2022届绥化市重点中学化学高二下期末质量检测模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列物质分类正确的是( )ASO2、SiO2、CO均为酸性氧化物B稀豆浆、盐酸、氯化铁溶液均为胶体C烧碱、纯碱、金属铜均为电解质D盐酸、氯水、氨水均为混合物2

2、、为提纯下列物质（括号内为杂质），所用的除杂试剂和分离方法都正确的是序号不纯物除杂试剂分离方法ACH4(C2H4)酸性KMn04溶液洗气BNH4Cl溶液(FeCl3)NaOH溶液过滤C乙酸乙酯(乙酸)饱和Na2CO3溶液蒸馏DC2H5OH (H2O)新制生石灰蒸馏AABBCCDD3、2001年诺贝尔化学奖授予手性碳原子的催化氢化，氧化反应研究领域作出贡献的美，日三位科学家，手性分子具有镜像异构及光学活性，下列分子中具有光学活性的是ACBr2F2 BCH3CH2OHCCH3CH2CH3 DCH3CH(OH)COOH。4、由Zn、Fe、Mg、Al四种金属中的两种组成的混合物10 g与足量的盐酸反应

3、产生1.0 g H2，则混合物中一定含有的金属是()AZnBFeCAlDMg5、聚乙烯胺可用于合成染料 Y，增加纤维着色度，乙烯胺(CH2=CHNH2)不稳定，所以 聚乙烯胺常用聚合物 X 水解法制备。下列说法不正确的是A聚合物 X 在酸性或碱性条件下发生水解反应后的产物相同B测定聚乙烯胺的平均相对分子质量，可得其聚合度C乙烯胺与 CH3CH=NH 互为同分异构体D聚乙烯胺和 R-N=C=S 合成聚合物 Y 的反应类型是加成反应6、设NA为阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是( )A常温常压下，0.1molC3H8所含有的共价键数目为1.1 NAB1mol苯分子中，含有碳碳双键的数目为3 NA

4、C常温常压下，15g甲基（CH3）所含的电子数为10NAD现有乙烯、丙烯的混合气体共14 g，其原子数为3NA7、化学实验的基本操作是完成化学实验的关键，下列实验操作正确的是（ ）用50 mL量筒量取5.2 mL稀硫酸用分液漏斗分离苯和四氯化碳的混合物用托盘天平称量117.7 g氯化钠晶体用量筒量取23.10 mL溴水用蒸发皿高温灼烧石灰石用250 mL容量瓶配制250 mL 0.2 molL1的NaOH溶液；ABCD8、将一定量纯净的氨基甲酸铵固体置于特制的密优真空容器中（假设容器体积不变，固体试样体积忽略不计），在恒定温度下使其达到分解平衡NH2COONH4(s) 2NH3(g)+CO2(

5、g)，若保持温度和容器体积不变，再充入n (NH3): n (CO)=2:1,则再次达到平衡时c (NH3)A增大B不变C变小D因条件不足无法判断9、下列实验操作中会导致结果偏高的是 （ ） 配制稀H2SO4时，洗涤量取浓H2SO4后的量筒，并将洗涤液转移到容量瓶中 配制溶液时，未等稀释后的H2SO4溶液冷却至室温就转移到容量瓶中定容 酸碱中和滴定时，盛装标准液的滴定管用蒸馏水洗净后，直接加入标准液 酸碱中和滴定时，滴定前没有排除滴定管尖嘴处的气泡 配制溶液时，转移前，容量瓶中含有少量蒸馏水 配制溶液时，定容摇匀后，发现液面低于刻度线 配制溶液时，定容时，俯视刻度线A B C D10、下列有机

6、物属于烃类的是（ ）ACH3ClBC8H8CC2H5OHDCH3COOH11、咖啡鞣酸具有较广泛的抗菌作用，其结构简式如下图所示：关于咖啡鞣酸的下列叙述正确的是 ()A分子式为C16H13O9B1 mol咖啡鞣酸可与含8 mol NaOH的溶液反应C能使酸性KMnO4溶液褪色，说明分子结构中含有碳碳双键D与浓溴水能发生两种类型的反应12、二氯化二硫(S2Cl2)，非平面结构，常温下是一种黄红色液体，有刺激性恶臭，熔点80，沸点135.6，对干二氯化二硫叙述正确的是A二氯化二硫的电子式为B分子中既有极性键又有非极性键C二氯化二硫属于非极性分子D分子中SCl键能小于SS键的键能13、根据下列热化学

7、方程式：2H2S(g)3O2(g)2SO2(g)2H2O(l) H =Q1 kJmol-1，2H2S(g)O2(g)2S(s)2H2O(g) H =Q2 kJmol-1，2H2S(g)O2(g)2S(s)2H2O(l) H =Q3 kJmol-1，判断Q1、Q2、Q3三者关系正确的是（ ）AQ1Q2Q3BQ1Q3Q2CQ3Q2Q1DQ2Q1Q314、下列有关铜的化合物说法正确的是()A根据铁比铜金属性强，在实际应用中可用FeCl3腐蚀Cu刻制印刷电路板BCuSO4溶液与H2S溶液反应的离子方程式为:Cu2+S2-CuSC用稀盐酸除去铜锈的离子方程式为CuO2H=Cu2H2OD化学反应：CuOC

8、OCuCO2的实验现象为黑色固体变成红色固体15、下列实验最终能看到白色沉淀的是ACO2或SO2通入CaCl2溶液中B过量CO2通入澄清石灰水中C过量SO2通入Ba(OH)2溶液中D过量CO2通入Na2SiO3溶液中16、由硫酸钾、硫酸铝和硫酸组成的混合溶液，其pH=1，c(Al3+)=0.4mol/L，c(SO42-)=0.8mol/L，则c(K+)为（）A0. 15 mol/L B0.2 mol/L C0.3 mol/L D0.4 mol/L二、非选择题（本题包括5小题）17、X、Y、Z、W、R、Q为前30号元素，且原子序数依次增大。X是所有元素中原子半径最小的，Y有三个能级，且每个能级上

9、的电子数相等，Z原子单电子数在同周期元素中最多，W与Z同周期，第一电离能比Z的低，R与Y同一主族，Q的最外层只有一个电子，其他电子层电子均处于饱和状态。请回答下列问题：（1）R核外电子排布式为_。（2）X、Y、Z、W形成的有机物YW(ZX2）2中Y、Z的杂化轨道类型分别为_，ZW3-离子的立体构型是_。（3）Y、R的最高价氧化物的沸点较高的是_（填化学式），原因是_。（4）将Q单质的粉末加入到ZX3的浓溶液中，并通入W2，充分反应后溶液呈深蓝色，该反应的离子方程式为_。（5）W和Na的一种离子化合物的晶胞结构如图，该离子化合物为_（填化学式）。Na+的配位数为_，距一个阴离子周围最近的所有阳离

10、子为顶点构成的几何体为_。已知该晶胞的密度为gcm-3，阿伏加德罗常数为NA，则两个最近的W离子间距离为_nm(用含、NA的计算式表示）。18、A、B、C、D、E五种化合物均含有某种短周期常见元素，它们的转化关系如图所示，其中A的溶液为澄清溶液，C为难溶的白色固体，E易溶于水，取A的溶液灼烧，焰色反应为浅紫色(透过蓝色钴玻璃)。(1)写出化学式：A_，B_，C_，D_，E_。(2)写出下列反应的离子方程式：AB：_；AD：_。19、用一种试剂将下列各组物质鉴别开。（1）和：_（2） ，和C6H12(已烯)：_（3） ，CCl4和乙醇_20、. 实验室制得气体中常含有杂质，影响其性质检验。下图A

11、为除杂装置，B为性质检验装置，完成下列表格：序号气体反应原理A中试剂 乙烯溴乙烷和NaOH的醇溶液加热_ 乙烯无水乙醇在浓硫酸的作用下加热至170反应的化学方程式是_ 乙炔电石与饱和食盐水反应_. 为探究乙酸乙酯的水解情况，某同学取大小相同的3支试管，分别加入以下溶液，充分振荡，放在同一水浴加热相同时间，观察到如下现象。编号 实验操作实验现象酯层变薄酯层消失酯层基本不变 (1)试管中反应的化学方程式是_；(2)对比试管和试管的实验现象，稀H2SO4的作用是_；(3)试用化学平衡移动原理解释试管中酯层消失的原因_。21、云阳龙缸云端廊桥曾被詟为“世界第一悬挑玻璃景观廊桥”，所用钢化玻璃因其优良的

12、性能广泛应用于日常生活，但由于制作玻璃时里面含有极少量硫化镍，使得钢化玻璃在极限条件下的使用受到限制.（1）基态硫原子价层电子的轨道表达式(电子排布图)为_，基态镍原子中核外电子占据最高能层的符号为_.（2）Ni(CO)4常用于制备纯镍，溶于乙醇、CCl4、苯等有机溶剂，为_晶体，Ni(CO)4空间构型与甲烷相同，中心原子的杂化轨道类型为_，写出与配体互为等电子体的阴离子_(任写一种).（3）与硫同族的硒元素有两种常见的二元含氧酸，请比较它们酸性强弱 (填化学式)_，理由是_.（4）H2S的键角_(填“大于”“小于”等于”)H2O的键角，请从电负性的角度说明理由_.（5）NiO与NaCl的晶胞

13、结构相似，如图所示，阴离子采取面心立方堆积，阳离子填充在位于阴离子构成的空隙中，已知Ni2+半径为69nm，O2-半径为140nm，阿伏伽德罗常数为NA，NiO晶体的密度为_g/cm3(只列出计算式).参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、D【解析】A. 酸性氧化物指能和碱反应，只生成盐和水的氧化物，CO不是酸性氧化物，A错误；B. 盐酸、氯化铁溶液不属于胶体，B错误；C. 电解质指在熔融状态下或者水溶液中，能导电的化合物，所以铜不是电解质，C错误；D. 盐酸是HCl的水溶液，氯水是将氯气通入到水中形成的溶液，氨水是将氨气通入到水中的溶液，则这三种溶液都是混合物，D正确；故合理选项

14、为D。【点睛】电解质指在熔融状态下或者水溶液中，能导电的化合物。2、D【解析】A项，酸性高锰酸钾具有强氧化性，能和还原性物质乙烯反应，但是会生成二氧化碳，和甲烷不反应，这样甲烷中混有二氧化碳，故A错误；B项，氢氧化钠和铵盐、以及氯化铁之间均能发生复分解反应，故B错误；C项，饱和的碳酸钠溶液和乙酸乙酯互不相溶，而可以和乙酸反应，可以采用加入饱和碳酸钠再分液的方法来分离，而不是蒸馏，故C错误；D项，乙醇与生石灰CaO不会发生反应，CaO可以与水化合生成Ca(OH)2，是离子化合物，沸点较高，可采用蒸馏的方法让乙醇先挥发出来，再冷凝就得到纯的无水乙醇，故D正确；【点睛】本题考查化学实验方案的评价，题

15、目侧重于物质的分离、提纯的实验方案的评价，注意物质的性质的异同，除杂时不能影响被提纯的物质，且不能引入新的杂质。3、D【解析】正确答案：D手性碳原子指在一个碳上连有四个不同的原子或原子团，D的2号碳上连有CH3 、OH 、 COOH 、H 四个不同的四个不同的原子或原子团，2号碳为手性碳原子。4、C【解析】1.0g氢气的物质的量为1.0g2g/mol=0.5mol，假设金属都为+2价金属，则混合金属的平均摩尔质量为10g0.5mol=20g/mol，Zn的摩尔质量为：65g/mol20g/mol，Fe的摩尔质量为：56g/mol20g/mol，Mg的摩尔质量为：24g/mol20g/mol，A

16、l为+2价时的摩尔质量为：27g/mol2/3=18g/mol20g/mol，根据以上分析可知，混合金属中一定含有铝元素，才能满足平均摩尔质量=20g/mol，所以C正确，答案选C。【点睛】本题考查了混合金属与酸反应的化学计算，注意掌握平均摩尔质量在化学计算中的应用方法，难点是铝的平均摩尔质量的换算。另外如果含有与酸不反应的金属，则可以把其摩尔质量视为无穷大，例如铜等。该题也可以通过计算转移1mol电子时消耗的金属质量进行对比。5、A【解析】A、聚合物 X 在碱性条件下水解成和HCOO-、在酸性条件下水解成和HCOOH，故A错误；B.聚乙烯胺的平均相对分子质量除以链节的式量可得聚合度，故B正确

17、；C. 乙烯胺结构简式是CH2=CH-NH2，CH2=CH-NH2与CH3CH=NH分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故C正确； D. 聚乙烯胺和 R-N=C=S 发生加成反应生成聚合物 ，故D正确。6、D【解析】A.C3H8分子中含有10个共价键，则在常温常压下，0.1molC3H8所含有的共价键数目为1.0NA，A错误；B.苯分子中无碳碳双键，B错误；C.15g甲基的物质的量是1mol，由于甲基中含9个电子，所以15 g甲基所含的电子数为9NA，C错误；D.乙烯、丙烯的最简式是CH2，式量是14,所以14g乙烯、丙烯的混合物中含有1molCH2，其中的原子数目为3NA，D正确；故合理选

18、项是D。7、A【解析】量取5.2 mL稀硫酸应选10 mL量筒，错；苯和CCl4可以混溶，错；量筒的精度是0.1mL，错；高温灼烧石灰石用坩埚， 错；故选A。8、B【解析】温度不变平衡常数不变，k=c2(NH3)c (CO)，再充入n (NH3): n (CO)=2:1,则再次达到平衡时,c (NH3)=2xmolL1,则c(CO)=xmolL1，k=c2(NH3) c (CO)=（2x）2x=4x3,x= ，c (NH3)是定值，保持不变。故选B。9、A【解析】分析：依据配制一定物质的量浓度溶液的操作步骤判断；分析不当操作对溶质的物质的量和溶液的体积的影响，依据C=nV进行误差分析。详解：洗

19、涤量取浓H2SO4后的量筒，并将洗涤液转移到容量瓶中，导致量取的浓硫酸体积偏大，硫酸的物质的量偏大，溶液浓度偏高，故选；未等稀释后的H2SO4溶液冷却至室温就转移到容量瓶中，冷却后，溶液体积偏小，溶液浓度偏高，故选；当盛装酸标准液的滴定管未用标准液润洗，装入标准溶液后，残留的水稀释了酸溶液，在此浓度下与碱反应，就会多消耗酸的体积，但是，在计算碱的浓度时，待测碱浓度将偏高，故选；酸式滴定管在滴定前有气泡，滴定后气泡消失，造成V（标准）偏大，根据c（待测）=c(标准）V(标准）V(待测），可知c（待测）偏大，故选；转移前，容量瓶中含有少量蒸馏水，对溶质的物质的量和溶液体积都不产生影响，溶液浓度不变

20、，故不选；定容摇匀后，发现液面低于标线，又用胶头滴管加蒸馏水至标线，导致溶液体积偏大，溶液浓度偏低，故不选；定容时，俯视刻度线，导致溶液体积偏小，溶液浓度偏高，故选；综合以上分析，偏高，故答案为：A。10、B【解析】A.CH3Cl是卤代烃，是烃的衍生物，A错误；B.C8H8仅有C、H两种元素，属于烃，B正确；C.C2H5OH是烃分子中的一个H原子被-OH取代产生的物质，属于醇，C错误；D.CH3COOH是甲烷分子中的一个H原子被-COOH取代产生的物质，属于羧酸，D错误；故合理选项是B。11、D【解析】A项，分子式应为C16H18O9，A错误；B项，能与氢氧化钠反应的是羧基、酚、酯基。而醇不能

21、与氢氧化钠反应。该物质的结构中，含有一个羧基，一个酯基，两个酚，所以1 mol咖啡鞣酸可与含4 mol NaOH的溶液反应，B错误；C项，醇OH、酚OH均可被酸性KMnO4溶液氧化，C错误；D项，苯酚能与溴水发生取代反应，含碳碳双键能与溴水发生加成反应，所以该物质能与浓溴水发生加成反应和取代反应，D正确答案选D。12、B【解析】A.S2Cl2分子中S原子之间形成1对共用电子对，Cl原子与S原子之间形成1对共用电子对，结合分子结构可知S2Cl2的结构式为Cl-S-S-Cl，电子式为，故A错误；B.S2Cl2中Cl-S属于极性键，S-S键属于非极性键，不对称的结构，为极性分子，故B正确；C.分子的

22、结构不对称，为极性分子，而不是非极性分子，故C错误；D.同周期从左往右原子半径逐渐减小，所以氯原子半径小于硫原子半径，键长越短键能越大，所以分子中S-Cl键能大于S-S键的键能，故D错误；故选B。13、B【解析】2H2S(g)3O2(g)2SO2(g)2H2O(l) H =Q1 kJmol-1；2H2S(g)O2(g)2S(s)2H2O(g) H =Q2 kJmol-1；2H2S(g)O2(g)2S(s)2H2O(l) H =Q3 kJmol-1，与相比较，H2O(g) H2O(l)放热，所以Q2 Q3，则Q1Q3Q2；答案选B。14、D【解析】A. 在实际应用中可用FeCl3腐蚀Cu刻制印刷

23、电路板，利用的是铁离子的氧化性，与铁比铜金属性强无关系，A错误；B. H2S难电离，CuSO4溶液与H2S溶液反应的离子方程式为Cu2+H2SCuS2H，B错误；C. 铜锈的主要成分是碱式碳酸铜，用稀盐酸除去铜锈的离子方程式为Cu2(OH)2CO34H2Cu2CO23H2O，C错误；D. 根据化学反应CuOCOCuCO2可知其实验现象为黑色固体变成红色固体，D正确；答案选D。15、D【解析】SO2、CO2与CaCl2溶液不反应；过量的CO2与澄清石灰水反应生成Ca(HCO3)2，最终没有沉淀；过量的SO2与Ba(OH)2溶液反应生成Ba(HSO3)2，最终也没有沉淀；过量CO2通入Na2SiO

24、3溶液中产生硅酸沉淀。16、C【解析】溶液的pH=1，则氢离子浓度为0.1mol/L，根据电荷守恒，溶液中存在：3c(Al3+)+c(K+)+c(H+) =2c(SO42-)+c(OH-)，由于溶液中c(OH-)很小，可以忽略不计，则：3c(Al3+)+c(K+)+c(H+) =2c(SO42-)，所以：c(K+)=2c(SO42-)-3c(Al3+)-c(H+) =20.8mol/L-30.4mol/L -0.1mol/L=0.3mol/L，故选C。二、非选择题（本题包括5小题）17、1s22s22p63s23p2 sp2 sp3 平面三角形 SiO2 SiO2为原子晶体，CO2为分子晶体

25、2Cu + 8NH3+ O2+ 2H2O2Cu(NH3）42+ 4OH Na2O 4 立方体 【解析】X为所有元素中半径最小的，所以为氢元素；Y有3个能级，且每个能级上的电子数相等，所以为1s22s22p2，为碳元素，R与Y同主族，所以R为硅；Q最外层只有1个电子，且其他电子层都处于饱和状态，说明为铜；Z的单电子在同周期元素中最多，所以为氮元素；W与Z在同周期，且W的原子序数比Z的大，所以为氧。据此判断。【详解】（1）硅是14号元素，核外电子排布为：1s22s22p63s23p2。（2）有机物为尿素，碳原子形成3个共价键，所以采用sp2杂化，氮原子形成3个共价键，还有一个孤对电子，所以采用sp

26、3杂化，硝酸根离子的价层电子对数=（5+1+03）/2=3，无孤对电子，所以形成平面三角形。（3）二氧化碳为分子晶体，二氧化硅为原子晶体，所以二氧化硅的晶体沸点高。（4）铜和氨气在氧气存在下反应，方程式为：2Cu + 8NH3+ O2+ 2H2O2Cu(NH3）42+ 4OH；（5）晶胞中有8个钠离子，有81/8+61/2=4个氧离子，所以化学式为：Na2O；从晶胞看钠离子周围最近的氧离子有4个。距离氧离子最近的钠离子有8个，构成立方体；假设现在晶胞的边长为a厘米，则a3NA=624=248，所以边长为厘米，氧离子最近的距离为面上对角线的一半，所以为纳米。18、KAlO2 Al(OH)3 Al

27、2O3 AlCl3 NaAlO2 AlO22H2OCO2=Al(OH)3HCO3 AlO24H=Al32H2O 【解析】B、C都既能与盐酸反应又能与NaOH溶液反应，应为两性化合物，因B加热分解可生成C，则可知B为Al(OH)3，C为Al2O3，则D为AlCl3，E为NaAlO2，若取A溶液灼烧，焰色反应为浅紫色（透过蓝色钴玻璃片），说明A中含有K元素，A能与二氧化碳反应生成Al(OH)3，则A应为KAlO2，据此解答。【详解】(1).根据以上分析可知，A为KAlO2，B 为Al(OH)3，C 为Al2O3，D为AlCl3，E 为NaAlO2；(2).向KAlO2溶液中通入足量的CO2，反应生

28、成Al(OH)3沉淀和KHCO3，离子方程式为AlO22H2OCO2=Al(OH)3HCO3；向KAlO2溶液中加入过量的HCl，反应生成AlCl3、KCl和水，离子方程式为AlO24H=Al32H2O。19、 KMnO4(H+)溶液 溴水 水【解析】（1）甲苯能被高锰酸钾氧化使其褪色，而苯不能，所以用KMnO4（H+）溶液鉴别时二者现象不同，可以鉴别，故答案为：KMnO4（H+）溶液；（2）三种物质与溴水混合，苯的密度比水小，有机层在上层，而溴苯的密度比水大有机层在下层，已烯与溴水发生加成反应而使其褪色，所以用溴水鉴别时三者现象不同，可以鉴别，故答案为：溴水；（3）三种物质与水混合，甲苯、四

29、氯化碳不溶于水，分层现象不同，有机层在上层的为甲苯，在下层的为四氯化碳，乙醇与水混溶不分层，所以用水鉴别时三者现象不同，可以鉴别，故答案为：水。点睛：本题主要考查有机物的鉴别。常见能使酸性高锰酸钾溶液褪色的有机物有烯烃、炔烃、苯的同系物、醇、酚、醛等；而选择用水鉴别的有机物通常可从水溶性及与水的密度比较角度分析，如存在与水混溶的，难溶于水但密度有比水大的、有比水小的，即可用水鉴别。20、水 NaOH溶液 溶液 稀硫酸可以加速酯的水解(或稀硫酸是酯水解反应的催化剂) 乙酸乙酯水解生成的乙酸与NaOH发生中和反应，乙酸浓度降低，使水解平衡向正反应方向移动，水解比较彻底 【解析】中、选择不同的方法制

30、备乙烯，气体中所含杂质也各不相同，因此所选择的除杂试剂也有所区别。在中，利用溴乙烷和NaOH的醇溶液加热的方式制得的乙烯中通常混有乙醇蒸汽，因此利用乙醇极易溶于水的性质利用水将乙醇除去即可；而在中利用无水乙醇在浓硫酸的作用下加热至170反应制乙烯，在乙烯蒸汽中通常混有浓硫酸氧化乙醇后所产生的二氧化硫和二氧化碳，因此利用碱可以除去杂质。.实验分别在不同的条件下进行酯的分解实验。实验在酸性条件下进行，一段时间后酯层变薄，说明酯在酸性条件下发生了水解，但水解得不完全；实验在碱性条件下进行，一段时间后酯层消失，说明酯在碱性条件下能发生完全的水解；实验是实验对照组，以此解题。【详解】. 利用溴乙烷和Na

31、OH的醇溶液加热的方式制得的乙烯中通常混有乙醇蒸汽，因此利用乙醇极易溶于水的性质，用水将乙醇除去即可；利用无水乙醇在浓硫酸的作用下加热至170反应制乙烯，该反应的化学方程式是，在乙烯蒸汽中通常混有浓硫酸氧化乙醇后所产生的二氧化硫和二氧化碳，因此利用二氧化硫、二氧化碳均为酸性气体，用碱可以除去的特点，采用. NaOH溶液除杂；利用电石与饱和食盐水反应制乙炔，由于电石不纯，通常使制得的乙炔中混有硫化氢和磷化氢，因此可利用硫化氢、磷化氢易与溶液反应产生沉淀，将杂质除去。. (1)试管中乙酸乙酯在酸性环境下发生水解反应，其化学方程式是：；(2)对比试管和试管的实验现象，稀H2SO4的作用是加速酯的水解

32、，做反应的催化剂；(3) 由于乙酸乙酯水解生成的乙酸与NaOH发生中和反应，乙酸浓度降低，使水解平衡向正反应方向移动，水解比较彻底，因此试管中酯层消失。【点睛】本题对实验室制乙烯、乙炔的方法及除杂问题、酯的水解条件进行了考核。解题时需要注意的是在选择除杂试剂时，应注意除去杂质必有几个原则（1）尽可能不引入新杂质（2）实验程序最少（3）尽可能除去杂质。(4)也可以想办法把杂质转变为主要纯净物。（5）减少主要物质的损失。另外在分析酯的水解的时候，酯在酸性或碱性条件下均可发生水解反应，只是由于酯在碱性环境下水解生成的酸因能与NaOH发生中和反应，使水解平衡向正反应方向移动，因此水解得比较彻底。21、 N 分子晶体 sp3杂化