2023学年山西省运城市临晋中学物理高二上期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个水平放置的弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，O为振子平衡位置，如图所示设水平向右方向为正方向，以某一时刻作计时起点(t =0)，经3/4 倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在图所示的几个振动图像中(x表示振子离开平衡位置的位移)，能正确反映振子振动情况的是( )ABCD2、一个电流表，刻度盘的每1小格代表1A，内阻为Rg，如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表nA，则（）A给它串联一个电阻，阻值为nRgB给它串联一个电阻，阻值为（n1）RgC给它并联一个

3、电阻，阻值为D给它并联一个电阻，阻值为3、物理学中引入“质点”概念，从科学方法来说，是属于（）A控制变量的方法B观察、实验的方法C建立物理模型的方法D等效替代的方法4、内壁光滑的牛顿管抽成真空，现让牛顿管竖直倒立，同时水平向右匀速移动，则管中羽毛的运动轨迹可能是（）ABCD5、如图所示，一个带负电荷的小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内部，闭合开关后，小球静止时悬线与竖直方向成角，则（ ）A闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角增大B闭合开关后，减小AB板间的距离，则夹角减小C断开开关后，使B板竖直向上移动，则夹角减小D断开开关后，增大AB板间的距离，则夹角减小6、一盏电灯直接接在恒压电源上，其

4、功率为100W若将这盏灯先接上一段很长的导线后再接在同一电源上，在导线上损失的电功率是9W，那么此时电灯实际消耗的电功率将 ( )A等于91WB小于91WC大于91WD条件不足，无法确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个表头G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是( )A甲是电流表原理，R减小时量程增大B甲是电流表原理，R减小时量程减小C乙是电压表原理，R减小时量程增大D乙是电压表原理，R减小时量程减小8、一个微型吸尘器的直流电动机

5、的额定电压为U，额定电流为I，线圈电阻为R，将它接在电动势为E，内阻为r的直流电源的两极间，电动机恰好能正常工作，则A电动机消耗的总功率为UIB电源的效率为1-IrEC电源的输出功率为EID电动机消耗的热功率为U2R9、四个相同的小量程电流表（表头）分别改装成两个电流表A1.A2和两个电压表V1.V2.已知电流表A1的量程大于A2的量程，电压表V1的量程大V2的量程，改装好后把它们按图示接入电路，则（ ）A电流表A1的读数大于电流表A2的读数B电流表A1的偏转角小于电流表A2的偏转角;C电压表V1的读数小于电压表V2的读数;D电压表V1的偏转角等于电压表V2的偏转角10、把两个完全相同的金属球

6、和接触一下再分开，结果发现两球之间相互排斥，则可知两球原来的带电情况可能是：A两球带有等量的异种电荷；B两球带有不等量的异种电荷；C两球一个带电一个不带电；D两球带有等量的同种电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现描绘小灯泡的伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A直流电源6V(内阻不计) B直流电流表03A(内阻约0.1)C直流电流表0300mA(内阻约5)D直流电压表015V(内阻约15k) E滑动变阻器（0-10）F滑动变阻器（0-1k）（1）实验中电流表应选用_，滑动变阻器应

7、选用_；(用序号表示)（2）在矩形框中画出实验电路图_；（3）将实物图连线_。12（12分）如图甲，小明同学用多用电表按下列步骤测量一未知电阻：旋转部件S，使指针对准电流刻度的“0”刻线；将K旋转到欧姆档“”的位置；将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋转部件_，使指针对准电阻刻度的_刻线选填“0”或“”；当用“”倍率欧姆档测量时，发现表头指针向右偏转的角度过大，为减小误差，应将K拨到“_”倍率欧姆档选填“”或“”；如果拨档后立即测量电阻并读数，该同学遗漏的实验步骤是：_补上该步骤后，表盘的示数如乙图所示，则该电阻的阻值为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

8、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）电机输出电压为1kV的交流电,现在通过一个变压比为1:4的变压器升压,再通过总电阻为1.0的输电线路向某地输电,在输送电功率为800kW的情况下（设变压器为理想变压器）,求:（1）升压变压器的副线圈两端电压大小；（2）输电线上通过的电流大小；（3）输电线上造成的电压损失；（4）输电线上损失的电功率占输电总功率的百分比？14（16分）如图所示，一直流电动机与阻值 R 9 的电阻串联接在电源上，电源电动势 E20V，内阻 r 1 ，用理想电压表测出电动机两端的电压U 10V ，已知电动机线圈电阻RM1 求:(1)电源的输出功率；(2)电动机的

9、效率15（12分）竖直放置的平行金属板AB相距30cm，带有等量异种电荷。在两板间用绝缘细线悬挂一个质量m=4.010-5kg，带电荷量q=+3.010-7C的小球，平衡时悬线偏离竖直方向夹角=370,如图所示。(sin370=0.6，cos370=0.8，g=10m/s2)求：（1）AB两板间的电场强度大小； （2）AB两板间的电压。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】振子经过周期具有正向最大加速度说明振子经过后得位置在A点，因此可以判断计时起点振子的位置在O点并且向B方向运动，故振子在计时起点的加速度

10、为零，速度为正向最大，故A正确，BCD错误2、D【解析】因Ig，量程扩大n倍即为nIg，则应有（n1）Ig被分流，故应并联一个分流电阻，阻值R故选D。3、C【解析】我们从力学角度研究引力作用下物体的运动时，只需考虑质量这一最重要的属性，其他因素均可略去。对于具有一定质量的物体，我们假设其质量集中在物体的质量中心，便抽象出质点模型。所以从科学方法来说，是属于建立物理模型的方法。故C正确，ABD错误。故选C。4、C【解析】内壁光滑的牛顿管抽成真空，现让牛顿管竖直倒立，则管中羽毛只受到重力作用，做自由落体运动；那么水平方向上做匀速直线运动，竖直方向下做匀加速直线运动，加速度方向向下,因为合加速度的方

11、向竖直向下,与合速度不在同一条直线上,合运动的轨迹为曲线.因为加速度的方向(即合力的方向)大致指向轨迹凹的一向，所以选C.5、A【解析】AB：保持开关S闭合，电容器两板间电压等于电源电动势不变，减小AB板间的距离，则板间电场强度增大，小球所受电场力变大，小球静止时悬线与竖直方向的夹角变大故A项正确，B项错误C：断开开关，电容器所带电荷量不变，据、可得：；B板竖直向上移动，两板正对面积减小，板间电场强度增大，小球所受电场力变大，小球静止时悬线与竖直方向的夹角变大故C项错误D：断开开关，电容器所带电荷量不变，据、可得：；增大AB板间的距离，板间电场强度不变，小球所受电场力不变，小球静止时悬线与竖直

12、方向的夹角不变故D项错误【点睛】平行板电容器充电后，若保持其始终与直流电源相连，则板间电压不变当电容器电容的影响因素发生变化后，据、来判断各量如何变化平行板电容器充电后与电源断开，由于电荷不能移动，电容器的带电量不变当电容器电容的影响因素发生变化后，据、来判断各量如何变化6、B【解析】如果导线电阻忽略时，灯接在恒定电压的电源上功率是100W；因为导线和灯泡串联，当导线上电阻较大时，即电路中的电阻变大，由可知电路消耗的总功率变小，即小于100W，而导线上消耗的功率为9W，所以灯泡的实际功率只能小于91WB正确，思路分析：已知导线和灯泡串联，导线电阻较大，说明电路电阻变大，根据公式可知，电路的总功

13、率变小，已知导线消耗的功率从而可以求出灯泡消耗的功率试题点评：本题考查电功率计算公式的应用，特别注意实际功率与额定功率的区别，此题较难分析，属于难题二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】由题中“甲、乙两个电路”可知，本题考查电表改装，根据电流表和电压表原理可分析本题。【详解】AB. 甲是电流表原理，R为分流电阻，当R减小时，所分电流变大，因此量程变大，故A正确B错误；CD. 乙是电压表原理，R为分压电阻，R减小时，分压变小，因此量程变小，故C错误D正确。8、

14、AB【解析】试题分析：电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算，所以总功率为IU，所以A正确；电动机消耗的热功率应该用P=I2R来计算，所以热功率P=I2R，所以D错误电源的输出功率等于电动机的输入功率，得P出=UI故C错误电源的总功率为IE，内部发热的功率为I2r，所以电源的效率为IE-I2rIE=1-IrE，所以B正确故选AB考点：功率【名师点睛】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的。9、AD【解析】A、电流表A1的量程大于电流表A2的量程，故电流表A1的电阻值小于电流表A2的电阻值，并联电路中，电阻小的支路电流大，故电流表

15、A1的读数大于电流表A2的读数，故A正确；B、两个电流表的表头是并联关系，电压相同，故偏转角度相等，故B错误；C、电压表V1的电阻值大于电压表V2的电阻值，故电压表V1的读数大于电压表V2的读数，故C错误；D、两个电压表的表头是串联关系，电流相等，故偏转角度相等，故D正确；故选AD10、BCD【解析】两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球不存在排斥力故A错误两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力故B正确两球一个带电一个不带电，接触后带同种电荷，相互排斥，选项C正确；两个小球带等量的同种电荷，把两个完全相同的小球接触后电荷重新

16、平分，带上等量同种电荷，存在排斥力故D正确故选BCD【点睛】本题考查应用基本规律分析、判断物理现象的能力，要知道两个小球接触后再分开，两球相互排斥，说明两球带同种电荷三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、C E 【解析】(1) 1 2额定电流：故电流表选C；因要求电压从零开始变化，变阻器用分压接法，滑动变阻器应选小阻值的E。(2) 3本实验中要求多测几组数据，故应采用分压接法；同时因灯泡的内阻较小，与电流表内阻相差不多，故应采用电流表外接法，故电路图如图所示：(3) 4根据电路图连接实物图如图所示：12、T 0 重新进行欧姆调零 220

17、【解析】将插入“”、“”插孔的红、黑表笔短接，旋转欧姆调零旋钮T，使指针对准电阻刻度的0刻线；当用“”倍率欧姆档测量时，表头指针向右偏转的角度过大，所选挡位太大，为减小误差，应将K拨到“”倍率欧姆档；换挡后要重新进行欧姆调零，由乙图所示可知，该电阻的阻值为；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）4000V （2）200A（3）200V（4）5%【解析】(1)根据得，升压变压器的输出电压(2)输电线上的输送电流(3)输送线路上损失的电压(4)输送线路上损失的功率输电线上损失的电功率占输电总功率的百分比14、 (1)19W (2)90%【解析】（1）电源的总功率为,电源内部消耗的功率为，所以电源的输出功率为（2）电动机输入功率 ，发热，输出功率，电动机的效率 【详解】（1）根据欧姆定律得：,电源的总功率为,电源内部消耗的功率为,电源的输出功率为 =19W(2)电动机的输入功率 P入=UI=101W=10W发热功率P热=I2RM=121W=1W则电动机输出的功率 P出=P入-P热=10W-1W=9W；电动机的效率 =90%