2023学年上海市光明中学物理高二上期中经典模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、用一个恒力F单独作用于质量为m1的物体，使物体产生的加速度大小为a1，该力单独作用于质量为m2的物体时，物体产生的加速度大小为a2；若将该恒力作用于质量为(m1m2)的

2、物体时，产生的加速度大小为( )ABCD2、有a、b、c、d四个小磁针，分别放置在通电螺线管的附近和内部当小磁针静止时，小磁针指向如图所示，其中是正确的（ ）AaBbCcDd3、在图电路中，当合上开关S后，两个标有“3V、1W”的灯泡均不发光，用电压表测得Uac=Ubd=6V，如果各段导线及接线处均无问题，这说明A开关S未接通B灯泡L2的灯丝断了C灯泡L1的灯丝断了D滑动变阻器R电阻丝断了4、关于电容器和电容，以下说法正确的是 （）A电容器充电后，两极板带等量异种电荷B电容器的带电量是两极板带电量之和C电容器电容的大小与其带电量及两极板间电势差有关D电容器两极板间电势差每增加1V，电容器的带电

3、量即增加1C5、如图所示，虚线表示电场中一簇等势面，相邻等势面之间电势差相等，一个正电荷以一定的初速度进入电场 中，仅在电场力作用下从 M 点运动到 N 点（轨迹图中没有画出），此过程中电场力对正电荷做负功，由此可以判断 AM 点的电场强度大于 N 点的电场强度BM 点的电场强度等于 N 点的电场强度CM 点的电势低于 N 点的电势DM 点的电势等于 N 点的电势6、使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上3Q和5Q的电荷后，将它们固定在相距为a的两点，它们之间库仑力的大小为F1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a的两点，它们之间库仑力的大小为F2.则F1与F2

4、之比为A21B41C161D601二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电磁波，下列说法中正确的是（）A法拉第第一次通过实验验证了电磁波的存在B赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在C不同频率的电磁波在水中传播速度不相等D电磁波不可以在真空中传播8、如图所示电路，R1、R2、R3为三个可变电阻，闭合电键后，电容器C1、C2所带电量分别为Q1和Q2，电源电阻不能忽略，下面判断正确的是（ ）A仅将R1增大，Q1和Q2都将增大B仅将R2增大，Q1和Q2都将增大C仅将R3增大

5、，Q1和Q2都将不变D突然断开开关S，通过R3的电量为Q1+Q29、一质量为m=6kg带电量为q=-0.1C的小球P，自倾角=530的固定光滑斜面顶端由静止开始滑下，斜面高h=6.0m，斜面底端通过一段光滑小圆弧与一光滑水平面相连。整个装置处在水平向右的匀强电场中，场强E=200N/C，忽略小球在连接处的能量损失，当小球运动到水平面时，立即撤去电场。水平面上放一质量也为m静止不动的圆槽Q, 圆槽光滑且可沿水平面自由滑动，圆槽的半径R=3m，如图所示（已知sin53o=0.8，cos53o=0.6，g=10m/s2）则以下说法正确的是：A由静止释放到滑到斜面底端，P球的电势能增加了90JB小球P

6、运动到水平面时的速度大小为5m/sC最终小球将冲出圆槽QD最终小球不会冲出圆槽Q10、如图所示，粗糙程度均匀的绝缘斜面下方O点处有一正点电荷，带负电的小物体以初速度v1从M点沿斜面上滑，到达N点时速度为零，然后下滑回到M点，此时速度为v2(v2v1)若小物体电荷量保持不变，OMON，则()A小物体上升的最大高度为v12+v224gB从N到M的过程中，小物体的电势能先减小后增大C从M到N的过程中，电场力对小物体先做负功后做正功D小物体上滑过程克服摩擦力的功跟下滑过程克服摩擦力的功不相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某学生选用匝

7、数可调的可拆变压器来“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验时，原线圈接在学生电源上，用多用电表测量副线圈的电压（1）下列操作正确的是_A原线圈接直流电压，电表用直流电压档B原线圈接直流电压，电表用交流电压档C原线圈接交流电压，电表用直流电压档D原线圈接交流电压，电表用交流电压档（2）该学生继续做实验，在电源电压不变的情况下，先保持原线圈的匝数不变，增加副线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大；然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压_（选填“增大”、“减小”或“不变”）12（12分）（1）在测定金属电阻率的实验中，用伏安法测定一段阻值约为5的金属导线的电阻，要

8、求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A电池组（3V） B电流表（03A，内阻约0.0125）C电流表（00.6A，内阻约0.125）D电压表（03V，内阻约3k）E电压表（015V，内阻约15k） F滑动变阻器（020，额定电流1A）G滑动变阻器（02000，额定电流0.3A） H电键、导线。.待测电阻是一根均匀材料制成的金属丝（横截面为圆形），用螺旋测微器测量其直径，结果如图所示。由图可知其直径d=_mm。根据实验的实际需要，电流表应选_，电压表应选_，滑动变阻器应选_（填选项号：如A、B、C等）实验电路应采用电流表_接法。（填“内”或“外”）（2）某同学在探究规格为“6V，3W”的小电珠伏

9、安特性曲线实验中：该同学采用图甲所示的电路进行测量。图中R为滑动变阻器（阻值范围010，额定电流1.0A），L为待测小电珠，V为电压表（量程6V，内阻约20k），A为电流表（量程0.6A，内阻约1），E为电源（电动势8V，内阻不计），S为开关。在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最_端；（填“左”或“右”）在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是_点至_点的导线没有连接好；（图甲中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图甲中的数字，如“2点至3点”的导线）该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图

10、如图乙所示，则小电珠的电阻值随工作电压的增大而_。（填“不变”、“增大”或“减小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，足够长的U形导体框架的宽度l=0.5m，电阻忽略不计，其所在平面与水平面成=37角，磁感应强度B=0.8T的匀强磁场方向垂直于导体框平面，一根质量m=0.2kg，有效电阻R=2的导体棒MN垂直跨放在U形框架上，导体棒与框架间的动摩擦因数=0.5，导体棒由静止开始沿框架下滑到刚开始匀速运动，通过导体棒截面的电量共为Q=2C求：（1）导体棒匀速运动的速度；（2）导体棒从开始下滑到刚开

11、始匀速运动这一过程中，导体棒的电阻产生的焦耳热（sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）14（16分）如图所示，两平行金属板AB中间有互相垂直的匀强电场和匀强磁场。A板带正电荷，B板带等量负电荷，板间电场强度为E；磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度为B1。平行金属板右侧有一挡板M，中间有小孔O，OO是平行于两金属板的中心线。挡板右侧有垂直纸面向外的匀强磁场，磁场应强度为B2。CD为磁场B2边界上的一绝缘板，它与M板的夹角=45，OC=a，现有大量质量均为m，含有不同电荷量、不同速度的正负带电粒子（不计重力），自O点沿OO方向进入电磁场区域，其中有些粒子沿直线OO方向运动，并进入

12、匀强磁场B2中，求：（1）进入匀强磁场B2的带电粒子的速度；（2）能击中绝缘板CD的粒子中，所带电荷量的最大值；（3）绝缘板CD上被带电粒子击中区域的长度；15（12分）电场中有a、b两点，已知a0V，b1500V，求：(1)a、b两点电势差；(2)如将带电量为q-4109C的点电荷从a移到b时，电场力做多少功；(3)q-4109C的点电荷在b点的电势能参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：设该恒力为F，则F=m1a1，F=m2a2，F=(m1+m2)a；将m1=，m2=代入到最后的式子中，得出a

13、=，故D是正确的考点：牛顿第二定律2、D【解析】根据安培定则可知通电螺线管N极在右端，因此右侧磁场方向水平向右，小磁针c位置不对；上方磁场方向水平向左，所以小磁针d位置正确；左侧水平向右，a位置不对；内部水平向右，b位置不对，故ABC错误，D正确故选D3、B【解析】闭合开关后，两个小灯泡均不发光，说明电路为断路，电压表测得ac与bd两点间的电压均为6V，而ac和bd的公共部分为bc，因此bc处发生断路，即L2的灯丝断了若L1灯断路，则Ubd=0；若变阻器断路，则Uac=0，与题目所给的结论不符故B正确，ACD错误故选B4、A【解析】电容器充电后两板带等量异种电荷，A正确；电容器的带电量等于任一

14、极板带电量的绝对值，B错误；电容器的电容仅由本身性质决定，与外界因素无关，C错误；电容器两极板间电势差每增加1V，电容器的带电量增加值等于电容值，D错误故选A【点睛】电容器的电容是衡量电容器容纳电荷本领强弱的一个物理量，电容大小仅由本身性质决定，与外界因素无关，数值上等于两极板间电势差每增加1V，电容器的带电量增加值5、C【解析】AB因为N点处等势面比M处等势面密集，可知M 点的电场强度小于 N 点的电场强度，选项AB错误；CD根据正电荷的运动轨迹可知，电场力的方向偏向右下方，可知电场线偏向右下方，沿电场线电势降低，可知M 点的电势低于 N 点的电势，选项C正确，D错误。6、D【解析】开始时由

15、库仑定律得：；现用绝缘工具使两小球相互接触后，各自带电为Q，因此此时：；联立得：F2=F1，则F1与F2之比为 60：1，故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】麦克斯韦第一次预言了电磁波的存在，赫兹第一次通过实验验证了电磁波的存在故A错误，B正确；电磁波在真空中传播速度相同，但在水中不同频率的电磁波传播的速度是不同的故C正确；电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播也能在介质中传播；故D错误；故选BC.8、BCD【解析】A增大R1，整个电路电阻变大，

16、由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电容器C1两端电压增大，C2两端电压减小，电容器所带电量Q1增大，Q2减小，故A错误；B增大R2，整个电路电阻变大，由闭合电路欧姆定律可知，电路电流减小，路端电压变大，电阻R1两端电压变小，电阻R2两端电压变大，电容器C1、C2两端电压变大，由Q=CU可知，两电容器所带的电量都增加，故B正确；C增大R3，整个电路电阻不变，Q1和Q2都将不变，故C正确；D突然断开开关S，两个电容器都放电，通过R3的电量为Q1+Q2，故D正确。9、AD【解析】A在整个过程中，电场力对P球做负功为：则E=-W=90J选项A正确；B根据动能定理得： 代入数据可得：选

17、项B错误；CD设当两者速度相等时，小球上升的高度为H，根据水平方向动量守恒得：mv=2mv代入数据：根据机械能守恒得： 代入已知数据得：H=2.25mR所以小球没有冲出圆槽，选项C错误，D正确。10、AB【解析】设斜面倾角为、上升过程中物体沿斜面运动的最大距离为L。因为OM=ON，则MN两点电势相等，小物体从M到N、从N到M电场力做功均为0。上滑和下滑经过同一个位置时，垂直斜面方向上电场力的分力相等，则经过相等的一小段位移在上滑和下滑过程中电场力分力对应的摩擦力所作的功均为相等的负功，所以上滑和下滑过程克服电场力产生的摩擦力所作的功相等、并设为Wf。在上滑和下滑过程，对小物体，摩擦力做功相等，

18、则应用动能定理分别有：-mgLsin-Wf=-12mv12；mgLsin-Wf=12mv22；由以上两式相减可得 h=Lsin=v12+v224g，故A正确，D错误；从N到M的过程中，电场力对小物体先作正功后作负功，电势能先减小后增大，故B正确。从M到N的过程中，电场力对小物体先做正功后做负功。故C错误。故选AB。【点睛】本题考查动能定理的应用、摩擦力及电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，如摩擦力、电场力、洛仑兹力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D； 减小； 【解

19、析】（1）变压器的工作原理是互感现象，故原线圈接交流电压，输出电压也是交流电压，故电表用交流电压挡，故ABC错误，D正确；（2）原线圈的电压U1不变，根据变压比公式，保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压，观察到副线圈两端的电压减小；12、0.435mm（0.433-0.436） C D F 外 左 1（或5） 5（或1） 增大 【解析】(1)1 由图可知其直径234根据题意可知，电源电压3V，阻值约5欧，所以回路电流最大值为所以电流表选择C；电压表选择D；根据题意可知，为了方便调节减小误差，滑动变阻器应选择F。5因为所以采取外接法。(2)6闭合开关前，待测支路电流为零，所以滑片置于最左端。78在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，电路连成了限流式接法，所以1点至5点的导线没有连接好。9根据伏安特性曲线可知，图像斜率表示电阻倒数，斜率变小，则电阻增大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）5m/s；（2）1.5J【解析】试题分析：（1）由安培力，可得导体棒匀速下滑时，由力平衡得所以代入数据解得v=5