江苏省苏州市吴中区2022届九年级（上）期末物理试卷（解析版）

1、2022学年江苏省苏州市吴中区九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题2分，共24分每小题给出的四个选项中只有一个选项正确）1高空抛物是极不文明的行为，会造成很大的危害因为高处的物体具有较大的（）A重力势能B弹性势能C体积D重力【考点】FK：动能和势能的概念【分析】物体由于被举高而具有的能叫重力势能，重力势能的大小与物体的质量和高度有关【解答】解：由题意可知，高空抛物现象只所以会造成危害，是因为物体被举高后具有了重力势能，而且物体的质量越大、高度越高，重力势能越大因此高空抛物会造成很大的危害故选A2如图所示的四种剪刀中，最适用于剪开较硬物体的是（）ABCD【

2、考点】7T：杠杆的应用；7O：杠杆的分类【分析】结合生活经验和图片，先判断剪刀在使用过程中的目的，再根据各类杠杆的特点选择所需要的剪刀【解答】解：剪开较硬的物体，就需要一把省力的剪刀，因此需选用动力臂大于阻力臂的剪刀，即手柄比刀口长的剪刀，所以D最适合故选D3根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（）A女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功B司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功C吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功D足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功【考点】EA：力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过

3、的距离；二者缺一不可【解答】解：A、女孩搬起一个箱子，女孩对箱子有力，且沿力的方向运动了一段距离，所以女孩对箱子做了功，故A正确；B、司机费了很大的力也未能推动汽车，虽然有力但没有距离，所以司机对汽车没有做功，故B错误；C、吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物有向上的力，但向上并没有移动距离，所以吊车对货物没有做功，故C错误；D、足球被踢出后在草地上能继续滚动是由于惯性，此过程中运动员对足球不再做功，故D错误；故选A4用水平拉力先后两次拉着重为20N的同一物体，沿同一水平面做直线运动第一次拉力为10N，物体恰好做匀速直线运动，拉力对物体做了20J的功；第二次将拉力增大为20N，拉力对物体做

4、了48J的功分析两次做功过程，以下判断正确的是（）A第一次物体受到的摩擦力是10N，物体运动了lmB第一次物体受到的摩擦力是20N，物体运动了2mC第二次物体受到的摩擦力是10N，物体运动了D第二次物体受到的摩擦力是20N，物体运动了【考点】6T：二力平衡条件的应用；ED：功的计算公式的应用【分析】在水平面上匀速直线运动的物体，水平方向上受到拉力和摩擦力是平衡力，竖直方向上受到的重力和支持力是平衡力；二力平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；摩擦力的大小跟压力大小和接触面的粗糙程度有关，压力越大，摩擦力越大；接触面越粗糙，摩擦力越大；已知拉力的大小和做功的多少

5、，根据s=可求出物体在水平方向运动的距离【解答】解：AB、物体在水平面上做匀速直线运动时，在水平方向受拉力和摩擦力作用，并且二力是一对平衡力，故物体受到的拉力：F=f=10N；根据W=Fs可知，第一次物体通过的距离s1=2m，故AB错误；CD、若增大拉力，而压力大小和接触面的粗糙程度都没有改变，因此，物体受到的摩擦力不变，仍为10N；根据W=Fs可知，第二次物体通过的距离s2=，故C正确、D错误故选C5如图所示，小球在A点由静止开始释放，向右侧摆动B点是小球摆动的最低点，C点是小球摆到右侧最高点，且A、C两点到B点的竖直距离hAhC在小球从B点摆动到C点的过程中，下列说法正确的是（）A小球的机

6、械能总量逐渐变小B小球运动状态保持不变C小球的动能全部转化为重力势能D绳的拉力对小球做了功【考点】FU：动能和势能的转化与守恒【分析】物体的运动状态包括速度和方向两个方面；动能和势能合称机械能，由于克服空气阻力，一部分机械能会转化为内能；做功包含两个必要因素：有力作用在物体上，物体在力的方向上通过一定的距离【解答】解：AC、小球从A到B的过程中，大部分重力势能转化为动能；从B到C的过程中，大部分动能转化为重力势能由于与空气有摩擦，摆动过程中部分机械能转化为内能，所以机械能总量减少，动能也不可能全部转化为重力势能；故A正确，C错误；B、小球摆动过程中运动方向不断变化，速度不断变化，也就是运动状态

7、在变化；故B错误；D、细绳对小球有拉力，但小球在拉力的方向上没有移动距离，所以细绳的拉力对小球不做功；故D错误故选A672g的人站在跷跷板某一位置时，跷跷板处于如图所示的平衡状态估测球的质量约（）A10gB30gC72gD120g【考点】7R：杠杆的平衡分析法及其应用【分析】（1）跷跷板就是一个杠杆，支点为O点，杠杆的平衡条件：动力动力臂=阻力阻力臂；（2）用刻度尺测量一下两边力臂的大小，求出人重力的大小，再利用杠杆的平衡条件求球重，再求球的质量【解答】解：如图，LOA=，LOB=，跷跷板处于平衡状态，G1LOA=G2LOB，即：m1gLOA=m2gLOB，球的质量：m2=30g故选B7下列是

8、一些物质的比热容一些物质的比热容单位：J/（g）水l03冰l03酒精l03蓖麻油l03甘油l03沙石l03煤油l03铝l03根据表中的数据，下列判断正确的是（）A不同的物质，比热容不可能相同B物质的比热容与物质的状态无关C工厂里冷却塔大多用水作为冷却剂是利用水的比热容大的特性D质量相等的水和煤油吸收相同的热量，水的温度变化较大【考点】GD：比热容的概念【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高（或降低）1，吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质的一种特性，决定于物质的种类和状态不同的物质比热容一般不同，同种物质状态改变，比热容也发生改变；（2）物质吸收或放出的热量用公式Q=cmt

9、计算，其中c表示物质的比热容，t表示物质温度的变化量；（3）相同质量的不同物质，吸收相同的热量，温度变化用公式t=比较【解答】解：A、由表格中的数据可知，冰和煤油的比热容是相同的故A错误；B、分析表中数据可知，水和冰是水的两种状态，比热容是不同的，说明比热容与物质状态有关故B错误；C、在所有物质中，水的比热容最大，相同质量的水和其它液体、升高相同的温度时，由Q吸=cmt知，水吸收的热量最多，所以冷却塔大多用水作为冷却剂故C正确；D、分析表中数据可知c水c煤油，质量相同的水和煤油吸收相同的热量时，根据t=知，水的温度变化小故D错误故选C8如图1所示，规格相同的容器装了相同质量的纯净水，用不同加热

10、器加热，忽略散热，得到如图2所示的水温与加热时间的图线，则（）A乙中温度计示数为32B加热相同时间，两杯水吸收的热量相同C吸收相同的热量，甲杯的水升温比乙杯的多D甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min吸收的热量相同【考点】GG：热量的计算【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，先要弄清楚温度计的量程和分度值，读数时视线与液柱最高处所对刻度相垂直，并注意区分温度是零上还是零下；（2）由题知，用不同的热源加热，在相同的时间内加热器放出的热量不同，说明在相同的时间内吸收的热量不同；（3）根据Q=cmt分析吸收相同的热量，两杯水温度的变化；（4）根据Q=cmt分析甲杯的水加热2min与乙杯的水加热

11、3min吸收的热量的关系【解答】解：A、由图知：温度计上10之间有10个小格，所以一个小格代表的温度是1，即此温度计的分度值为1；“40”在“30”的上方，液柱最高处在两者之间，所以显示的温度高于0，为37，故A错误；B、实验中，用不同加热器加热，相同时间内，加热器放出的热量不同，所以相同时间内两杯水吸收的热量不同，故B错误；C、两杯中水的质量相同，根据t=可知，吸收相同的热量，两杯水升高的温度相同，故C错误；D、根据图2可知，甲杯的水加热2min与乙杯的水加热3min升高的温度相同，根据Q=cmt可知，两杯水的质量相同，所以吸收的热量相同，故D正确故选D9根据如图的电路图连接好电路后，仅使用

12、此电路图中的器材，不能测量电阻R的（）A阻值B电流C电功率D电功【考点】IH：欧姆定律的应用；J3：电功的计算；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值，根据in后，就转变成送风状态工作5min，再转变为制冷状态，如此反复，为了测量空调制冷时电功率，他在空调插座处接入一个电能表用于测量空调消耗的电能相关数据见表，空调送风10min所消耗的电能为Wh，30min内空调消耗的电能为Wh，空调制冷时的电功率为W送风状态时消耗的电功率：测量时间30min电能表示数开始计时时30分钟后【考点】J3：电功的计算

13、；JA：电功率的计算【分析】（1）由表中数据可知送风状态的功率，知道送风时间，利用W=OB=40cm，BC=30cm，试作出作用在杠杆上使杠杆平衡的最小动力F【考点】7S：杠杆中最小力的问题【分析】根据杠杆平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长越省力，当动力臂最长时动力最小【解答】解：根据杠杆平衡的条件可知，力臂越长越省力，因为OB=40cm，BC=30cm，所以OC=50cm，而AO=45cm故OC的力臂最长，所以过C点作OC的垂线并标出力臂，如图所示：26两灯均标有“6V3W”字样，接在6V电源上，闭合开关S，两灯均发光但较暗现给你两根导线和一只开关S，请将开关S接入电路要求闭合S、S

14、时，只有灯L1正常发光；闭合S、断开S时两灯又恢复到原来发光较暗的状态【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】灯泡正常发光时，灯泡的实际电压等于灯泡的额定电压；根据题意可知，灯泡的额定电压与电源电压相等，因此要使一个灯泡正常发光，必须将另一个灯泡短路，故将开关S与L2并联【解答】解：使开关S与L2并联；如下图所示：27如图所示，是一个未完成的实物电路，请示根据要求，用笔画线代替导线，完成电路连接要求：小灯泡L1、L2并联，滑动变阻器只控制L2的亮度，电流表测量干路上的总电流，导线不能交叉【考点】HR：实物的电路连接【分析】根据题意确定个电路元件的连接方式，然后连接实物电路图【解答】解：灯泡L1

15、与L2并联，滑动变阻器控制灯泡L2的亮度，因此滑动变阻器与灯泡L2串联，电流表测量干路上的总电流应接在干路上，如图所示：28在一次车辆故障处置过程中，拖车所用装置简化如图为了尽快疏通道路，交警只用了30s的时间，指挥拖车在水平路面上将质量是的故障车匀速拖离了现场若故障车被拖离的速度是2m/s，绳子自由端的拉力F是500N则：（1）故障车在30s内通过的路程为多少（2）拉力F在30s内所做的功为多少（3）若故障车在被拖离过程中受到的阻力为1200N，则该装置的机械效率为多少？【考点】F4：滑轮（组）的机械效率【分析】（1）知道故障车被拖离的速度和时间，根据s=vt求出通过的路程；（2）由图可知滑

16、轮组绳子的有效股数，根据s=ns和W=Fs求出拉力F在30s内所做的功；（3）滑轮组克服阻力做的功为有用功，根据W=fs求出有用功，利用=100%求出滑轮组的机械效率【解答】解：（1）由v=可得，故障车在30s内通过的路程：s=vt=2m/s30s=60m；（2）由图可知，n=3，则拉力F在30s内所做的功：W总=Fs=Fns=500N360m=9104J；（3）滑轮组克服故障车与地面间的阻力做的功为有用功，则有用功：W有=fs=1200N60m=104J，滑轮组的机械效率：=100%=100%=80%答：（1）故障车在30s内通过的路程为60m；（2）拉力F在30s内所做的功为9104J；（

17、3）该装置的机械效率为80%29某太阳能热水器内装有60g初温为25的水，经过一天的太阳照射，水温升高到75，水的比热容为103J/（g）求：（1）水吸收的热量是多少J（2）要产生同样多的热量，用“220V2000W”的电热水器正常工作需要的时间是多少min（3）电热水器正常工作时的电流是多少A（保留一位小数）【考点】KB：太阳能热水器中的热量计算；J4：电功计算公式的应用；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】（1）知道水的比热容、水的质量、初温和末温，根据吸热公式Q吸=cm（tt0）求出水吸收的热量；（2）根据题意可知电热水器产生的热量与水吸收的热量相等，根据Q=W=（tt0）=103J/

18、（g）60g（7525）=107J（2）由题意可知，电热水器产生的热量：Q放=Q吸=107J，由Q放=W=in（3）由in；（3）电热水器正常工作时的电流是30小亮家新装了一台智能电热马桶盖，如图甲所示，他查阅使用说明书发现便座加热电路有高、中、低三档并可手动调节，其额定电压为220V，低温档、中温档的额定功率为22W和44W利用所学的电学知识他设计了一个等效电路图，如图乙所示，用两定值电阻R1和R2表示两电热丝，单刀双掷开关S2可接a或b当它接入家庭电路中正常工作时：（1）低温档加热的电流多大（2）中温档加热5h，消耗多少度电（3）高温档加热的额定功率是多少瓦？【考点】JA：电功率的计算；J

19、3：电功的计算【分析】（1）根据3/h（1）该空气净化器正常工作时的电流为A（2）某房间的使用面积为18m2，高度是3m此空气净化器能（能/不能）在1小时内净化90%的可吸入颗粒物（3）可变电阻是制作二氧化碳传感器的常用元件，图乙为其控制电路，电源电压保持6V恒定，Rt为可变电阻，其阻值随二氧化碳浓度变化如图丙，R0为定值电阻，当浓度为%时，电压表示数为1V，则R0阻值为10，当电压表示数大于3V时，二氧化碳浓度大于%，此时空气净化器会自动报警【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】（1）由3/h，所以使房间污染物浓度下降90%的时间：t=，所以能在1小时内使房间污

20、染物浓度下降90%；（3）由图乙知，R1、R0串联，电压表测R0两端电压，由图象知，当浓度为%时，R1=50，电压表示数为1V，由串联电路特点和欧姆定律得：R0=10；当电压表示数为3V时，R1的阻值：R1=10，由图象知，R1阻值越小，二氧化碳浓度越大，此时二氧化碳浓度为%，即：当电压表示数大于3V时，二氧化碳浓度大于%故答案为：（1）；（2）能；（3）10；32从地面上搬起重物我们的常见做法是弯腰（如图甲）或人下蹲弯曲膝盖（如图乙）把它搬起来，哪种方法好呢下面就建立模型说明这个问题把脊柱简化为杠杆如图丙所示，脊柱可绕骶骨（轴）O转动，腰背部复杂肌肉的等效拉力F1作用在A点，其实际作用方向与

21、脊柱夹角为12且保持不变，搬箱子拉力F2作用在肩关节B点，在B点挂一重物代替箱子用测力计沿F1方向拉，使模型静止，可测出腰背部复杂肌肉拉力的大小接着，改变脊柱与水平面的夹角即可改变杠杆与水平面的夹角，多次实验得出结论（1）在丙图中画出F2力臂L2（2）当角增大时，L2变小（变大/不变/变小），F1变小（变大/不变/变小）（3）如果考虑到人上半身的重力，那么腰背部肌肉的实际拉力将比丙图中F1要大（大/小）（4）对比甲乙两种姿势所对应丙图中的两种状态，由以下分析可得，乙（甲/乙）图中的姿势比较正确【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析【分析】（1）力臂L2是指从支点到力F2的作用线的距离；（2）当角增大时，由图分析得出力臂L2变化，根据杠杆平衡条件即可判断中F1的变化；（3）如果考虑到人上半身的重力，根据重力对杠杆的作用，利用杠杆平衡条件即可判断实际拉力的变化；（4）比较两种状态下力臂L1变化，利用杠杆平衡条件即可判断拉力的不同；根据拉力的大小变化可判断姿势的产生的后果【解答】解：（1）延长F2作用线，由支点作其作用线的垂线，L2是其力臂如图：（2）由图可知：当角增大时，力臂L2变小；由于拉力F1的方向与脊柱夹角始终为12，且OA这段距离不变，则O点到F1作