2023学年山西省忻州巿第一中学物理高二上期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、如图所示的电路中，灯泡L1发光，灯泡L2、L3均不亮，电流表A1有读数，A2没有读数，(A1、A2为理想电表)，设只有一处有故障，则产生故障的原因可能是A灯泡L1断路 B灯泡L2断路C灯泡L2短路 D灯泡L3短路2、如图所示,带电粒子仅在电场力作用下,从电场中a点以初速度 进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点,实线是电场线,下列说法正确的是( )A无论粒子带何种电,经b点时的速度总比经a点时的速度大B粒子在a点的加速度比在b点的加速度大C从a到b过程中,粒子的电势能不断减小D电场中a点的电势一定比b点的电势高3、一端固定在天花板上的绝缘细线的另一端与一带正电的小球M相连接，在小球

3、M下面的一绝缘水平面上固定了另一个带电小球N，在图中，小球M能处于静止状态的是（ ）ABCD4、在真空中有a、b两个点电荷， b的电荷量是a的3倍，如果a受到的静电力是F，则b受到的静电力是AFBC3FD4F5、关于电源的电动势，下列说法正确的是（ ）A电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大6、如图所示，是两个电阻R1、R2的U-I图线，它们并联的电阻阻值为R，则R的U-I图线在图中( )A区域 B区域C区域 D

4、不能确定二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R1 =R3 = 2R0,R2 =r =R0,滑动变阻器R的最大阻值为6R0，所有电表均为理想电表当滑动变阻器R的滑片从a滑向b时，以下判断正确的是（ ）AV1的示数变大，V2的示数变小，V3的示数变大，A的示数变小B电压表示数大小变化关系为C当R =6R0时，滑动变阻器消耗的功率最大D，8、如图是某一种电阻元件的伏安特性曲线，下列判断正确的是（）A该元件是非线性元件B图线的斜率代

5、表元件电阻C图线斜率的倒数代表元件的电阻D随电压的增大它的电阻逐渐变大9、一带电小球在空中由A点运动到B点过程中，受重力、电场力和空气阻力三个力若重力势能增加3 J、机械能增加0.5 J、电场力做功1 J，则小球( )A重力做功为3 JB动能减少2.5 JC克服空气阻力做功0.5 JD电势能增加1 J10、质量为M的物块以速度v运动，与质量为m的静止物块发生正撞，碰撞后两者的动量正好相等，两者质量M与m的比值可能为( )A2B3C4D5三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）图为“研究电磁感应现象”的实验装置，部分导线已连接.（1）用

6、笔画线代替导线将图中未完成的电路连接好_ .（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下，那么闭合开关后，将小线圈迅速插入大线圈的过程中，电流计的指针将向_偏；小线圈插入大线圈后，将滑动变阻器的滑片迅速向右移动时，电流计的指针将向_偏.（均选填“左”或“右”）12（12分）用多用电表的欧姆档测某一额定电压为3V的小灯泡的电阻，读数情况如图1，则小灯泡的电阻RL=_；接着再用该电表测量一阻值约2k的电阻的阻值，则选择开关应该置于_倍率档位换挡后，在测电阻之前，应该先_在描绘该小灯泡的伏安特性曲线时，已有一只满足要求的电流表为了把满偏电流Ig=3mA，内阻Rg=100的表头改装成量程为3

7、V的电压表，需串联一个阻值R=_的电阻；现将改装后的电压表接入如图的电路进行实验，得到如下表的数据，请在所给的坐标系中描绘出小灯泡的伏安特性曲线_；U/V0.00.20.51.01.52.02.53.0I/A0.0000.0500.1000.1500.1800.1950.2050.215若将该灯泡直接接到电动势E=2V，内阻r=10的电源两端，根据前面提供的信息，可以求得该灯泡实际消耗的功率为P=_W四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图（a）所示，A、B为两块平行金属板，极板间电压为UAB=1125V，

8、板中央有小孔O和O现有足够多的电子源源不断地从小孔O由静止进入A、B之间在B板右侧，平行金属板M、N长L1=410-2m，板间距离d=410-3m，在距离M、N右侧边缘L2=0.1m处有一荧光屏P，当M、N之间未加电压时电子沿M板的下边沿穿过，打在荧光屏上的O并发出荧光现给金属板M、N之间加一个如图（b）所示的变化电压u1，除了t=0.4n s (n =1，2，3)时刻， N板电势均高于M板已知电子质量为me9.01031kg，电量为e=1.610-19C(1)每个电子从B板上的小孔O射出时的速度多大？(2)打在荧光屏上的电子范围是多少？(3)打在荧光屏上的电子的最大动能是多少？14（16分）

9、如图为一个小型旋转电枢式交流发电机的原理图，图示位置矩形线圈平行于磁感线，其矩形线圈的长度ab=0.25m，宽度bc=0.20m，共有n=100匝，总电阻r=5.0，可绕与磁场方向垂直的对称轴OO转动线圈处于磁感应强度B=0.4T的匀强磁场中，与线圈两端相连的金属滑环上接一个“3.0V，1.8W”的灯泡，当线圈以角速度匀速转动时，小灯泡恰好正常发光，求：（1）转到图示位置时线圈中的电流；（2）线圈转动的角速度；（3）线圈从图示位置转过90过程中流过灯泡的电量15（12分）如图所示，电源的电动势E=110V，电阻R1=21，电动机线圈的电阻R=0.5，开关S1始终闭合当开关S2断开时，电阻R1的

10、电功率是525W；当开关S2闭合时，电阻R1两端的电压为84V，求：（1）电源的内电阻；（2）当开关S2闭合时流过电源的电流和电动机的输出功率参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】若灯泡L1断路，电路中没有电流，电流表A1应没有读数，与题不符，故不可能是灯泡L1断路，故A错误。若灯泡L2断路，A1没有读数，而灯泡L2仍有电流通过，则L2应亮，与题不符，故不可能是灯泡L2断路，故B错误。若灯泡L2短路，电流表内阻不计，灯泡L3也被短路，电流能通过A1，所以A1有读数，与题相符，故C正确。若灯泡L3短路，电流表

11、内阻不计，灯泡L2也被短路，A1没读数，A2有读数，与题不符，故D错误。故选C。2、A【解析】A、整个过程电场力做正功，根据动能定理得经b点时的动能大于经a点时的动能，所以无论粒子带何种电，经b点时的速度总比经a点时的速度大，故A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，可知EAEB，所以a、b两点比较，粒子的加速度在b点时较大，故B错误；C、由粒子的运动的轨迹可以知道，粒子受电场力的方向应该指向轨迹的内侧，根据电场力方向与速度方向的夹角得电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，故C错误；D、由于不知道粒子的电性，也不能确定电场线的方向，所以无法确定a点的电势和b点

12、的电势大小关系，故D错误；故选A【点睛】解决本题的关键通过轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向，根据电场力做功判断出动能的变化和电势能的变化3、B【解析】设小球M受到的重力为G，细线的拉力为，静电力为F，如果小球M能处于静止状态，则G，F三个力的合力必须为零，其中任意两个力的合力与第三个力大小相等、方向相反，对题中的粒子受力分析，结合平行四边形定则，满足条件的只有选项B，故B正确，ACD错误；4、A【解析】根据牛顿第三定律，两带电体之间的库仑力是作用力与反作用力，二者大小总是相等的，与所带电量无关，因此b受到的静电力大小是F，故A正确，BCD错误5、C【解析】试题分析：电压表是由内阻的，跟电源连接

13、后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势故A错误；电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关即同一电源接入不同的电路，电动势不会变化；在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也不会变化，故BD错误；电源的电动势是表示电源把其它形式的能转化为电能的本领大小的物理量，C正确考点：考查了对电源电动势的理解6、C【解析】试题分析：U-I图像的斜率表示电阻的大小，两电阻并联后，总电阻比这两个电阻最小的电阻还小，所以R的图线应在区域三位置，C正确，考点：本题考查了对并联电阻的计算以及U-I图像的理解点评：做本题的关键是明白两点，一点是图线的斜率表

14、示电阻的大小，第二点是两电阻并联后总电阻减小，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】当滑动变阻器R的滑片从a滑向b时，R的阻值变大，电路的总电流减小，则电流表A的读数减小，电压表V2的示数变小，路端电压变大，即V3的示数变大，根据U1=E-I(R2+r)可知，V1的示数变大，选项A正确；因U3=U1+U2，U1和U3变大，U2变小，可知|U1|=|U2|+|U3|，选项B正确；将R1、R2和R3等效为电源的内阻，则等效电源内阻为，可知当R =r=3R0时，

15、滑动变阻器消耗的功率最大，选项C错误；因U1=E-I(R2+r)，则；因U3=E-Ir，则，则选项D正确；故选ABD.【点睛】本题是电路动态变化分析问题，要搞清电路的结构，抓住不变量：电源的电动势、内阻及定值电阻的阻值不变进行分析；会用等效电路分析滑动变阻器上功率的最大值8、AD【解析】AI-U图线为过原点的直线是线性元件，所以该元件是非线性元件，A正确；BCD在I-U图线中，图线上某点与原点连线的斜率代表电阻的倒数，图线的斜率不是元件电阻，随电压的增大，图像上的点与原点连线的斜率越来越小，则电阻逐渐增大，BC错误，D正确。故选AD。9、BC【解析】试题分析：解决本题需根据：重力做功等于重力势

16、能的减小量；电场力做功等于电势能的减小量；合力做功等于动能的增加量；除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量由功能关系分析解：A、重力做功等于重力势能变化量的负值，则重力势能增加3J，故重力做功3J，故A错误；B、据题，重力势能增加3J、机械能增加0.5J，而机械能等于重力势能与动能之和，则得动能减少2.5J，故B正确C、除重力外的各个力做的总功等于机械能的增加量，除重力外，有电场力和空气阻力做功，电场力做功1J，而机械能增加0.5J，所以克服空气阻力做功0.5J，故C正确D、电场力做功等于电势能的减小量，电场力做功1J，故电势能减小1J，故D错误；故选BC【点评】功是能量转化的量度，有多种

17、表现形式：重力做功是重力势能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；合力做功是动能变化的量度；重力外的各个力做的总功是机械能变化的量度10、AB【解析】设碰撞后两者的动量都为P，由于题意可知，碰撞前后总动量为2P，根据动量和动能的关系有：P2=2mEk，碰撞过程动能不增加，有：(2p)22Mp22M+p22m，解得：Mm3，由于两者碰撞之后M的速度不大于m的速度，设碰撞后M的速度为v1，m的速度为v2，根据题意可得Mv1=mv2，故Mm1，综上所述，AB正确【点睛】考点：动量守恒定律及能量守恒定律解答此题关键是知道系统的动量守恒，以及在碰撞的过程中动能不增加，通过这两个关系判断两个物体的质量

18、关系三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 右 左 【解析】（）将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路， 再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，电路图如图所示（）闭合开关时，穿过大螺线管的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；闭合开关后，将原线圈迅速插入副线圈的过程中，磁场方向不变，磁通量变大，电流表指针方向向右偏转；由电路图可知，原线圈插入副线圈后，将滑动变阻器滑片迅速向右滑动时，滑动变阻器继而电路的阻值变大，电路电流变小，穿过大螺线管的磁通量变小，磁场方向不变，则电流表指针向左偏转【点睛】12、

19、（1）6； 100； 将红黑表笔接触进行欧姆调零 （2）900； （3）图像见解析； （4）0.091W 【解析】（1）用多用电表的欧姆档测某一额定电压为3V的小灯泡的电阻，读数情况如图2，则小灯泡的电阻RL=6.0；接着再用该电表测量阻值约2k的电阻的阻值，则选择开关应该置于100倍率档位；换档后，在测电阻之前，应该先进行欧姆调零（2）把电流计改装成电压表需要串联一个分压电阻，分压电阻阻值：；（3）将表中数据描点后用平滑的曲线连接即可，图象如图所示：（4）画出电源的U-I曲线，与小灯泡伏安曲线的交点对应的电压和电流即为此时小灯泡的实际电压与电流，根据P=UI即可求得实际功率；根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，则有U=2-10I，画出U-I图象如图所示，交点对应的电压与电流即为小灯泡此时的实际电压与电流，所以小灯泡两端电压为0.7V，电流I=0.13A，所以实际功率为：P=UI=0.70.13W=0.091W【点睛】学会多用电表的使用，能根据实验数据用描点法作图本题的难点