四川省广元市职业高级中学校2023年高一物理下学期期末试卷含解析

1、四川省广元市职业高级中学校2023年高一物理下学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图所示的时间轴，下列关于时刻和时间间隔的说法中正确的是（ ）At2表示时刻，称为第2 s末或第3 s初， 也 可以称为前2 sBt2t3表示时间，称为第3 s内 Ct0t2表示时间，称为最初2 s内或第2 s内Dtn1tn表示时间，称为第(n1) s内参考答案：B2. （多选题）在探究平抛运动的规律时，可以选用下列各种装置图，以下操作合理的是（）A选用装置图1研究平抛物体竖直分运动，应该用眼睛看A、B两球是否同时落地B选用装置图2要获得稳定

2、的细水柱所显示的平抛轨迹，竖直管上端A一定要低于水面C选用装置图3要获得钢球的平抛轨迹，每次不一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球D除上述装置外，也能用数码照相机拍摄钢球做平抛运动时每秒15帧的录像获得平抛轨迹参考答案：BD【考点】研究平抛物体的运动【分析】根据研究平抛运动的原理出发分析研究方法是否合理【解答】解：A、选用装置图1研究平抛物体竖直分运动，应该是听声音的方法判断小球是否同时落地，故A错误；B、A管内与大气相通，为外界大气压强，A管在水面下保证A管上出口处的压强为大气压强因而另一出水管的上端口处压强与A管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水管出水压强恒定，从而水速度恒定如果A

3、管上出口在水面上则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强 降低，出水速度减小故B正确；C、选用装置图3要获得钢球的平抛轨迹，每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球，这样才能保证初速度相同，故C错误；D、用数码照相机拍摄时曝光时间的固定的，所以可以用来研究平抛运动，故D正确故选BD3. 质点在恒力F的作用下做曲线运动，P、Q为运动轨迹上的两个点，若质点经过P点的速度比经过Q点时速度小，则F的方向可能为下图中的（）ABCD参考答案：B【考点】曲线运动【分析】做曲线运动的物体合力应该指向弧内，当合力方向与速度方向夹角大于90时做减速运动，小于90时做加速运动【解答】解：从P点沿曲线运

4、动到Q点，曲线是向左弯曲的，由合力应该指向弧内，可知恒力F的方向应该是向左的，而经过P点的速度比经过Q点时速度小，则合力方向与速度方向的夹角小于90，故B正确故选：B4. 物体A的加速度为3 m/s2，物体B的加速度为5 m/s2，下列说法正确的是（）。A物体A的加速度比物体B的加速度大B物体B的速度变化比物体A的速度变化快C物体A的速度一定在增加D物体B的速度可能在减小参考答案：BD5. （单选）一物体沿长为L的光滑斜面，从静止开始由斜面的顶端下滑到斜面底端的过程中，当物体的速度达到末速度的一半时，它沿斜面下滑的长度为（）A. B. C. D.参考答案：考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的

5、位移与时间的关系 专题： 牛顿运动定律综合专题分析： 本题是同一个匀加速直线运动中不同时刻的两段运动，可以直接设出加速度a和末速度v，那么末速度一半就为0.5v，用两次位移速度公式，联立方程即可求出结果解答： 解：设物体沿斜面下滑的加速度为a，物体到达斜面底端时的速度为v，则有：v2=2aL （0.5v）2=2as 由、两式可得s=0.25L故选：A点评： 本题是匀变速直线运动公式的直接运用在物理解题过程中有一些不必求出结果，但解题过程中涉及到得物理量，可以直接设出来，通过联立方程解出所要求解的物理量二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在探究加速度与力、质量的关系得实验中，

6、得到以下二个实验图线a、b，描述加速度与质量关系的图线是 ；加速度与力的关系图线是 ；图线 也可以描述加速度与质量的倒数关系参考答案：7. 如图所示装置中，三个轮的半径分别为r、2r、4r，则图中a、b、c各点的线速度之比va：vb：vc=1：1：2；角速度之比a：b：c=2：1：1；周期之比Ta：Tb：Tc=1：2：2，向心加速度之比aa：ab：ac=2：1：1参考答案：考点：线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：a、b为共线关系，线速度相等，b、c为共轴关系，角速度相等，然后结合公式v=r和a=两两分析解答：解：1、先讨论a、b两个点：a、b为共线关系，线速度相等，故：根

7、据v=r，有：根据a=，有：=根据，有：2、再讨论b、c两个点：b、c为共轴关系，角速度相等，有：b=c根据v=r，有：根据，有：根据a=r2，有：综合有：va：vb：vc=1：1：2a：b：c=2：1：1Ta：Tb：Tc=1：2：2aa：ab：ac=2：1：1故答案为：1：1：2，2：1：1，1：2：2，2：1：1点评：本题难度较小，注意共轴和共线关系，共轴是角速度相等，共线是线速度相等8. 某质点做变速直线运动，其速度时间的变化规律如图所示，则该质点做 直线运动，初速度大小为 m/s，加速度大小为 m/s2参考答案：匀加速； 20； 6【考点】匀变速直线运动的图像【分析】匀变速直线运动的速

8、度时间图象是倾斜的直线，其斜率表示加速度由图直接读出物体的速度【解答】解：速度时间图象的斜率表示加速度，倾斜的直线表示加速度不变，所以质点做匀加速直线运动，初速度为v0=20m/s，加速度a=故答案为：匀加速； 20； 69. 下图为接在50Hz低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的计数点（相邻计数点时间间隔为0.1s），但第3个计数点没有画出。由图数据可求得：（1）该物体的加速度为 m/s2，（保留两位小数）（2）第3个计数点与第2个计数点的距离约为 cm，（保留两位小数）（3）打第3个计数点时该物体的速度为 m/s。（保留两位小数）

9、参考答案：10. （6分）河宽400 m，船在静水中速度为5 ms，水流速度是3 ms，则船过河的最短时间是 ；船过河的最短距离是 ；若船头正对河岸过河时，水流速度突然改变，过河的时间是否会受到影响？答： 。（填“会”或“不会”）参考答案：80；400；不会11. （填空）（2013秋?秀英区校级期末）重力为400N的物块放置在水平地面上，物块与地面之间的动摩擦因数为0.25当用80N的水平推力推物块时，物块受到的摩擦力的大小为 N；当用160N的水平推力推物块时，物块受到的摩擦力大小为 N参考答案：80,100摩擦力的判断与计算物体与地面间的最大静摩擦力为：f=N=0.25400=100N，

10、当用80N的水平推力推物块时，推不动，物块受到的静摩擦力的大小为80N，当用160N的水平推力推物块时，物块受到的滑动摩擦力大小为100N；故答案为：80，10012. 汽车沿半径为R的圆形跑道匀速率行驶，设跑道的路面是水平的，使汽车做匀速圆周运动的向心力是路面对汽车的 提供的，若此力的最大值是车重的01倍，跑道半径R=100m，g=10 m/s2，则汽车速率的最大值不能超过 m/s。参考答案：静摩擦力 1013. 下图为接在50Hz低压交流电源上的打点计时器，在纸带做匀加速直线运动时打出的一条纸带，图中所示的是每打5个点所取的记数点，但第3个记数点没有画出。由图数据可求得（结果均保留2位有效

11、数字）：（1）该物体的加速度为 m/s2，（2）第3个记数点与第2个记数点的距离约为 cm，（3）打第3个点时该物体的速度约为 m/s。参考答案：0.74m/s2; 4.4cm; 0.47m/s。三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图所示“为探究碰撞中的不变量”的实验装置示意图（1）因为下落高度相同的平抛小球（不计空气阻力）的飞行时间相同，所以我们在实验中可以用平抛运动的 来替代平抛运动的初速度（2）本实验中，实验必须要求的条件是 A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端点的切线是水平的C入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D入射球与被碰球满足mamb，ra=rb（

12、3）图中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是 Ama?ON=ma?OP+mb?OM Bma?OP=ma?ON+mb?OMCma?OP=ma?OM+mb?ON Dma?OM=ma?OP+mb?ON参考答案：（1）水平位移；（2）BCD；（3）C【考点】验证动量守恒定律【分析】本题（1）根据平抛运动的规律即可求解；他（2）根据实验要求每次碰前小球a的速度相同可知没有必要要求斜槽轨道光滑，并且每次小球a的释放位置必须相同，这样可对AC做出判断；根据平抛运动的规律可知斜槽的末端必须水平，可对B做出判断；根据弹性碰撞规律，若入射小球质量小于被碰小球质量时可能被碰回，

13、及只有发生对心碰撞时才能做直线运动，可对D做出判断；题（3）的关键是明确小球a碰前与碰后的位置，再根据平均动量守恒定律表达式即可求解【解答】解：（1）由平抛运动规律y=可知，当下落高度相同时落地时间相同，再根据x=可知=，所以可以用平抛运动的水平位移来替代平抛运动的初速度；（2）A、本实验必须要求入射小球在每次碰撞前的速度相同，与斜槽是否光滑无关，所以A错误；B、只有斜槽末端点的切线水平才能保证碰后小球做平抛运动，所以B正确；C、根据动等定理mgH=可知，只有满足入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放时，入射速度才能相同，所以C正确；D、根据弹性碰撞规律，若入射小球质量小于被碰小球的质量时

14、，入射小球要被碰回，所以必须满足，只有满足两小球的半径相同时，碰后两小球的速度才能在一条直线上，所以D正确；故选BCD（3）根据题意，P点应是小球a没有与b碰撞时的落地位置，M点应是碰后小球a的落地位置，P点应是碰后小球b的落地位置，根据平均动量守恒定律应有=再由OP=，OM=，ON=可得=+?ON所以C正确，即实验中要验证的关系是C故答案为：（1）水平位移；（2）BCD；（3）C15. (1)为了验证小车的运动是匀变速运动，请进行下列计算各位移差与平均值最多相差_cm，各位移差与平均值最多相差_%.由此可得出结论：小车在任意两个连续相等_的位移之差在_范围内相等，所以小车的运动是_(2)根据

15、a，可以求出：a1_m/s2，a2_m/s2，a3_m/s2，所以a_m/s2.参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量为0.5L，如图所示，已知斜面倾角为30则物体所受摩擦力大小为0.5mg参考答案：0.5mg解：弹簧竖直悬挂物体时，对物体受力分析，根据共点力平衡条件有：F=mg根据胡克定律有：F=k?L由得：k=物体放在斜面上时，再次对物体受力分析，如图设物体所受的摩擦力沿斜面向上，根据共点力平衡条件，有：F+f2mgsin30=0其中F=k?0.5L由以上解得：

16、f=mg，故物体所受的摩擦力大小方向沿斜面向上，大小为0.5mg故答案为：0.5mg17. 如图所示，水平放置的圆盘上，在其边缘C点固定一个小桶，桶的高度不计，圆盘半径R=1m，在圆盘直径CD的正上方，与CD平行放置一条水平滑道 AB，滑道右端 B 与圆盘圆心 O 在同一竖直线上，且 B 点距离圆盘圆心的竖直高度h=1.25m，在滑道左端静止放置质量为m=0.4kg的物块（可视为质点），物块与滑道的动摩擦因数为=0.2，现用力F=4N的水平作用力拉动物块，同时圆盘从图示位置，以角速度=2rad/s，绕通过圆心 O 的竖直轴匀速转动，拉力作用在物块一段时间后撤掉，最终物块由B 点水平抛出，恰好落

17、入圆盘边缘的小桶内重力加速度取10m/s2（1）若拉力作用时间为0.5s，求所需滑道的长度；（2）求拉力作用的最短时间参考答案：解：（1）物块平抛：；物块离开滑道时的速度：拉动物块的加速度，由牛顿第二定律：Fmg=ma1；得：撤去外力后，由牛顿第二定律：mg=ma2；得：匀加速运动的位移x1=80.25m=1m，匀加速运动的速度v1=a1t1=4m/s匀减速运动的位移x2=3m板长L=x1+x2=4m故所需滑道的长度为4m（2）盘转过一圈时落入，拉力时间最短；盘转过一圈时间：；物块在滑道上先加速后减速，最终获得：v=a1t1a2t2物块滑行时间、抛出在空中时间与圆盘周期关系：t1+t2+t=T

18、由上两式得：t1=0.3s故拉力作用的最短时间为0.3s【考点】平抛运动匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；匀速圆周运动【分析】（1）物块离开B点后做平抛运动，可以求出平抛运动的时间和平抛运动的初速度，物块在滑道上先匀加速运动再匀减速运动，两个运动的位移之和为滑道的长度（2）若圆盘转一圈，物块恰好调入小桶，此时作用力时间最短圆盘转一圈的时间与匀加速运动、匀减速运动、平抛运动三个时间之和相等18. 如图所示，河宽d=120 m，设船在静水中的速度为v1，河水的流速为v2，小船从A点出发，在渡河时，船身保持平行移动，若出发时船头指向河对岸的上游B点处，经过10 min，小船恰好到达河正对岸的C点，若出发时船头指向河正对岸的C点，经过8 min小船到达C点下游的D点处，求：（1）小船在静水中的速度v1的大小；（2）河水的流速v2的大小；（3）在第二次渡河中小船被冲向下游的距离SCD参考答案：解：（1、2）当船