2022-2023学年山东省烟台市莱阳龙旺庄镇龙旺庄中学高二物理上学期期末试题含解析

1、2022-2023学年山东省烟台市莱阳龙旺庄镇龙旺庄中学高二物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图是LC振荡电路中电流随时间变化的图象，由图可知 ( )A t1到t2这段时间内，电容器对外放电B t2到t3这段时间内，线圈的自感电动势在增大C 0到t1这段时间内，线圈的自感电动势在增大D在t3这一时刻，电容器两极板间的电压为零参考答案：D2. （单选）如图所示的电路中，电流表、电压表的内阻对电路的影响不计，当滑动片P向右滑动时，下列说法正确的是（）A甲、乙两图中的电压表读数都减小B甲、乙两图中的电压表读数都增大C甲图中的电

2、压表读数增大，乙图中的电压表读数减小D甲图中的电流读数变小，乙图中的电流表读数增大参考答案：考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：分析电路结构，当R的滑动触点向右滑移动时，分析R的变化情况，从而分析外电路总电阻变化情况，根据欧姆定律分析总电流和电压的变化情况即可解答：解：甲图中，R直接与电源串联，当R的滑动触点向右滑移动时，接入电路的电阻不变，所以总电流不变，即电流表示数不变，电压表测量R左部分电压，阻值变大，所以电压表示数变大，乙图中，当R的滑动触点向右滑移动时，接入电路的电阻变小，总电流变大，电压表测量R右部分电压，阻值变小，所以电压表示数变小，故C正确故选：C3. 图甲为电热毯

3、的电路示意图。电热丝接在u=311sin 100t (V)的电源上,电热毯被加热到一定温度后,通过装置P使输入电压变为图乙所示波形,从而进入保温状态。若电热丝电阻保持不变,此时交流电压表的读数是( )A. 110 VB. 156 VC. 220 VD. 311 V参考答案：B交流电压表的读数是电压的有效值，由，B对。4. （单选）用相同导线绕制的边长为L或2L的四个闭合导体线框，以相同的速度匀速进入右侧匀强磁场，如图所示。在每个线框进入磁场的过程中，M、N两点间的电压分别为Ua、Ub、Uc和Ud.下列判断正确的是（ ）A.UaUbUcUd B.UaUbUdUc C.Ua=UbUc=Ud D.U

4、bUaUdUc参考答案：B5. 如图所示，在光滑水平面上质量分别为mA=2kg、mB=4kg，速率分别为vA=5m/s、vB=2m/s的A、B两小球沿同一直线相向运动（）A它们碰撞前的总动量是18kg?m/s，方向水平向右B它们碰撞后的总动量是18kg?m/s，方向水平向左C它们碰撞前的总动量是2kg?m/s，方向水平向右D它们碰撞后的总动量是2kg?m/s，方向水平向左参考答案：C【考点】动量守恒定律【分析】两球碰撞过程，系统动量守恒，先选取正方向，再根据动量守恒定律列方程，求解即可【解答】解：取水平向右方向为正方向，设碰撞后总动量为P则碰撞前，A、B的速度分别为：vA=5m/s、vB=2m

5、/s根据动量守恒定律得：P=mAvA+mBvB=25+4（2）=2（kg?m/s），P0，说明碰撞后总动量方向水平向右则碰撞前总动量方向也水平向右故选：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. （4分）两块带电平行板相距0.05m，两板间的电势差为103 V，两板间匀强电场的场强为_两板间有一个电子，它所受的电场力为_。参考答案：2104v/m，3.210-15N7. 从地面竖直上抛一小球，设小球上升到最高点所用的时间为t1，从最高点下落到地面所用的时间为t2 ，若考虑到空气阻力的作用，则t1 t2 (填“” “=” “”)参考答案： 8. （4分）一个木箱静止在粗糙水平面上，

6、木箱的重量为G=20N，木箱和地面间的动摩擦因数为=0.3。最大静摩擦力为7 N，现在用水平向右的拉力F拉木箱。第一次F= 4N，第二次F=10N，则两次木箱所受的摩擦力大小分别为_ _N和_ _N。参考答案：4；69. 图中a、b和c表示点电荷电场中的三个等势面，它们的电势分别为U、和。一带电粒子从等势面a上某处由静止释放后，仅受电场力作用而运动，已知它经过等势面b时的速率为v，则它经过等势面c时的速率为_。参考答案：1.5V10. 如图所示，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点，质量为m，带电量为的有孔小球从杆上A点无初速下滑，已知qQ，AB=h，BC=2h，

7、小球滑到B点时速度大小为，则小球从A运动到B的过程中，电场力做的功为_；小球在C点的速度为 _.参考答案： 11. 如图所示，在匀强电场中，一电荷量为q=5.010-10C的正电荷，由a点移到b点和由a点移到c点，电场力做的功都是2.010-8J,已知a、b、c三点的连线组成直角三角形，ab20cm, 37，则匀强电场的场强大小为_v/m，电场强度的方向为_(COS370.8).参考答案：12. 如图所示，在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板，A球在水平面上静止放置，B球向左运动与A球发生正碰，B球碰撞前、后的速率之比为3：1，A球垂直撞向挡板，碰后原速率返回，两球刚好不发生第二次碰撞，A、B两球

8、的质量之比为 ，A、B碰撞前、后两球总动能之比为 参考答案：4：1，9：5【考点】动量守恒定律【分析】设开始时B的速度为v0，由题得出B与A碰撞后A与B的速度关系，然后由动量守恒定律即可求出质量关系，由动能的定义式即可求出动能关系【解答】解：设开始时B的速度为v0，B球碰撞前、后的速率之比为3：1，A与挡板碰后原速率返回，两球刚好不发生第二次碰撞，所以碰撞后A与B的速度方向相反，大小相等，A的速度是，B的速度是，选取向左为正方向，由动量守恒定律得：整理得：碰撞前的动能：碰撞后的动能： =所以：故答案为：4：1，9：513. （6分）下图是一列横波在某一时刻的波形图像已知这列波的频率为5Hz，此

9、时x=0.5m处的质点正向轴正方向振动，可以推知：这列波正在沿轴 (填“正”或“负”)方向传播，波速大小为 m/s，该质点1s内通过的路程为 m参考答案：正 10 2 解：x=0.5m的质点此刻振动的速度方向向上，据波形平移法说明波沿x轴正方向传播从图中可得出波长=2m，A=0.1m这列波的频率是f=5Hz，所以v=f=10m/s1s=5T，所以该质点1s内通过的路程为20A=200cm=2m三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 判断以下测量结果的读数正确是（）A用螺旋测微器测金属丝直径3.251厘米B用精度0.1毫米的游标卡尺测得物长3.251厘米C用精度0.05毫米的

10、游标卡尺测得物长3.553厘米D用精度0.02毫米的游标卡尺测得物长3.256厘米参考答案：考点：长度的测量版权所有专题：实验题分析：根据游标卡尺和螺旋测微器的不同的原理，根据它们的精度度的不同可以解答解答：解：A、螺旋测微器的精确度为0.01mm，即0.001cm，在测量的时候还要估读一位数，所以应有四位小数，故A错误；B、游标卡尺测量时，不需要估读，所以用精度0.1毫米的游标卡尺测量时，精确到0.1mm，也就是0.01cm，所以应有两位小数，故B错误；C、用精度0.05毫米的游标卡尺测得物长时，读出末尾的数字应为5或0，故C错误；D、用精度0.02毫米的游标卡尺测量时，精确到0.02mm，

11、也就是0.002cm，所以应有三位小数，且末尾数字为偶数，故D正确；故选：D点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量15. 某同学利用气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验；气垫导轨装置如图所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架、光电门等组成（l）下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；接通光电计时器；把滑块2静止放在气垫导轨的中间；滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；释放滑块1，滑块1通过光电门1后与左侧固定弹簧的滑块2碰撞，碰后滑块1和滑块2依次通过光电门2，两滑块通过光

12、电门后依次被制动；读出滑块通过两个光电门的挡光时间分别为滑块1通过光电门1的挡光时间t1=10.01ms，通过光电门2的挡光时间t2=49.99ms，滑块2通过光电门2的挡光时间t3=8.35ms；测出挡光片的宽度d=5mm，测得滑块1（包括撞针）的质量为ml=300g，滑块2（包括弹簧）质量为m2=200g；（2）数据处理与实验结论：实验中气垫导轨的作用是 碰撞前滑块l的速度vl为 m/s；碰撞后滑块1的速度v2为 m/s；滑块2的速度v3为 m/s；（结果保留两位有效数字）在误差允许的范围内，通过本实验，同学们可以探究出哪些物理量是不变的？通过对实验数据的分析说明理由（至少回答2个不变量）

13、a b 参考答案：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不变c碰撞前后质量不变【考点】验证动量守恒定律【分析】（1）使用气垫导轨使两物块只能沿导轨做直线运动，保证了两物块碰撞前后在同一条直线上做一维碰撞，同时气垫导轨的使用减小了摩擦阻力，从而减小了实验误差（2）滑块的宽度除以滑块通过光电门的时间等于滑块通过光电门的速度（3）由于发生弹性碰撞，故碰撞过程中动量守恒，动能守恒【解答】解：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 滑块1碰撞之前的速度v

14、1=0.50m/s；滑块1碰撞之后的速度v2=0.10m/s； 滑块2碰撞后的速度v3=0.60m/s；a、系统碰撞前后总动量不变原因：系统碰撞之前的动量m1V1=0.15kgm/s 系统碰撞之后的动量m1V2+m2V3=0.15kgm/s b碰撞前后总动能不变原因：碰撞前的总动能Ek1=m1V12/2=0.0375J 碰撞之后的总动能Ek2=m1V22/s+m2V32/2=0.0375J，所以碰撞前后总动能相等c碰撞前后质量不变故本题答案为：a、大大减小了因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差b、保证两个滑块的碰撞是一维的 0.50，0.10，0.60a、系统碰撞前后总动量不变b碰撞前后总动能不

15、变c碰撞前后质量不变四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，一条轨道固定在竖直平面内，粗糙的ab段水平，bcde段光滑，cde段是以O为圆心、R为半径的一小段圆弧。可视为质点的物块A和B紧靠在一起，静止于b处，A的质量是B的3倍。两物体在足够大的内力作用下突然分离，分别向左、右始终沿轨道运动。B到b点时速度沿水平方向，此时轨道对B的支持力大小等于B所受重力的，A与ab段的动摩擦因数为，重力加速度g，求：（1）物块B在d点的速度大小v;（2）物块A滑行的距离s .参考答案：解：设A、B在分离瞬间速度大小分别为v1、v2，质量分别为3m、m（1）在d点对B由牛顿第二定律得： 由得：（2）取水平向右方向为正,A、B分离过程动量守恒,则： B分离后，A向左减速至零过程由动能定理得： B从b点到d点过程由动能定理得： 由得：17. 如图，质量为0.1g的小物体带有510-4C的电荷，放在倾角为30的光滑