湖南衡阳县2022年物理高一第一学期期末复习检测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，ad、bd、cd 是竖直面内三根固定的光滑细杆，每根上套着一个小滑环（ 图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c 处释放（初速为 0），用 t1 、t2、t3依次表示各滑环到达 d 所用的时间，则（ ）A.B.C.D.2、如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的位移时间（st）图象，由图象可以看出在04s这段时间内（）A.甲、乙两物体始终同向运动B.4s末甲、乙两物体相遇C.甲的平均速度大于乙的平均速度D.甲、乙两物体之间的最大距离为6m3、某物体沿直线运动的v-t图像如图所示，

3、由图像可以看出物体：A.沿直线做往复运动B.加速度没有变化C.全过程做匀变速直线运动D.沿直线向一个方向运动4、某物体运动的vt图象如图所示，则物体做（）A.往复运动B.匀变速直线运动C.朝某一方向直线运动D.不能确定物体运动情况5、如图所示，m1=1kg，m2=2kg，m1和m2之间的动摩擦因数1=0.2，水平面光滑，要使m1和m2之间不发生相对运动，则：F最大不得超过（）（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2）A.2 NB.4NC.6ND.8N6、一个恒力单独作用在质量为m1的物体上产生的加速度为a1，单独作用在质量为m2的物体上，产生的加速度为a2，若这个力单独作用在质量为(

4、m1m2)的物体上，则产生的加速度等于 ()A.a1a2B.a1a2C.D.7、已知质量为5kg的物体，只受两个力F1与F2，其大小分别为10N和30N，则它们的合力和加速度大小不可能等于：A.25NB.15NC.3.5m/s2D.5m/s28、如图所示，白色水平传送带AB长10 m，向右匀速运动的速度v0=4 m/s，一质量为1 kg的小墨块（可视为质点）以v1=6 m/s的初速度从传送带右端B点冲上传送带，小墨块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10 m/s2则以下说法正确的是()A.小墨块先做匀减速运动，然后一直做匀加速运动B.小墨块相对地面向左运动的最大距离为4.5 mC.小墨块从B

5、点冲上传送带到再次回到B点所用的时间是3.125 sD.小墨块在白色传送带上留下的墨迹长度为14.5m9、物块从某一高度自由落下，落在直立于地面的轻弹簧上，如图所示，在A点物块开始与弹簧接触，到B点时物块速度变为零。则物块从A到B的过程中，下列说法正确的是（）A.先失重后超重B.先超重后失重C.加速度先增加后减小D.加速度先减小后增加10、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A，滑块A受到随时间t变化的水平拉力F作用时，滑块A的加速度a与拉力F的关系图象如图乙所示滑块A的质量记作mA，长木板B的质量记作mB，则（）A.mA1kgB.mB3kgC.A、B间动摩擦因数0.5

6、D.F10N之后，B的加速度为2m/s211、如图所示为甲、乙、丙三个质点位置x与时间t的关系图象，则在时间内A.甲先做匀加速再做匀减速运动B.在时刻丙的速率大于乙的速率C.甲、乙、丙平均速度相等D.丙的路程大于乙的路程12、如图所示，质量分别为m1、m2的两个物体通过轻绳连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动，力F与水平方向成角。关于m1所受的支持力N、摩擦力f和绳子拉力T的大小，下列判断正确的是（ ）A.N=m1g+m2gFsinB.f= FcosC.T=FD.T=二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图，某同学设计了测量铁块与木板间动摩擦因数的实验。所用

7、器材有：铁架台、长木板、铁块、米尺、电磁打点计时器、频率50Hz的交流电源，纸带等。回答下列问题：（1）铁块与木板间动摩擦因数=_（用木板与水平面的夹角、重力加速度g和铁块下滑的加速度a表示）（2）某次实验时，调整木板与水平面的夹角=30。接通电源。开启打点计时器，释放铁块，铁块从静止开始沿木板滑下。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图（b）所示。图中的点为计数点（每两个相邻的计数点间还有4个点未画出）。重力加速度为9.8m/s2。铁块沿木板下滑时的加速度为_（结果保留2位小数），进一步可以计算出铁块与木板间的动摩擦因数为_（结果保留2位小数）。14、（10分）一质量为 m 的物体放在倾角为

8、 30的斜面上，如果物体能沿斜面匀速下滑，则物体与斜面间的动摩擦因数为_三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，在光滑水平面上，A、B两物块在水平推力的作用下一起做匀加速直线运动，运动过程中测出A和B在时间内的速度变化量是已知A的质量为1kg，求：的质量；、B之间的弹力大小16、（12分）传送带O1O2水平部分AB长L=32m，当传送带由静止开始以a0=2m/s2匀加速度启动瞬间将一小物块（可视为质点）无初速度轻放在传送带上A点，被传送带传送到B。物块与传送带间动摩擦因数为=0.1，传送带加速t0=2s后保持该速度匀速运动。g=10m/s2求：（1）物

9、块从传送带上A点运动到B点所需时间t=？（2）若物块为小墨块，则它在传送带上相对运动时会在传送带上留下痕迹，求痕迹长S=？（3）若传送带皮带轮O1O2的半径R为米，且由静止开始保持a1匀加速运动，传动过程中皮带始终绷紧（水平部分始终保持水平）。为使小墨块在传送带上留下的痕迹最长，传送带加速度a1需满足什么条件？17、（12分）总质量为40kg的人和雪撬在倾角=37的斜面上向下滑动（如图甲所示），所受的空气阻力与速度成正比今测得雪撬运动的vt图象如图乙所示，且AB是曲线的切线，B点坐标为（4，15），CD是曲线的渐近线。（g取10m/s2）求：（1）雪撬开始运动时的速度和加速度以及雪橇运动的最大

10、速度；（2）空气的阻力系数k和雪撬与斜坡间的动摩擦因数参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动，加速度为 (为杆与竖直方向的夹角)，由图中的直角三角形可知，小滑环的位移，所以，与无关，即，故选项D正确，A、B、C错误2、B【解析】根据位移时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向【详解】由于位移时间图象斜率表示该时刻的速度，可以从图中

11、看出乙物体的速度（斜率）始终为正值，即速度始终为正方向，甲物体前两秒内速度为正方向，2秒末到4秒末速度为负方向，故A错误；4s秒末两物体的位置坐标相同，说明两物体相遇，故B正确；由图知：4s内甲的位移大小为s甲x2m02m，乙的位移大小为s乙x2m02m，可见，位移相等，所用时间也相等，则平均速度相等，故C错误；从位移时间图象来看，两个物体两秒末纵坐标读数之差最大，即两物体相距最远，可知2s末两物体相距最远，最大距离为s4m1m3m，故D错误所以B正确，ACD错误【点睛】解答本题关键要理解位移时间图象上点和斜率的物理意义，知道位移时间图象仅描述直线运动3、D【解析】AD图线和时间轴围成的面积是

12、位移，根据图像可知物体的位移始终为正，做单向直线运动，A错误，D正确；B图像斜率的物理意义为加速度，图像中斜率的方向在周期性的改变，所以加速度也在发生改变，B错误；C匀变速直线运动要求加速度的大小和方向恒定，图像中描述的运动不符合，C错误。故选D。4、A【解析】ACD在vt图象中，速度的正负表示速度的方向，故物体的运动方向在周期性改变，不是朝某一方向做直线运动，而是做往复运动，故A正确，CD错误；B图象的斜率表示加速度，可知物体的加速度周期性变化，做的是非匀变速直线运动，故B错误。故选A选项。5、C【解析】物体A与B刚好不发生相对滑动的临界条件是A、B间的静摩擦力达到最大值，可以先对A或B受力

13、分析，再对整体受力分析，然后根据牛顿第二定律列式求解【详解】拉力F作用在物体B上时，A、B恰好不滑动时，A、B间的静摩擦力达到最大值对物体A，有：对整体，有：由上述各式联立解得：故选C【点睛】本题关键抓住恰好不滑动的临界条件，然后灵活地选择研究对象，运用牛顿第二定律列式求解6、D【解析】恒力单独作用于两个物体上时，根据牛顿第二定律得：F=m1a1；F=m2a2解得当F作用在质量为（m1+m2）的物体上时，根据牛顿第二定律得：故选D。7、BC【解析】二力合成时合力范围为：则物体所受合力F的范围为：根据牛顿第二定律可得加速度为：解得加速度的范围为：故AD正确，BC错误。本题选不可能的，故选BC。8

14、、BC【解析】由题意可知，小墨块先向左做匀减速直线运动，后反向匀加速直线运动到与皮带共速，最后和皮带保持相对静止，匀速回到B点；【详解】第一阶段，设小墨块向左做匀减速运动的时间为，加速度大小为由牛顿第二定律可知，解得：根据速度与时间的关系：，解得：则小墨块向左匀减速的位移大小：故墨块继续反向匀加速，加速度大小仍然为第二阶段，设墨块反向匀加速与皮带达到共速所用的时间为，则，解得：反向匀加速相对地面走过的位移大小为：故墨块继续随皮带一起匀速运动第三阶段，设墨块虽皮带一起匀速返回到B点所用时间为，则故小墨块先做匀减速运动，然后做匀加速运动，最后和皮带一起匀速回到B点，选项A错误；小墨块相对地面向左运

15、动的最大距离为4.5 m，选项B正确；小墨块从B点冲上传送带到再次回到B点所用的时间是：，选项C正确；第一阶段墨块和皮带相对滑动的距离为：第二阶段墨块和皮带相对滑动的距离为：两过程中，墨块一直相对皮带向左运动，故皮带上留下的墨迹长度为：，故D错误；故本题正确答案选BC【点睛】本题关键是明确滑块的受力情况和运动情况，然后分阶段根据牛顿第二定律列式求解加速度，再根据运动学公式列式求解，弄清楚运动过程和受力情况是关键9、AD【解析】物块从A处下降到B处的过程中，开始阶段弹簧的弹力小于物体的重力，合力向下，处于失重状态，小球向下加速；随着弹力的增大，合外力减小，加速度减小。当弹簧的弹力和物体的重力相等

16、时，加速度为零。之后弹力大于重力，合力向上，物体处于超重状态，小球开始减速，直至减为零，由于弹力越来越大，故合力越来越大，故加速度增大。故物体先做加速度减小的加速运动，再做加速增大的减速运动。故AD正确，BC错误。故选AD。10、BD【解析】AB由图乙可知，当F10N时，加速度为：a2m/s2，对A、B整体分析，由牛顿第二定律有F（mA+mB）a代入数据解得mA+mB5kg当F大于10N时，A、B发生相对滑动，对A根据牛顿第二定律得a=-g图象的斜率k解得mA2kg滑块B的质量为mB3kg故A错误，B正确；C当F大于10N时，A的加速度与F的关系aF-g知当a0时，F6N，代入解得0.3故C错

17、误；D根据F10N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为aBm/s2=2m/s2故D正确。故选BD。11、BC【解析】A、位移时间图象中图象的斜率表示速度，故甲先做正向匀速运动后反向匀速运动，故A错误；B、在图象中斜率代表速度，由图象可知，在时刻丙的速率大于乙的速率，故B正确；C、在时间内，由于甲乙丙的位移相同，时间也相同，故平均速度相同，故C正确；D、由图象可知，乙丙都做单向直线运动，故路程相同，故D错误；故选BC【点睛】此题关键抓住位移图象的斜率等于速度、纵坐标的变化量表示位移，掌握平均速度和平均速率公式，来分析图象的意义12、ABD【解析】AB对整体受力分析，受到重力（m1g+m2g）、支

18、持力N、拉力F、滑动摩擦力f，如图所示，根据共点力平衡条件，有：水平方向：f=Fcos竖直方向：N+Fsin=m1g+m2g解得：N=m1g+m2g-Fsin故AB正确；CD隔离m2，受到重力、拉力F和绳子拉力，如图所示；根据平衡条件可知，拉力F与重力m2g的合力与T等大反向，F和m2g在竖直方向的合力为Fsin-m2g，在水平方向的合力为Fcos，根据几何关系可得故C错误、D正确。故选ABD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、 . .1.97m/s2 .0.35【解析】（1）1对铁块，由牛顿第二定律可得故铁块的摩擦因素为（2）23由逐差法可得，物体的加速度为故摩擦因素为14、【解析】对物体进行受力情况分析：重力mg、支持力N和滑动摩擦力f由平衡条件得知，N和f的合力与重力mg大小相等、方向相反，如图所示：则有：N=mgcos，f=mgsin，根据滑动摩擦力公式，代入数据可得动摩擦因数为：三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（