2022-2023学年四川省德阳市旌阳区物理九上期中质量跟踪监视试题（含解析）

1、2022-2023九上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题1下图是汽油机工作时各种冲程的示意图，从能量转化的角度看，其中与如图实验相同的是A BC D2如图所示的电路中，开关 S 闭合后，两个灯泡都发光的是：ABCD3如图所示的常见器具都应用了杠杆，其中属于省力杠杆的是A托盘天平 B独轮车C筷子 D船桨4如图所示电路中，电源电压

2、保持不变，闭合电键S，电路正常工作，过一会儿，两个电表的示数均变大，则下列判断中正确的是A电阻R可能短路B电阻R一定断路C灯L可能变亮D灯L一定熄灭5下列有关热机效率的说法中，正确的是（ ）A热机所用燃料的热值越大，效率越高B热机的内能转化为热机的机械能越多，效率越高C如果改进技术，汽油机的效率可以达到100%D蒸汽机、汽油机和柴油机的热机效率分别是1、2和3,则三者效率一样6将标有“12V 6W”的灯泡L1和“12V 6W”的灯泡L2并联后，接在6V的电源上(设灯丝电阻不变)，则A灯泡L1比灯泡L2亮B两灯的实际功率之和小于12WC灯泡L2比灯泡L1亮D两灯的实际功率之和等于12W7两个相互

3、接触的物体，它们之间的热传递一定是这样进行的A比热容大的物体向比热容小的物体传递热量B质量大的物体向质量小的物体传递热量C温度高的物体向温度低的物体传递热量D热量多的物体向热量少的物体传递热量8小刚用图所示电路探究一段电路中电流跟电阻的关系，在此实验过程中，当A、B两点间的电阻由5更换为10后，为了探究上述问题，他应该采取的唯一操作是（）A变阻器滑片不动B将变阻器滑片适当向左移动C将变阻器滑片适当向右移动D适当增加电池的节数9 “可燃冰”作为新型能源，有巨大的开发潜力同等条件下，“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，这表示“可燃冰”的（）A热量很大B温度很高C热值很大D比热容很大10关

4、于温度、热量和内能，下列说法中正确的是A物体的温度越高，所含热量越多B温度高的物体，内能不一定大C0的冰块，内能一定为零D任何两物体间都会发生热传递11下列关于导体电阻的说法正确的是（ ）A长度长的导体，电阻一定大B横截面积大的导体，电阻一定小C导体的电阻由其两端的电压和通过的电流来决定D导体的电阻与导体的材料、长度和横截面积等因素有关12如图所示，当滑动变阻器滑片P向左滑动时，连入电路的电阻变大的是ABCD二、填空题13如图所示，对电阻丝加热，小灯泡的亮度会变_，电流表示数变小，说明电阻丝的电阻与_有关。14在如图所示的电路中，闭合开关S，两灯正常发光一段时间后两灯都熄灭，一个电表的示数变大

5、，另一个电表的示数变小将L1和L2位置互换后再次闭合开关S，两个电表指针都不动若电路中只有一处故障，则这个故障是灯_（选填“L1”或“L2”）发生_（选填“短路”或“断路”）15实验室有甲、乙两只灯泡，甲标有“”字样，乙标有“”字样，若把它们串联起来接入电路中，则两灯两端允许加的最大电压是_V， 若把它们并联起来接入电路中，则干路中允许通过的最大电流是_A。16下列属于哪种物态变化：冰衣服变干 _；霜_。三、实验题17（8分）在验证杠杆平衡实验中：（1）如图，将杠杆中点固定在支架上，然后调节杠杆使其在水平位置静止，目的是_（1）在如图所示中，杠杆水平平衡后，小强调节左边钩码的个数和位置，使杠杆

6、水平平衡时，测出F1=1.1N，F1=1.5N；OA=30cm，OB=10cm他将所得数据直接代入杠杆平衡条件的公式中，发现F1OA和F1OB并不相等，从而认为杠杆的平衡条件不一定是F1L1=F1L1小强的失误是_（3）在图中，若B处的钩码不变，小强将弹簧测力计由A处移到C（OC=10cm）处，施加一个竖直方向的力，使杠杆在水平位置平衡，则这个力的方向应_，其大小为_N18（8分）小亮计划做“探究通过导体的电流I与其电阻R的关系”的实验。实验桌上有满足要求的电源、滑动变阻器、已经调零的电压表和电流表，还有多个不同的、阻值已知的定值电阻。他按如图所示的电路图连接好电路后，进行实验探究，主要步骤如

7、下：闭合开关S，调节滑片P的位置，使电压表有合适的示数U，读出此时电流表的示数I，并把R、I的值记录在表格中； 换用不同阻值的已知阻值的定值电阻R，调节滑动变阻器的滑片P，改变R两端的电压，并把R、I的值记录在表格中； 仿照步骤再做四次实验，并把R、I的值记录在表格中。请你根据以上叙述回答下列问题：（1）小亮计划探究的问题中的自变量是_需要控制的不变量是_；（2）根据以上实验步骤可知，小亮实际探究的是通过导体的电流I与 _的关系；（3）针对小亮实验过程中的问题，写出改进措施_。19（8分）某校物理社团的学生做“测量小灯泡的电功率”和“探究电流与电压关系”的实验，电源两端电压恒定，小灯泡的额定电

8、压为2.5V，设计的电路如图甲所示，操作如下：（1）按图甲连接电路，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，记录两电表示数；移动滑片，观察并记录多组数据，绘制如图乙所示的U-I图象，则小灯泡的额定功率为_W。实验中，当电流表示数为I0（I00.30A）时，小灯泡的电功率为P1；（2）断开开关，用定值电阻替换小灯泡，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，读出两电表示数，并记录在表格中；移动滑片，测出多组数据，记录在表格中。分析表格中的数据可知：当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成_。实验中，当电流表示数仍为I0时，定值电阻的电功率为P2，则P1、P2的大小关系为P1_P2；（3

9、）若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，电路的总功率为_W。四、作图题20（8分）在图中，按照图甲所示的电路图，用笔画线代替导线，把图乙中的实物连接起来(注意导线不得交叉)（_）21（8分）按题目要求作图(1)如图甲所示，在杠杆上的A点挂一重物，在B点对杠杆施加一个最小的力，使杠杆平衡.在图中画出这个力的示意图和力臂;（_）（_）(2)在图中补上导线，使L1和L2并联，开关控制L1和L2，电流表测量干路中的电流(3)在下图中的 填上合适的电流表或电压表，让用电器都能工作；（_）五、计算题22（10分）某实心长方体在空气中称重弹簧测力计示数为24.5N，把它浸没在水中弹簧测力计示数为14

10、.7N。求:（1）该物体受到浮力；（2）如该长方体的上下两表面和水面平行,它上表面受到压力为10N,求下表面所受压力；（3）长方体的体积。23（12分）如图所示，电源电压保持不变，电阻R1=20，闭合开关，电流表的示数为0.3A。断开开关，把电阻R2并联在R1两端，再闭合开关，电流表示数变化了0.5A。求：(1)电源电压U；(2)R2的阻值。参考答案一、选择题1、B【解析】试题分析：（1）改变物体内能的方式有热传递和做功两种做功改变物体内能的实质是能量的转化，具体来说是内能和机械能的相互转化对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低（2）内燃机的四个冲程有吸气

11、冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，其中在做功冲程中是内燃机的内能转化为机械能，在压缩冲程中是机械能转化为内能解：图中弯折铁丝，对铁丝做功，使铁丝的内能增大、温度升高，是通过对物体做功来增大物体内能的，即将机械能转化为内能的过程在内燃机的四个冲程中，压缩冲程：两气门都关闭、活塞向上运动，符合条件的是B，是机械能转化为内能的过程故选B【点评】本题是通过课本中的实验和内燃机的工作原理来验证做功改变物体内能的方法，是一道比较简单的实验题，掌握热机的工作原理，要学会知识迁移2、B【解析】A.开关闭合后，发生电源短路，两盏灯都不能发光，故选项A不符合要求；B.由图知，开关闭合后，两灯泡并联，两盏灯都能发

12、光，故选项B符合要求；C.由图知，开关闭合后，左边灯泡L1被短路，只有L2发光，故选项C不符合要求；D.由图知，开关闭合后，左边灯泡L1被短路，只有L2发光，故选项D不符合要求；故只有选项B说法正确；故应选B3、B【解析】判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，判断它是属于哪种类型的杠杆。【详解】A、托盘天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，不省力也不费力，故A错误；B、独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B正确；C、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C错误；D、船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误。故选B。4、D【解析】A

13、如果电阻R短路，电路电阻减小，所以电流表示数增大；电压表相当于与导线并联，所以示数为零，故A选项不符合题意；B如果电阻R断路，电流表断路，示数为零；电压表测量电源电压，故B选项不符合题意；CD电流表示数变大，证明电流中的电流变大，电路总电阻应该变小了，而电压表示数变大，证明电阻R两端电压变大，因此出问题的应该是灯L，若灯L短路，可满足两表示数均变大，灯L短路，则电流不通过灯L，灯L熄灭，故C错误，D正确。5、B【解析】A热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比；用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，所以，热机效率不一定得到提高，故A错

14、误；B热机所用燃料的内能转化成热机的机械能越多，即热机用来做有用功越多，效率越高，故B正确；C热机在工作时不可避免的要克服机械部件间的摩擦做额外功，机械效率不可能达到100%，故C错误；D汽油机和柴油机是内燃机，由热机的特点知道，汽油机的效率低于柴油机的效率，由于蒸汽机的燃料是在机器的外部燃烧，热损失最多，效率最低，故D错误。6、B【解析】AC两个灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两灯两端的实际电压U1=U2=U=6V，两个灯泡的规格相同，实际电压相同，由P=可知灯泡的实际功率相同，两个灯泡的亮度相同，故AC不符合题意；BD两个灯泡的实际电压小于额定电压，由P=可知灯泡的实际功

15、率小于额定功率，因电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，两灯的实际功率之和P=P1+P26W+6W=12W，故B符合题意、D不符合题意。7、C【解析】发生热传递的条件是：存在温度差当两个温度不同的物体相接触后，就会发生热传递。在热传递过程中，高温的物体放出热量，内能减小；低温物体吸收热量，内能增加；当两个物体的温度相同时，热传递结束。故选C.8、C【解析】在探究电流与电阻的关系实验中，应控制电阻两端的电压不变。A变阻器滑片不动，定值电阻两端电压会变大，不符合保持电压不变的要求，故A不符合题意；B当A、B两点间的电阻由5更换为10后，定值电阻两端的电压会增大，将变阻器滑片适当向左移动，滑动变阻

16、器电阻会减小，根据串联分压，滑动变阻器的电压减小，定值电阻的电压会继续增大，不符合保持电压不变的要求，故B不符合题意；C当A、B两点间的电阻由5更换为10后，定值电阻两端的电压会增大，将变阻器滑片适当向右移动，滑动变阻器电阻会增大，根据串联分压，滑动变阻器的电压增大，当定值电阻的电压减小到原来的电压即符合保持电压不变的要求，故C符合题意；D适当增加电池的节数，电源电压会增大，定值电阻和滑动变阻器的电压都会增大，不符合定值电阻电压保持不变的要求，故D不符合题意。故选C。9、C【解析】同等条件下，也就是质量相等，两者都完全燃烧“可燃冰”完全燃烧放出的热量达到煤气的数十倍，说明“可燃冰”的热值大于煤

17、气的热值，即“可燃冰”的热值很大。10、B【解析】用来描述热量的术语是：吸收和放出，故A不正确；内能的大小和温度、质量、状态等因素有关，故温度高的物体，内能不一定大，故B正确；因为一切物体都具有内能，0的冰块，也具有内能，故C不正确；发生热传递的条件是有温度差，故D不正确，故选B11、D【解析】解：影响导体电阻大小的因素有：导体的长度、横截面积、材料和温度决定；在相同条件下，长度越长电阻大；在相同条件下，横截面积大电阻小；故AB错误，D正确；C、导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体对电流阻碍作用的大小；与导体两端电压和通过的电流无关；故C错误故选D点睛：导体的电阻是导体的一种性质，反映了导体

18、对电流阻碍作用的大小；电阻大小与导体的材料、长度、横截面积有关；还受温度的影响；与导体中的电流、导体两端的电压大小无关12、D【解析】滑动变阻器在电路中的正确连接方式是连接一“上”一“下”两个接线柱，其在电路中的作用是通过改变电路中电阻的大小来改变电路中的电流A图中滑片左侧接入电路，所以当滑动变阻器滑片P向左滑动时，连入电路的电阻变小，故A错误；B图中滑片左侧接入电路，所以当滑动变阻器滑片P向左滑动时，连入电路的电阻变小，故B错误；C图中变阻器的全部电阻接入电路，移动滑片，阻值不变，故C错误；D图中，滑片右侧接入电路，所以当滑动变阻器滑片P向左滑动时，连入电路的电阻变大，故D正确，故选D二、填

19、空题13、暗 温度 【解析】1用酒精灯对电阻丝进行加热，电阻丝的温度升高，电阻变大，分压增大，灯两端的电压减小，电路总电阻增大，据公式I=可知，在电源电压一定时，电路中的电流会变小，灯泡的实际功率减小，亮度变暗。2此实验说明金属导体的电阻与温度有关，温度越高，电阻越大。14、L2断路【解析】如图两灯串联，两灯都熄灭，一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小可能L2断路，会出现电流表示数变小，而电压表示数变大；也可能两个灯短路，会出现电压表示数变小，电流表示数变大。将L1和L2位置互换后闭合开关，两个电表示数为零，即电路中出现断路故障，可以确定是L2断路，答案： (1). L2 (2). 断路1

20、5、15V 1.5A 【解析】1因两灯串联，电路中的电流处处相等，要使用电器正常工作，通过用电器的电流不能超过用电器的额定电流，所以两灯串联后，电路中的电流应为由串联电路电阻的特点可得，电路中的总电阻为由欧姆定律可得，允许加的最大电压为2由欧姆定律可得，甲灯的额定电压为乙灯的额定电压为因两灯并联，各支路两端的电压相等，要使用电器正常工作，用电器两端的电压不能超过额定电压，故此时电源电压应为通过乙灯的电流为由欧姆定律可得，通过甲灯的电流为根据并联电路电流的特点知，干路中允许通过的最大电流为16、升华 凝华 【解析】1冰冻的衣服变干，冰变成水蒸气，由固态直接变为气态属于升华现象；2霜是空气中的水蒸

21、气遇冷凝华形成的冰晶。三、实验题17、消除杠杆自重对杠杆平衡的影响 把OA的长度当成了拉力的力臂 竖直向上 3 【解析】(1)把支点选择在杠杆的中点，这样杠杆的重力作用线过支点，可消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；(1)图中,拉力F1的方向与水平杠杆不垂直，只有力的方向与杠杆垂直时，力臂才能从杠杆上直接读出来，小强误把杠杆的长度OA当成了拉力的力臂，所以小强会得出错误的结论(3)当弹簧测力计从A处移到C处，支点位于动力和阻力的右侧，因此拉力的方向应竖直向上；由F11.5N，OB10cm，OC10cm，根据杠杆的平衡条件：F1OCF1OB，所以F13N.【点睛】（1）把支点选择在杠杆的中点，这样可消

22、除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（1）由图可见，拉力F1的方向与杠杆不垂直，因此力臂不等于OA的长度，只有拉力方向与杠杆垂直时，拉力的力臂才等于支点到动力作用点的距离（3）当弹簧测力计从A处移到C处，支点位于动力和阻力的右侧，因此拉力的方向和钩码重力的方向相反，根据杠杆平衡条件就可以计算出拉力的大小18、电阻 电压 电压 将改为：更换其他阻值的电阻，调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数仍为U，并把R、I记录在表格中 【解析】(1)12研究电流与电阻的关系，保持电压不变，改变电阻，所以自变量是电阻，需要控制的不变量是电压。(2)3实验步骤中保持电阻不变，改变电压，是研究电流与电压的关系。(3)4研究

23、电流与电阻关系，应控制电压相同，改变电阻，故应将改为：更换其他阻值的电阻，调节滑动变阻器的滑片P使电压表的示数仍为U，读出此时电流表的示数I，把R、I记录在表格中。19、 1 正比 1.8【解析】（1）因灯的额定电压为2.5V，由图可知当灯的电压为2.5V时，灯的额定电流为0.4A，故灯的额定功率：P=UI=2.5V0.4A=1W；（2）由表中数据可知，电压与对应的电流之比为一定值，即当电阻一定时，通过导体的电流与导体两端电压成正比；由欧姆定律可知，定值电阻的大小：R=U/I=0.9V/0.18A=5，因P1、P2的变化关系是单调的，故可用特殊值法确定其大小关系：可设I0=0.20A，由图知，

24、灯的电压U1=0.5V，则小灯泡的电功率为：P1=U1I0=0.5V0.2A=0.1W；此时定值电阻的功率：P2 =I0 2R=（0.2A）25=0.2W，则P1、P2的大小关系为P1P2；（3）设变阻器的最在电阻为R滑，按图甲连接电路，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，记录两电表示数；移动滑片，观察并记录多组数据，绘制如图乙所示的U-I图象，可知，此时对应的电流为为I0=0.2A，根据欧姆定律和串联电路的规律，电源电压：U=I0R滑+UL=0.2AR滑+0.5V-；在（2）中，断开开关，用定值电阻替换小灯泡，将滑片移到滑动变阻器的阻值最大端，闭合开关，读出两电表示数，并记录在表格中

25、，此时电压为U=0.9V，对应的电流I=0.18A，根据欧姆定律和串联电路的规律，电源电压：U=IR滑+U=0.18AR滑+0.9V-；由得，电源电压：U=4.5V，若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，由串联电路各处的电流都相等，只有当电路中的电流为0.4A时，灯的电压为2.5V，定值电阻的电压为U定=IR=0.4A5=2V，符合串联电路各部分电压和等于总电压的规律（4.5V=2.5V+2V）。故若把小灯泡和定值电阻串联后直接接到此电源两端，电路的总功率为：P总=UI=4.5V0.4A=1.8W。考点：电功率的测量四、作图题20、【解析】由图甲可以看到，这是一个并联电路，灯泡L1和L2并联接入电路中，开关和电流表接在干路中，两节干电池电压为3.0V，那么电流表量程应该选择0到0.