边磁场进入中间磁场，线框的左边和右边都产生磁感线产生感应电动势，根据

14、楞次定律判断可得感应电动势方向沿逆时针，为正值。回路中总的感应电动势为：感应电流为：外力等于安培力，为：；在时间内，线框从中间磁场进入右边磁场，线框的左边和右边都产生磁感线产生感应电动势，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿顺时针，为负值。回路中总的感应电动势为:感应电流为:外力等于安培力，为:；在时间内，从右边磁场穿出，根据楞次定律判断可得感应电动势方向沿逆时针，为正值。产生的感应电动势为:感应电流为:外力等于安培力，为:所以根据数学知识可知，选项AD正确，BC错误。8、CD【解析】返回舱和航天员在最后1m的着陆过程中用不用反推火箭，它们的初速度相同，末速度是0，故在着陆过程中返回舱和航天员

15、的动量变化是相同的，反推火箭的作用是延长着陆时间，减少动量的变化率，根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化，由于动量变化相同，延长了着陆时间则减小了着陆过程中返回舱和航天员所受的平均冲击力由分析知：在着地过程中返回舱和航天员的动量变化是相同的，故A错误；根据动量定理，在着地过程中返回舱和航天员的动量变化是相同的，故在此过程中所受冲量也是相同的，故B错误；反推火箭的主要作用是延长了返回舱和航天员的着地时间，故C正确；根据动量定理，在着地过程中动量的变化相同，反推火箭延长了着地时间，根据动量定理可知在着地过程中反推火箭的作用是减小着地过程返回舱和航天员所受的平均冲击力，D正确9、BD【解析】A变

16、压器能改变交流电压，但是不能改变交流电的频率，选项A错误；B扼流圈对电流的变化有阻碍作用，选项B正确；C真空冶炼炉的工作原理是炉中金属产生涡流使炉内金属熔化，选项C错误；D磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框中可以产生感应电流能起电磁阻尼的作用，选项D正确；故选BD.10、CD【解析】匀减速直线运动是指速度随时间均匀减小的直线运动，加速度大小和方向都不变，故AB错误；电梯向下运动，向下指运动方向向下，减速说明加速度方向与速度方向相反，则加速度方向向上，故CD正确故选CD【点睛】理解匀变速直线运动的含义，知道它是加速度不变的运动，速度随时间均匀变化的运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在

17、答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、10.240cm 5.543-5.547mm 【解析】分析：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：游标卡尺的主尺读数为102mm，游标读数为0.057mm=0.35mm，所以最终读数为102.35mm=10.235cm螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为0.014.6mm=0.046mm，所以最终读数为5.546mm=0.5546cm故本题答案为：10.235，0.5546点评：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需

18、估读螺旋测微器的读数方法，固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读12、13.55； 0.696； 偏小； 2.60； 0.52； 【解析】（1）题中为20分度游标卡尺，其读数为：13mm+110.05mm=13.55mm；（2）螺旋测微器的读数为：0.5mm+19.60.01mm=0.696mm；（3）把待测电阻与电压表看做一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；（4）电流表读数为：I=26格0.02A=0.52A，电压表读数为：U=26格0.1V=2.60V【点睛】（1）20分度游标卡尺，最小精确度为0.05mm，故根据游

19、标卡尺读数为：主尺数+游标尺对齐刻度序号最小精确度，即：13mm+110.05mm=13.55mm；（2）螺旋测微器最小精确度为0.01mm，其读数方法为：主尺数+对齐刻度估读条数最小精度，即0.5mm+19.6条0.01mm=0.696mm；（3）误差分析时，把待测电阻与电压表看成一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；（4）电流表每小格数值是0.02A，应进行估读，即估读到0.01A；同理电压表应进行估读，即估读到0.01V，然后根据欧姆定律求解即可四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)【解析】(1)由部分电路的欧姆定律，可得电阻为：(2)根据闭合电路欧姆定律得电源电动势为EUIr12V(3)电源的输出功率为PUI20W【点睛】部分电路欧姆定律U=IR和闭合电路欧姆定律E=U+Ir是电路的重点，也是考试的热点，要熟练掌握14、（1）（其中n=1、2、3） （2）能，理由见解析 （3）【解析】(1)粒子的运动轨迹如图所示，因为上下区域的磁场是均匀相同的，粒子在