2022年辽宁省鞍山市台安县高级中学化学高二下期末达标检测模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、实验室配制0.1000mol/L的硫酸溶液，下列图示操作不需要的是ABCD2、二甘醇可用作溶剂、纺织助剂等，一旦进入人体会导致急性肾衰竭,危及生命。二甘醇的结构简式是HO-CH2

2、CH2-O-CH2CH2-OH。下列有关二甘醇的叙述正确的是A二甘醇的沸点比乙醇低B能溶于水，不溶于乙醇C1mol二甘醇和足量Na反应生成1molH2D二甘醇在NaOH的乙醇溶液中加热能发生消去反应3、为了体育大型比赛的公平和发扬积极向上健康精神，禁止运动员使用兴奋剂是奥运会的重要举措之一。以下两种兴奋剂的结构分别为：则关于以上两种兴奋剂的说法中正确的是（ ）A利尿酸分子中有三种含氧官能团，在核磁共振氢谱上共有六个峰B两种兴奋剂最多都能和含3molNaOH的溶液反应C1 mol兴奋剂X与足量浓溴水反应，最多消耗4 mol Br2D两种分子中的所有碳原子均不可能共平面4、下列关于物质的分类中正确

3、的是（）纯净物混合物强电解质弱电解质非电解质A盐酸矿泉水硫酸醋酸干冰B氢氧化钡蔗糖溶液硫酸钡溴水二氧化硫C胆矾石灰水氧化铝水氯气D小苏打氢氧化铁胶体氯化银一水合氨酒精AABBCCDD5、用甘氨酸和丙氨酸缩合,形成的二肽最多可以有A4种 B3种 C2种 D1种6、下列关于配制一定物质的量浓度溶液的说法，不正确的是A容量瓶用蒸馏水洗涤后不用干燥B其他操作都正确，称量药品时若砝码生锈会导致所配溶液浓度偏高C配制90mL 0.1molL1NaCl溶液，应选用100mL容量瓶来配制D摇匀、静置，发现液面低于刻度线，应加少量水至刻度线7、利用下列装置（部分仪器已省略），能顺利完成对应实验的是（ ）A实验室

4、制取乙烯 B石油的分馏实验 C实验室制取乙炔并收集 D利用酒精萃取碘水中的碘单质8、将乙炔通入银氨溶液，产生白色沉淀，通过该实验可以区分乙炔和乙烯。化学方程式为：HCCH+2Ag(NH3)2+ AgCCAg+2NH4+2NH3。乙炔银遇酸可放出乙炔。下列分析或推测不正确的是A乙炔与银氨溶液的反应不是氧化还原反应B乙炔中C-H键的活性比乙烯中C-H键的活性强C乙炔通入AgNO3溶液中也能发生类似反应D2-丁炔不能与银氨溶液发生类似反应9、下列离子方程式中正确的是AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2：2Fe2+ + 2Br + 2Cl2 = 2Fe3+Br2+4ClB用氢氟酸在玻璃上“刻字”：

5、SiO2 + 4H+ + 4F = SiF4+ 2H2OC将铜丝投入稀硝酸中：Cu + 4H+ + 2NO3 Cu2+ + 2NO2+ 2H2ODNaOH与NH4Cl溶液混合加热：NH4+ + OH NH3H2O10、0.5L 1molL1的FeCl3溶液与0.2L 1molL1的KCl溶液中，Cl-浓度之比为 ( )A15:2B1:1C3:1D1:311、向Na2CO3、NaHCO3混合溶液中逐滴加入稀盐酸，生成气体的量随盐酸加入量的变化关系如右图所示则下列离子组在对应的溶液中一定能大量共存的是Aa点对应的溶液中：Na+、OH-、SO42-、NO3-Bb点对应的溶液中：Al3+、Fe3+、N

6、O3-、Cl-Cc点对应的溶液中：Na+、Ca2+、NO3-、Cl-Dd点对应的溶液中：Cl-、NO3-、Fe2+、Na+12、下列实验装置不能达到实验目的的是 选项实验目的反应试剂及所需物质选择装置A制乙酸乙酯无水乙醇、冰醋酸、浓硫酸、碎瓷片B进行银镜实验银氨溶液、乙醛C制葡萄糖酸葡萄糖、3%溴水D制乙烯无水乙醇、浓硫酸、碎瓷片 注:葡萄糖与3%溴水在55 左右反应AABBCCDD13、组成和结构可用表示的有机物中，能发生消去反应的共有（ ）A10种B16种C20种D25种14、电解质溶液的电导率越大，导电能力越强。用0.100mol/L的NaOH溶液滴定10.00mL浓度均为0.100mo

7、l/L的盐酸和CH3COOH溶液。利用传感器测得滴定过程中溶液的电导率如图所示。下列说法不正确的是A曲线代表滴定CH3COOH溶液的曲线BA、C两点对应溶液均呈中性CB点溶液中:c(Na+)c(OH-)c(CH3COO-)DA点溶液中: c(CH3COO-)+ c(OH-)- c(H+)=0.050mol/L15、已知有机物A与NaOH的醇溶液混合加热得产物C和溶液D。C与乙烯混合在催化剂作用下可反应生成的高聚物。而在溶液D中先加入硝酸酸化，后加AgNO3溶液有白色沉淀生成，则A的结构简式可能为()ABCCH3CH2CH2ClD16、绿色化学提倡化工生产应提高原子利用率。原子利用率表示目标产物

8、的质量与生成物总质量之比。在下列制备环氧乙烷的反应中，原子利用率最高的是ABCD二、非选择题（本题包括5小题）17、有机物A是最常用的食用油抗氧化剂，分子式为C10H12O5，可发生如下转化已知B的相对分子质量为60，分子中只含一个甲基。C的结构可表示为： (其中：X、Y均为官能团)请回答下列问题：（1）官能团-X的名称为_，反应的类型为_；（2）根据系统命名法，B的名称为_，高聚物E的链节为_；（3）A的结构简式为_；（4）反应的化学方程式为_；（5）C有多种同分异构体，其中符合下列要求的同分异构体共_种；i.含有苯环 ii.能发生银镜反应 iii.不能发生水解反应（6）从分子结构上看，A具

9、有抗氧化作用的主要原因是_（填序号）。a 含有苯环 b 含有羰基 c 含有酚羟基18、白藜芦醇属二苯乙烯类多酚化合物，具有抗氧化、抗癌和预防心血管疾病的作用。某课题组提出了如下合成路线：已知：根据以上信息回答下列问题：(1)白藜芦醇的分子式是_。(2)CD的反应类型是_；EF的反应类型是_。(3)化合物A不与FeCL3溶液发生显色反应，能与NaHCO3反应放出CO2，推测其核磁共振氢谱(1H-NMR)中显示有_种不同化学环境的氢原子，其个数比为_。(4)写出AB反应的化学方程式_(5)写出化合物D、E的结构简式：D_，E_。(6)化合物有多种同分异构体，写出符合下列条件的所有同分异构体的结构简

10、式：_。能发生银镜反应；含苯环县苯环上只有两种不同化学环境的氢原子。19、硫化钠在无机制备、废水处理等领域常用作沉淀剂，其水溶液称为“臭碱”。可在特殊条件下以硫酸钠固体与炭粉为原料制备：Na2SO4+2C Na2S+2CO2（1）硫化钠固体在保存时需注意_，原因是_。（2）实验室用上图装置以Na2SO4与炭粉为原料制备Na2S并检验气体产物、进行尾气处理。步骤如下：连接仪器顺序为_(按气流方向，用小写字母表示)；检查装置气密性；装入固体药品及试剂，连好装置；加热，进行实验。（3）若amolNa2SO4 和 2amolC按上述步骤充分反应，实际得到 Na2S小于 amol，则实验改进方案是_。某

11、同学从氧化还原角度分析固体产物中可能含有少量 Na2SO3，请设计实验证明其猜测是否合理(供选择的试剂有：酚酞溶液、硝酸、稀盐酸、蒸馏水)_。（4）经实验测定，硫酸钠与炭粉在一定条件下反应还可生成等物质的量的两种盐和体积比为13的 CO2 和CO两种气体。反应方程式为_。20、氯磺酸是无色液体，密度1.79gcm-3，沸点约152。氯磺酸有强腐蚀性，遇湿空气产生强烈的白雾，故属于危险品。制取氯磺酸的典型反应是在常温下进行的，反应为 HCl（g）+SO3 = HSO3Cl。实验室里制取氯磺酸可用下列仪器装置（图中夹持、固定仪器等已略去），实验所用的试剂、药品有：密度1.19gcm-3浓盐酸密度1

12、.84gcm-3、质量分数为98.3%的浓硫酸 发烟硫酸（H2SO4SO3）无水氯化钙水。制备时要在常温下使干燥的氯化氢气体和三氧化硫反应，至不再吸收HCl时表示氯磺酸已大量制得，再在干燥HCl气氛中分离出氯磺酸。（1）仪器中应盛入的试剂与药品（填数字序号）：A中的a_ B_ C_ F_ 。（2）A的分液漏斗下边接有的毛细管是重要部件，在发生气体前要把它灌满a中液体，在发生气体时要不断地均匀放出液体。这是因为_。 （3）实验过程中需要加热的装置是_ （填装置字母）。（4）若不加F装置，可能发生的现象是_， 有关反应的化学方程式_。（5）在F之后还应加的装置是_。21、铜单质及其化合物在很多领域

13、有重要的用途，如金属铜用来制造电线电缆，五水硫酸铜可用作杀菌剂。(1)Cu位于元素周期表_族。Cu2+的外围电子排布式为_。(2)Cu元素可形成，其中存在的化学键类型有_（填序号）。配位键 氢键 极性共价键 非极性共价键 离子键(3)若具有对称的空间构型，且当其中的两个NH3被两个Cl取代时，能到两种不同结构的产物，则的空间构型为_（填字母）。a.平面正方形 b.正四面体 c.三角锥型 d.V形(4)在硫酸铜溶液中逐滴滴加氨水至过量，实验现象为先出现蓝色沉淀，最后沉淀溶解形成深蓝色的溶液.写出此蓝色沉淀溶解的离子方程式：_。(5)Cu2O的熔点比Cu2S的_（填“高”或“低”），请解释原因_。

14、参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、A【解析】A.实验室配制0.1000mol/L的硫酸溶液，要用浓硫酸进行稀释完成，浓硫酸是液态物质，不能使用天平称量，天平称量是用来称量固体物质质量，A符合题意；B.将溶解、冷却后的浓度大的溶液通过玻璃棒引流，转移至容量瓶中，该操作为移液、洗涤，B不符合题意；C.往蒸馏水中加入浓硫酸，为了防止局部过热造成液体飞溅，需要不断搅拌，也可以使溶液混合均匀，C不符合题意；D.量取一定体积的浓硫酸时，为准确量取其体积，最后要使用胶头滴管滴加，D不符合题意；故合理选项是A。2、C【解析】分析：由二甘醇的结构简式可知，二甘醇分子中含有羟基，故可发生消去反应和

15、取代反应，根据相似相溶原理知二甘醇不仅易溶于水，也易溶于乙醇等有机溶剂，含有相同碳原子数的一元醇沸点低于二元醇，醇能与钠反应生成氢气。详解：A二甘醇属于二元醇，含有相同碳原子数的一元醇沸点低于二元醇，沸点比乙醇高，选项A错误；B二甘醇属于有机物，且题干中“二甘醇可用作溶剂”推知二甘醇能溶于乙醇，选项B错误；C二甘醇属于二元醇，1mol二甘醇和足量Na反应生成1molH2，选项C正确；D羟基碳的邻位碳上有氢，可以发生消去反应，但反应条件不是在NaOH的乙醇溶液中加热而应该是浓硫酸及加热，选项D错误；答案选C。考点：考查二甘醇的性质的有关判断。点睛：该题是中等难度的试题，试题注重基础知识的巩固，侧

16、重能力的培养和解题方法的指导。该题的关键是准确判断出分子中含有的官能团，然后依据相应官能团的结构和性质灵活运用即可，有利于培养学生的知识迁移能力，难度不大。3、C【解析】A.由利尿酸的结构简式可知：利尿酸分子中含氧官能团分别是羰基、醚键和羧基三种，7种不同类型的氢原子，在核磁共振氢谱上共有七个峰，故A错误；B. 利尿酸最多能和含5molNaOH的溶液反应，兴奋剂X最多能和含5molNaOH的溶液反应，故B错误；C. 兴奋剂中含有碳碳双键、酚羟基，碳碳双键和苯环上酚羟基邻对位氢原子能和溴发生反应，所以1 mol兴奋剂X与足量浓溴水反应，最多消耗4 mol Br2，故C正确；D碳碳双键、连接苯环的

17、碳原子能共面，所以兴奋剂X中所有碳原子能共面，故D错误；故答案为C。4、D【解析】分析：物质分为混合物和纯净物，混合物是由两种或两种以上的物质组成；只含一种物质的为纯净物；电解质:在水溶液中或熔融状态下能导电的化合物；例：酸、碱、盐,金属氧化物等；非电解质:在水溶液中和熔融状态下都不能导电的化合物；例:有机物，非金属氧化物等；强电解质:在水溶液中或熔融状态下能完全电离的化合物；弱电解质:在水溶液中或熔融状态下不能完全电离的化合物。据此解答。详解:A.盐酸为氯化氢的水溶液，属于混合物，故A错误；B.溴水为溴的水溶液，为混合物，既不是电解质也不是非电解质，故B错误；C.氯气为单质，既不是电解质也不

18、是非电解质，故C错误；D.小苏打为碳酸钠，属于纯净物，氢氧化铁胶体为混合物，氯化银熔融状态下能完全电离，属于强电解质，一水合氨水溶液中部分电离，属于弱电解质，酒精在水溶液中和熔融状态下都不能导电的化合物，属于非电解质，所以D选项是正确的；所以D选项是正确的。5、A【解析】氨基酸生成二肽，就是两个氨基酸分子脱去一个水分子当同种氨基酸脱水，生成2种二肽；当是异种氨基酸脱水：可以是甘氨酸脱去羟基，丙氨酸脱氢；也可以丙氨酸脱羟基，甘氨酸脱去氢，生成2种二肽，所以共有4种，故本题选A。点睛：氨基酸形成肽键原理为羧基提供-OH，氨基提供-H，两个氨基酸分子脱去一个水分子脱水结合形成二肽，既要考虑不同氨基酸

19、分子间生成二肽，又要考虑同种氨基酸分子间形成二肽。6、D【解析】A容量瓶不需要干燥，不影响配制结果；B砝码生锈，称量的溶质的质量偏大；C需要容量瓶规格时遵循“大而近”原则；D由于部分溶液在刻度线上方，液面会暂时低于刻度线，属于正常现象。【详解】A容量瓶中有少量蒸馏水，不影响溶质的物质的量及最终溶液体积，则不影响溶液，所以容量瓶用蒸馏水洗涤后不用干燥，故A项正确；B其他操作都正确，称量药品时若砝码生锈，会导致称量的溶质的质量偏大，所配溶液浓度偏高，故B项正确；C配制90mL 0.1molL-1NaCl溶液，实验室中没有90mL容量瓶，需要选用100mL容量瓶来配制，故C项正确；D摇匀、静置，发现

20、液面低于刻度线，属于正常现象，不能再加入蒸馏水，否则所得溶液体积偏大，溶液浓度偏低，故D项错误。故答案为D【点睛】一定物质的量浓度溶液误差分析，关键看所进行的操作究竟影响的是溶质还是加水量，凡是使溶质增大就偏高，使溶质减少就偏低。加水多了就偏低，加水少了就偏高。7、B【解析】试题分析：A、制备乙烯，应测定反应液的温度为170，图中温度计的水银球应在反应液中，故A错误；B、分馏测定馏分的温度，冷却水从下到上，图中石油蒸馏操作合理，故B正确；C、乙炔的密度比空气的小，应利用向下排空气法收集，图中为向上排空气法，故C错误；D、酒精与水不分层，不能发生萃取，应利用苯或四氯化碳萃取碘水中的碘，故D错误；

21、故选B。考点：考查了化学实验方案的评价的相关知识。8、C【解析】A.乙炔与银氨溶液的反应过程中没有元素化合价的变化，因此该反应不是氧化还原反应，A正确；B.乙炔通入银氨溶液，产生乙炔银白色沉淀，而乙烯不能发生该反应，说明乙炔中C-H键的活性比乙烯中C-H键的活性强，因此通过该实验可以区分乙炔和乙烯，B正确；C. AgNO3溶液中Ag+与银氨溶液中银元素存在形式不同，因此不能发生类似反应，C错误；D. 2-丁炔的不饱和C原子上无C-H键，因此不能与银氨溶液发生类似反应，D正确；故合理选项是C。9、A【解析】分析：AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2反应生成氯化铁、溴；BHF属于弱酸；C稀硝酸

22、被还原对应还原产物为NO；D氢氧化钠和氯化铵溶液混合加热生成氨气；据此分析判断。详解：AFeBr2溶液中加入等物质的量的Cl2反应生成氯化铁、溴，离子方程式为2Fe2+ + 2Br + 2Cl2 = 2Fe3+Br2+4Cl，故A正确；B用氢氟酸来刻蚀玻璃的离子反应为SiO2+4HFSiF4+2H2O，故B错误；C将铜丝投入稀硝酸中，离子方程式为：3Cu+8H+2NO3-=3Cu2+2NO+4H2O，故C错误；D氢氧化钠和氯化铵溶液混合加热生成氨气，离子方程式为NH4+OH- NH3+H2O，故D错误；故选A。点晴：本题考查了离子方程式的正误判断。注意离子方程式正误判断常用方法：检查反应能否发

23、生，检查反应物、生成物是否正确，检查各物质拆分是否正确，检查是否符合守恒关系等。本题的易错点为A，要注意物质的量间的关系。10、C【解析】0.5L 1molL1的FeCl3溶液中Cl-的物质的量浓度为1molL-13=3molL-1，0.2L 1molL1的KCl溶液中Cl-的物质的量浓度为1molL-1，Cl-的物质的量浓度之比为3：1。答案选C。11、C【解析】a点溶液中含有CO32-和HCO3-，b点全部为HCO3-，c点恰好完全反应生成NaCl，d点盐酸过量，呈酸性。【详解】A、a点溶液中含有CO32-和HCO3-，CO32-与Ca2+反应不能大量共存，A错误；B、b点全部为HCO3-

24、，OH-与HCO3-不能大量共存，B错误；C、c点恰好完全反应生成NaCl，离子之间不发生反应，在溶液中能够大量共存，C正确；D、d点呈酸性，酸性条件下，NO3-与Fe2+发生氧化还原反应而不能大量共存，D错误。答案选C。【点晴】该题的关键是明确图像中各个点所代表的溶液中所含离子的性质，然后结合离子的性质分析解答即可。要明确溶液中存在的离子，需要掌握碳酸盐与盐酸反应的规律。再分析Na2CO3和NaHCO3的混合溶液与盐酸反应的先后顺序时需要注意：在Na2CO3和NaHCO3的混合溶液中，逐滴加入盐酸，盐酸先与何种物质反应，取决于CO32和HCO3结合H的难易程度。由于CO32比HCO3更易于结

25、合H形成难电离的HCO3，故盐酸应先与Na2CO3溶液反应。只有当CO32完全转化为HCO3时，再滴入的H才与HCO3反应。12、C【解析】A、无水乙醇、冰醋酸在浓硫酸催化下，加热时可反应生成乙酸乙酯，用装置可以达到实验目的，故A能达到实验目的；B、银氨溶液与乙醛在水浴加热条件下发生银镜反应，可用装置达到实验目的，故B能达到实验目的；C、葡萄糖与3%溴水在55 左右反应，应该用水浴加热且需要温度计测量反应温度，装置无法达到实验目的，故C不能达到实验目的；D、无水乙醇、浓硫酸在170 时反应可生成乙烯，用装置可以达到实验目的，故D能达到实验目的。13、C【解析】试题分析：苯环前面的取代基共有5种

26、：CH2ClCH2CH2-、CH3CHClCH2-、CH3CH2CHCl-、CH3（CH2Cl）CH-、（CH3）2CCl-，其中有5种能发生消去反应；右边的有4种：CH3OCH2-、CH3CH2O-、CH3CH（OH）-、HOCH2CH-，因此能发生消去反应的共有20种，故选C。考点：本题主要考查了同分异构体的书写和消去反应的条件，注意碳链异构和官能团异构。14、B【解析】溶液导电能力与离子浓度成正比，CH3COOH是弱电解质，溶液中离子浓度较小，加入KOH后，溶液中离子浓度增大，溶液导电性增强；HCl是强电解质，随着KOH溶液加入，溶液体积增大，导致溶液中离子浓度减小，溶液导电能力减弱，当

27、完全反应式离子浓度最小，继续加入KOH溶液，离子浓度增大，溶液导电能力增强，根据图知，曲线代表0.1 mol/L NaOH溶液滴定HCl溶液的滴定曲线，曲线代表0.1 mol/LKOH溶液滴定CH3COOH溶液的滴定曲线，A由分析可知，曲线代表滴定CH3COOH溶液的曲线，选项A正确；BA点溶质为醋酸钠，醋酸钠水解溶液呈碱性，C点溶质为NaCl，溶液呈中性，选项B不正确；C、B点为等物质的量浓度的醋酸钠和NaOH，c(Na+)最大 ，CH3COO水解产生OH，c(OH) c(CH3COO)，故c(Na+) c(OH) c(CH3COO)，选项C正确； DA点溶液中c（Na+）=0.05mol/

28、L，电解质溶液中都存在电荷守恒，根据电荷守恒得c（CH3COO-）+c（OH-）-c（H+）=c（Na+）=0.05mol/L，选项D正确。答案选B。点睛：本题以电导率为载体考查离子浓度大小比较、盐类水解等知识点，明确混合溶液中溶质及其性质、溶液导电性强弱影响因素是解本题关键，电解质溶液的电导率越大，导电能力越强，10.00mL浓度均为0.100mol/L的盐酸和CH3COOH溶液，0.100mol/L的盐酸导电性强，电导率大，因此曲线代表滴定CH3COOH溶液的曲线，曲线代表滴定HCl溶液的曲线，据此作答。15、C【解析】先根据高聚物的结构简式判断其单体，从而找出C的结构简式，然后根据与硝酸

29、银溶液反应生成白色沉淀判断卤代烃的类型，最后根据醇的消去反应原理判断A的结构简式。【详解】高聚物的单体是：CH2=CH2和CH3-CH=CH2，因此C为CH3-CH=CH2，在溶液D中先加入硝酸酸化，后加AgNO3溶液有白色沉淀生成，D中含有Cl-，因此应选能发生消去反应且生成丙烯的氯代烃，则A发生消去反应生成的是：（CH3）2CHCH=CH2，生成的不是丙烯，选项A错误；B发生消去反应生成的是：2-甲基-1，3-丁二烯，不是丙烯，选项B错误；CCH3-CH2-CH2Cl发生消去反应生成的是CH3-CH=CH2，选项C正确；D发生消去反应生成的是：（CH3）2C=CH2，不是丙烯，选项D错误；

30、答案选C。【点睛】注意掌握常见有机物结构与性质，明确消去反应、加聚反应原理，能够根据高分子化合物的结构简式判断其单体。16、D【解析】原子利用率是期望产物的总质量与生成物的总质量之比，根据绿色化学的原则，原子利用率为100%的化工生产最理想；显然乙烯和氧气在催化剂作用下生成环氧乙烷的反应，原子利用率最高。【详解】A存在副产品CH3COOH，反应物没有全部转化为目标产物，原子利用率较低，故A错误；B存在副产品CaCl2和H2O，反应物没有全部转化为目标产物，原子利用率较低，故B错误；C存在副产品HOCH2CH2-O-CH2CH2OH和2H2O，反应物没有全部转化为目标产物，原子利用率较低，故C错

31、误；D反应物全部转化为目标产物，原子的利用率为100%，原子利用率最高，故D正确；故选D。二、非选择题（本题包括5小题）17、羧基 消去反应 1-丙醇 3 c 【解析】A(C10H12O5)在NaOH水溶液条件下发生水解反应并酸化得到B与C，则A中含有酯基，其中B的相对分子质量为60，分子中只含一个甲基，能在浓硫酸的作用下发生消去反应，则B为CH3CH2CH2OH，B发生消去反应得到D，D为CH3CHCH2，D发生加聚反应得到高分子化合物E，E为；C中O原子个数为5，C能与碳酸氢钠溶液反应得到气体，则C含有-COOH，能与氯化铁溶液发生显色反应，则C中含有酚羟基，C的结构可表示为(其中：-X、

32、-Y均为官能团)，根据C中氧原子个数知，C为，可推知A为，据此分析解答。【详解】(1)根据上述分析，C为，则官能团-X为羧基，反应为CH3CH2CH2OH发生消去反应生成CH3CHCH2，故答案为：羧基；消去反应；(2)根据上述分析，B为CH3CH2CH2OH，根据醇的系统命名法，B的名称为1-丙醇，CH3CHCH2发生加聚反应得到高分子化合物E为，高聚物E的链节为，故答案为：1-丙醇；(3)根据上述分析，A的结构简式为，故答案为：；(4)反应的化学方程式为+NaHCO3+CO2+H2O，故答案为：+NaHCO3+CO2+H2O；(5)C为，C的同分异构体符合下列条件：i含有苯环；ii能发生银

33、镜反应，说明含有醛基；iii不能发生水解反应，说明不含酯基，则符合要求的结构简式如下：、，共3种，故答案为：3；(6)由于苯酚在空气中易被氧化，A分子中有酚羟基，因此A具有抗氧化作用，故答案为：c。【点睛】正确判断A的结构是解题的关键。本题的易错点为(5)，要注意性质条件下同分异构体的书写，和限制条件的解读，本题中需要按照一定的顺序书写苯环上的羟基和醛基，才能不重复不遗漏。18、C14H12O3取代反应消去反应46：1：2：1、【解析】根据F的分子式、白藜芦醇的结构，并结合信中第二步，可知F中苯环含有3个-OCH3，故F的结构简式为D发生信息中反应生成E，反应过程中的醛基转化为羟基，E发生消去

34、反应生成F，可知E为，逆推可知D为，结合物质的分子式、反应条件、给予的信息，则C为，B为，A为，以此解答该题。【详解】(1)由白藜芦醇的结构简式可知其分子式为C14H12O3；(2)CD是C中羟基被溴原子替代，属于取代反应，EF是E分子内脱去1分子式形成碳碳双键，属于消去反应；(3)化合物A的结构简式：，其1H核磁共振谱(H-NMR)中显示有4种不同化学环境的氢原子，个数比为6：1：2：1；(4)AB反应的化学方程式：；(5)由上述分析可知，D的结构简式为，E的结构简式为；(6)化合物的同分异构体符合下列条件：能发生银镜反应，说明含有醛基或甲酸形成的酯基；含苯环且苯环上只有两种不同化学环境的氢

35、原子，则结构简式可能为、。19、干燥环境密闭保存 硫化钠在空气中易被氧化，潮湿环境易水解 aefd 加入稍过量的碳 取少量反应后的固体于试管中，加蒸馏水溶解，滴加适量稀盐酸，若出现淡黄色沉淀，则固体中含亚硫酸钠，反之不含 2Na2SO4+4CNa2S+Na2SO3+3CO+CO2 【解析】(1)硫化钠易被氧化，溶液中硫离子可发生水解； (2)A中发生Na2SO4+2CNa2S+2CO2，选装置D检验二氧化碳，选装置C吸收尾气，二氧化碳不需要干燥；(3)实际得到Na2S小于amol，可增大反应物的量；固体产物中可能含有少量Na2SO3，加盐酸发生氧化反应生成S；(4)硫酸钠与炭粉在一定条件下反应

36、还可生成等物质的量的两种盐和体积比为1：3的CO2和CO两种气体，C失去电子，S得到电子，结合电子、原子守恒来解答。【详解】(1)硫化钠固体在保存时需注意干燥环境密闭保存，原因是硫化钠在空气中易被氧化，潮湿环境易水解；(2)A为制备装置，装置D检验二氧化碳，选装置C吸收尾气，则连接仪器顺序为aefd；(3)若a mol Na2SO4和2a mol C按上述步骤充分反应，实际得到Na2S小于amol，则实验改进方案是加入稍过量的碳；固体产物中可能含有少量Na2SO3，设计实验为取少量反应后的固体于试管中，加蒸馏水溶解，滴加适量稀盐酸，若出现淡黄色沉淀，则固体中含亚硫酸钠，反之不含；(4)经实验测

37、定，硫酸钠与炭粉在一定条件下反应还可生成等物质的量的两种盐和体积比为1：3的CO2和CO两种气体，C失去电子，S得到电子，若CO2和CO分别为1mol、3mol，失去电子为10mol，则S得到10mol电子，应生成等量的Na2S、Na2SO3，反应方程式为2Na2SO4+4CNa2S+Na2SO3+3CO+CO2。20、 使密度较浓硫酸小的浓盐酸顺利流到底部，能顺利产生HCl气体 C 产生大量白雾 HSO3Cl+H2O= H2SO4+HCl 加一倒扣漏斗于烧杯水面上的吸收装置 【解析】题中已经告知氯磺酸的一些性质及制备信息。要结合这些信息分析各装置的作用。制备氯磺酸需要HCl气体，则A为HCl

38、气体的发生装置，浓硫酸吸水放热，可以加强浓盐酸的挥发性。B为浓硫酸，用来干燥HCl气体，因为氯磺酸对潮湿空气敏感。C为氯磺酸的制备装置，因为C有温度计，并连有冷凝装置，反应结束后可以直接进行蒸馏，所以C中装的物质是发烟硫酸。E用来接收氯磺酸。由于氯磺酸对潮湿空气敏感，F中要装无水氯化钙，以防止空气中的水蒸气进入装置中。【详解】（1）A为HCl的发生装置，则a装浓盐酸；B要干燥HCl气体，则B要装浓硫酸；C为氯磺酸的发生装置，则C要装发烟硫酸；F要装无水氯化钙，以防止空气中的水蒸气进如装置；（2）由题知，浓盐酸的密度比浓硫酸小，如果直接滴加，两种液体不能充分混合，这样得到的HCl气流不平稳。故题中的操作的目的是使密度较浓硫酸小的浓盐酸顺利流到底部，充分混合两种液体，能顺利产生HCl气体；（3）C装置既是氯磺酸的发生装置，也是氯磺酸的蒸馏装置，所以C需要