四川省德阳市广汉高坪镇中学高二物理联考试题含解析

1、四川省德阳市广汉高坪镇中学高二物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）20世纪中叶以后，移动电话快速发展移动电话机A既能发射电磁波，也能接收电磁波B只能发射电磁波，不能接收电磁波C不能发射电磁波，只能接收电磁波D既不能发射电磁波，也不能接收电磁波参考答案：2. 如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A电压表示数变大，电流表示数变小B电压表示数变小，电流表示数变大C电压表示数变大，电流表示数变大D电压表示数变小，电流表示数变小参考答案：A【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】电压表测量路端电压当变阻器R3的滑动头P向

2、b端移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，确定外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断电压表示数的变化由欧姆定律判断并联部分电压的变化，确定通过R2的电流如何变化，由总电流和通过通过R2电流的变化分析电流表示数的变化【解答】解：当变阻器R3的滑动头P向b端移动时，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路的电阻增大，根据闭合电路的欧姆定律得知，总电流I减小，路端电压增大，则电压表示数变大并联部分的电压U并=EI（R1+r），I减小，其他量不变，可见，U并增大，通过R2的电流I2增大，流过电流表的电流IA=II2，I减小，I2增大，IA减小，则电流表示数变小

3、所以电压表示数变大，电流表示数变小故选A3. （多选题）如图所示，边长为L、不可形变的正方形导体框内有半径为r的圆形磁场区域，其磁感应强度B随时间t的变化关系为B=kt（常量k0），磁场方向是垂直纸面向里回路中滑动变阻器R的最大阻值为R0，滑动片P位于滑动变阻器中央，定值电阻R1=R0、R2=R0闭合开关S，电压表的示数为U 则（）A电容器的b极板带正电B正方形导线框中的感应电动势为kL2CR1两端的电压为DR1的热功率为电阻R2的4倍参考答案：AC【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律【分析】这是电磁感应与电路结合，左侧的导体框相当于电源要先用电磁感应求出产生的感应电动势，然后由闭合

4、电路欧姆定律来分析电路中电压，再由焦耳定律分析电阻电热而至于电容器的极板电性，需要可依据感应电动势的正负极，有右手定则可以判定，电路左侧的变化磁场在正方形导体内产生逆时针电流，由此可知导体框相当于一个上负下正的电源，所以电容器b极板带正电【解答】解：A、磁场垂直与纸面向里，磁感应强度增大，磁通量增大，由楞次定律可知，电容器b板电势高，a板电势低a板带负电，b极板带正电，故A正确；B、由法拉第电磁感应定律得，感应电动势：E=k?r2，故B错误；C、R2与R的右半部分并联，滑动变阻器右半部分电阻阻值为R0，R2与滑动变阻器右半部分并联阻值为，滑动变阻器两端总电阻为，外电路的总电阻为：R1+R并+R

5、滑左=，R2两端电压为： R0=U，故C正确；D、设干路电流为I则通过滑动变阻器左半部分的电流为I，通过其右半部分的电流为，由于此部分与R2并联切阻值相等，因此通过R2的电流也为，由P=I2R知：电阻R1的热功率为P=I2?R0，R2的热功率为：P2=（）2?=，所以电阻R1的热功率为电阻R2的8倍，故D错误故选：AC4. 如图所示，实线为电场线，虚线为带电粒子(不计重力)的运动轨迹，电场中A、B两点的电势分别为A、B，粒子在A、B两点的速度大小分别为vA、vB，加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB，则下列关系中正确的是()AAB BvAvBCaAaB DEpAEpB参考答案

6、：CD5. （单选题）如图3所示，a、b为带等量异种电荷的两个小球，分别在A、B位置固定。C、D为两个球连线的垂直平分线上的两点，则：AC、D两点场强方向相同BC点场强小于D点场强CC点电势小于D点电势DC点电势大于D点电势参考答案：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，斜面A静止在粗糙水平面上当物体B静止在斜面上时，地面对A_摩擦力，当B沿斜面匀速下滑时，地面对A_摩擦力，当B受沿斜面向上的拉力而匀速上滑时，地面对A_摩擦力（填有或无） 参考答案：无 无 有7. 在远距离送电时，如果输送电压为2000V，输送功率为10kW，输电线的电阻为20，则输电线上损失功率

7、为_，损失电压为_，用户得到的功率为_四、解答题：本题共3小题，共计34分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.参考答案：8. （3分）光子能量E= ，光子的动量P= 。参考答案：Hv；9. 如图所示电路，当A、B两端接入150V的电压时，C、D两端电压为50V.当C、D两端接入150V电压时，A、B两端电压为100V,求R1：R2：R3=-_参考答案：4:4:110. 如图所示为“风光互补路灯”系统，它在有阳光时通过太阳能电池板发电，有风时通过风力发电机发电，二者皆备时同时发电，并将电能输至蓄电池储存起来，

8、供路灯照明使用。为了能使蓄电池的使用寿命更为长久，一般充电至90左右即停止，放电余留20左右即停止电能输出。下表为某型号风光互补路灯系统配置方案：风力发电机太阳能电池组件最小启动风速1.0m/s太阳能电池36W最小充电风速2.0m/s太阳能转化效率15%最大限制风速12.0m/s蓄电池500Ah-12V最大输出功率400W大功率LED路灯80W-12V当风速为6ms时，风力发电机的输出功率将变为50W，在这种情况下，将蓄电池的电量由20充至90所需时间为 h；如果当地垂直于太阳光的平面得到的太阳辐射最大强度约为240Wm2，要想使太阳能电池的最大输出功率达到36W，太阳能电池板的面积至少要 m

9、2。 参考答案：11. (2分)电流的方向：规定 为电流的方向。在金属导体中，电流的方向与 相反。参考答案：正电荷定向移动的方向；自由电子定向移动方向 12. 电源电动势为E，内阻为r，外电阻为R，则干路电流I=_路端电压U=_ 。当R增大时，U将_，当R= 时此时U=_。当R减小时，U将_，当R=0 时， I=_ 。参考答案： R 增大 E 减小 E/r13. 重为100N的货箱放在水平地面上，以25N的水平推力推货箱时，货箱没有动，此时货箱受到的摩擦力大小为 N；当水平推力增至35N时，货箱刚好被推动，货箱被推动后，只需32N的水平推力作用即可保持货箱做匀速运动，则货箱与地面之间的动摩擦因

10、数 。参考答案：25 0.32三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学设计了一个探究加速度a与物体所受合力F及质量m关系的实验，图（a）为实验装置简图。（交流电的频率为50Hz）（1）图（b）为某次实验得到的纸带，根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s2（保留二位有效数字）（2）为了能用细线的拉力表示小车受到的合外力，实验操作时必须首先_.（3）若小车质量M0.4 kg，改变砂桶和砂的质量m的值，进行多次实验，以下m的值合适的是_（填选项符号）Am15gBm210g Cm3400g Dm41kg参考答案：（1）3.2 （2）平衡摩擦力 （3）AB15. （1）如下图

11、所示，图A是多用电表用“100”档位进行测量，则测量值为_；图B中螺旋测微器读数为_mm.图C中游标卡尺读数为_cm.（2）在测定一节干电池（电动势约为1.5V，内阻约为2）的电动势和内阻的实验中，提供的器材有A电压表量程为3V，内阻约为5kB电压表量程为15V，内阻约为10kC电流表量程为0.6A，内阻约为0.1D电流表量程为3A，内阻约为0.01E变阻器R1为（20，3A）F变阻器R2为（500，0.2A） G开关、导线若干为了较准确测量电池的电动势和内阻，电压表应该选：A；电流表应该选 （填C或D）；变阻器应该选 （填E或F）；实验电路图应该选 图（填“甲”或“乙”）。（3）某同学用下图

12、所示的装置做“验证动量守恒定律”的实验先将a球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下压痕，重复10次；再把同样大小的b球放在斜槽轨道末端水平段的最右端静止放置，让a球仍从原固定点由静止开始滚下，和b球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次本实验必须测量的物理量有_；A斜槽轨道末端到水平地面的高度HB小球a、b的质量ma、mbC小球a、b的半径rD小球a、b离开斜槽轨道末端后平抛飞行的时间tE记录纸上O点到A、B、C各点的距离OA、OB、OCFa球的固定释放点到斜槽轨道末端水平部分间的高度差h 若入射小球质量为ma ，半径为r a；被碰小球质量为mb，半径为

13、rb，则 ( )Amamb，r arbBm amb，r arbCm amb，r arb Dm amb，r arb按照本实验方法，验证动量守恒的验证式是_(用装置图中的字母表示)参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 有一单摆，其摆长l1.02 m，摆球的质量m0.10 kg，已知单摆做简谐运动，单摆振动30次用的时间t60.8 s，试求：(1)当地的重力加速度是多大？(2)如果将这个摆改为秒摆，摆长应怎样改变？改变多少？参考答案：(1)当单摆做简谐运动时T2 ，由此可得g42l/T2因为T s2.027 s，所以g42l/T2(43.1421.02)/2.0272 m/s29.7

14、9 m/s2。(2)秒摆的周期是2 s，设其摆长为l0，由于在同一地点重力加速度是不变的，根据单摆的振动规律有：，故有：l0 m0.993 m。其摆长要缩短lll01.02 m0.993 m0.027 m。答案：(1)9.79 m/s2(2)其摆长要缩短0.027 m17. 如图所示，有一半径为R1=1m的圆形磁场区域，圆心为O，另有一外半径为R2=m、内半径为R1的同心环形磁场区域，磁感应强度大小均为B=0.5T，方向相反，均垂直于纸面。一带正电的粒子从平行极板下板P点静止释放，经加速后通过上板小孔Q，垂直进入环形磁场区域，已知点P、Q、O在同一竖直线上，上极板与环形磁场外边界相切，粒子比荷

15、q/m=4107C/kg，不计粒子的重力，且不考虑粒子的相对论效应。求：(1)若加速电压U1=1.25102V，则粒子刚进入环形磁场时的速度v0为多大？(2)要使粒子不能进入中间的圆形磁场区域，加速电压U2应满足什么条件？(3)若改变加速电压大小，可使粒子进入圆形磁场区域，且能水平通过圆心O，最后返回到出发点，则粒子从Q孔进入磁场到第一次经过O点所用的时间为多少？参考答案：解析 （1），。（2分）（2）粒子刚好不进入中间磁场时，。（4分）（3）轨迹如图，。（6分。若仅算出周期T得2分）18. 如图所示，倾角为37的粗糙斜面的底端有一质量m=1kg的凹形小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数=0.2

16、5现小滑块以某一初速度v从斜面底端上滑，同时在斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过0.4s，小球恰好垂直斜面方向落入凹槽，此时，小滑块还在上滑过程中（已知sin37=0.6，cos37=0.8），g取10m/s2，求：（1）小球水平抛出的速度v0（2）小滑块的初速度v（3）0.4s内小滑块损失的机械能E参考答案：解：（1）设小球落入凹槽时竖直速度为vy，则有：vy=gt=100.4=4m/s因此有：v0=vytan37=3m/s答：小球水平抛出的速度v0=3m/s（2）小球落入凹槽时的水平位移：x=v0t=30.4=1.2m则滑块的位移为：根据牛顿第二定律，滑块上滑的加速度为：a=gsin37+gcos37=8m/s2根据公式：得：v=5.3