2019年浙江省杭州市余杭区中考物理模拟试卷（6月份）-(带答案解析)

本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。本卷由系统自动生成，请仔细校对后使用，答案仅供参考。答案第=page1818页，总=sectionpages1818页答案第=page1717页，总=sectionpages1818页绝密★启用前2019年浙江省杭州市余杭区中考物理模拟试卷（6月份）试卷副标题考试范围：xxx；考试时间：120分钟；命题人：xxx题号一二三四五总分得分注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2、请将答案正确填写在答题卡上评卷人得分一、单选题（共7题）1.下列说法正确的是（）A.衣柜里的樟脑丸变小是凝华现象，需要吸热B.雾、露都是液化现象，需要吸热C.夏天吃棒冰时，棒冰在嘴里发生熔化现象，需要吸热D.冬天人呼出的“白气”是汽化现象，需要放热2.如图所示是炮弹的运行轨迹，当其运动到最高点时，若外力突然消失，则炮弹将（）A.处于静止状态 B.向左做匀速直线运动 C.竖直向下做匀速直线运动 D.按原来的轨迹运动3.如图所示，A、B两同学用甲、乙两种方式推墙。甲中A向前推B、B向前推墙；乙中A、B同时向前推墙。每人用力的大小都为F，方向水平向右。已知地面粗糙，则以下说法中正确的是（）A.甲方式中墙受到的力为2FB.乙方式中墙受到的力为2FC.甲方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为FD.乙方式中两位同学受到地面的摩擦力大小都为2F4.如图所示，湖水中有两艘小船，绳子的一端拴在甲船上，乙船上固定着滑轮，绳子绕过滑轮，站在甲船上的人用100N的力拉绳子的自由端。如果在20s内甲船向右匀速移动了l0m，同时乙船向左匀速移动了4m，则下列说法正确的是（）A.人对绳子的力做功的功率是100WB.绳子自由端移动的距离为20mC.绳子自由端的速度为1.4m/sD.甲船受到的拉力为100N，乙船受到的拉力为200N5.如图是小金自制电子秤的原理示意图，且所测物体质量越大，仪表示数越大。已知弹簧整体每受5N压力时，被压缩lcm，且不受压力时，指针P在R1的最上端。电源电压为4.5V，电压表量程为（0-3V），R1长为10cm，标有“50Ω，0.3A”字样的均匀电阻丝，R0=20Ω．以下说法正确的是（）A.改装后的称重表表盘刻度是不均匀的B.称重表的零刻度线和电压表的零刻度线不重合C.该电路能达到的最小功率为2.025WD.该电子秤的测量范围为0～5千克6.如图所示，均匀圆柱体甲和乙放置在水平地面上，现沿水平虚线切去部分后，使甲、乙剩余部分的高度均为h​。若此时甲、乙的剩余部分对地面的压力相等，则甲、乙原先对地面的压强​p甲​、​p乙​和压力​F甲​、​F乙​的关系是(A.​p甲​<​​p乙B.​p甲​<​​p乙C.​p甲​>​​p乙D.​p甲​>​​p乙7.下列有关说法符合科学事实的是（）A.甲图：马德堡半球实验第一次测出了标准大气压的大小B.乙图：牛顿受小球从斜面滚下的实验直接得出了惯性定律C.丙图：阿基米德原理揭示了浮力大小随体积的增大而增大D.丁图：卢瑟福根据a粒子散射实验提出原子中存在原子核评卷人得分二、填空题（共2题）8.如图同一个实心小球以同样的速度v分别沿着甲、乙两个光滑的弧槽运动，两弧槽弧形相同，弧长相等。小球到达B点的动能______（选填“大于”“小于”或“等于”下同）到达D的动能，小球通过甲弧槽的时间______小球通过乙弧槽的时间。（空气阻力不计）9.有一边长为a，密度为ρ的立方体大理石，放在水平地面上，则大理石对地面的压强为______现工人用一根长为4a质量忽略不计的硬棒将石块撬起一个很小的角度，如图所示，则大理石对硬棒的压力______，如果硬棒插入的长度为石块边长的四分之一，并且保持该长度不变，则在右端作用的最小力为______。（答案用相应符号表示）评卷人得分三、实验探究题（共2题）10.小明在探究“电流与电阻的关系”的实验中，所选定值电阻的阻值分别为R1=5Ω，R2=10Ω，R3=20Ω，滑动变阻器的规格为“15Ω1A“，电源为2节新的干电池。​​​​​​​（1）连好电路后，按下列步骤进行实验：①将R1接入电路，调节滑动变阻器，使电压表的示数为1.5V，记下I1。②用R2替换R1接入电路，接下来的操作是：______。③用R3替换R2接入电路，当滑动变阻器接入电路的阻值最大时，电压表的示数也大于1.5V，实验无法进行下去。请写出一种能使实验继续进行下去的方法。______（2）若将图中的电阻Rx换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡后，要测该小灯泡的额定功率，则在原实物电路中还必须改动的器材或接线是：______。11.凸透镜的成像规律可以通过画光路图去理解。在光路图甲中凸透镜可用“”表示，O点为光心，F为焦点，物距用ư表示，像距用v表示，请完成下列问题。（1）请在图中画出物体CD经过凸透镜所成的像C′D′的光路图；（2）科学中用像距和物距的比值来表示凸透镜的放大率，即m=，请说明教室投影仪成像时放大率是大于还是小于1？并解释理由：______。（3）小金在接下来的实验中将CD从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距u随时间t的变化图象如图乙所示，则像距ν与t的大致变化关系为丙图中的______。评卷人得分四、计算题（共3题）12.如图所示为“无人机"（多功能飞行器），它具有4个旋翼，可通过无线电进行操控，其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。如图为某型号无人机，整机质量为2千克。（1）该无人机一个旋翼的电动机额定功率为30瓦，额定电流为2安，线圈电阻为1欧，无人机正常工作时的总输出功率是多少？（2）该无人机在30秒内竖直上升120米，动能增加量为120J，所受空气阻力不变，求无人机在上升过程中所受空气阻力？（3）该无人机所需的能量是由一块输出电压为15伏，容量为5000mAh的电池提供。若电能的80%用于飞行，飞行时的实际功率为100瓦，则该机最多能飞行多少时间？13.如图所示，台秤上放置一个装有适量水的烧杯，已知烧杯和水的总质量为500g，杯的底面积为100cm2．将一个重量为10N、体积为800cm3的正方体实心物体A用细线吊着，然后将其一半浸入烧杯的水中（烧杯的厚度忽略不计，杯内水没有溢出，g=10N/kg）。则：（1）当物体A一半浸入水中时，绳子所受拉力为多大？（2）此时台秤的示数为多少？14.如图所示是一种适合北方冬季使用的电热加湿器，其工作原理：加湿器水箱中部分水通过进水阀门进入电热槽中受热至沸腾，产生的水蒸气通过蒸汽扩散装置喷入空气中，从而提高空气湿度。下表是小明从产品铭牌上摘录的电热加湿器部分参数，其发热电路如图所示，R1、R2为阻值相同的发热电阻，1、2、3、4为触点，S为旋转型开关，通过旋转可以实现档位的转换。（1）小明在开始加热前测得水温为20℃，电热槽内气压为标准大气压，若从加热到沸腾最短时间为3分钟，则该电热槽中水的质量是多少千克？（不计热损失，c水=4.2×103J/（kg•℃），结果保留两位小数）（2）R1的阻值为多少？（3）该加湿器在低档时的发热功率是多少？额定电压220V额定最大发热功率400W水箱容积4L适用面积40～60m2评卷人得分五、综合题（共1题）15.机器人是自动控制机器（Robot的俗称，自动控制机器包括一切模拟人类行为或思想与模拟其他生物的杋械（如机器狗、机器猫等）。请根据以下有关机器人的材料，回答相应问题：（1）2017年10月26日，沙特阿拉伯授予美国汉森机器人公司生产的机器人索菲亚公民身份。索菲亚拥有橡胶皮肤，能够使用很多自然的面部表情和语言与人类互动，索菲亚自信自己会越来越聪明。索菲亚是人类吗？______；你的理由是______（至少回答两点）（2）某市科技馆有机器人和参观者下象棋的展台。机器人取放棋子时用一根“手指”接触棋子表面就可以实现（如图），其奥秘是“手指”内部有电磁铁。机器人取放棋子是利用了电磁铁的______（选填“磁性有无”或“磁场方向”）可以控制的特点；这种棋子最好不要放置在潮湿的环境中保存，是因为______。（3）如图所示，是一款自动清扫技术和人工智能设计于一体的地面清扫机器人。扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、自动返回充电等诸多智能功能。扫地机器人在工作时，若电量不足，会自动返回充电。小王在室内运动场上试用中发现，该机器人在lmin内沿直线匀速清扫的距离为18m，若它在运动中所受阻力为105N，此机器人清扫地面过程中，动能______（填“变大”、“不变”或“变小“），此过程中机器人的水平推力所做的功的功率为______。参考答案及解析一、单选题1.【答案】C【解析】解：A、衣柜里的樟脑丸变小是升华，需要吸热．故A错误；B、雾、露都是液化现象，需要放热．故B错误；C、冰棍是固体，吃在嘴里变成液体是熔化，熔化吸热．故C正确；D、白气是空气中的水蒸气液化成的小水珠，是液化现象．故D错误．故选C．六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的．凝固、液化、凝华是放热的．掌握六种物态变化的状态变化，吸热和放热情况是解决此题的关键．2.【答案】B【解析】解：如图从炮口斜向上射出的炮弹，当它运动到最高点的一瞬间，还有一个向左前的速度，当它受到的一切外力全部消失时，它将保持原来的速度做匀速直线运动。故选：B。牛顿第一定律的内容：一切物体在不受外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。本题考查了学生对牛顿第一定律的理解，只要判断出炮弹在外力消失前的状态，那么在外力消失后，它仍会保持这一状态。3.【答案】B【解析】解：（1）甲方式中，先对A同学水平方向受力分析，受B对A的向左的弹力和地面对A的向右的静摩擦力；再对B同学水平方向受力分析，受A对B向右的弹力和墙壁对B向左的弹力，由B同学静止可知，二力是一对平衡力，又因A同学和B同学之间的作用力为相互作用力，B与墙壁之间的作用力也为相互作用力，所以，A对B向右的弹力和墙壁对B向左的弹力大小均为F，则甲方式中墙受到的力为F，B同学不受摩擦力，故AC错误；（2）乙方式中，甲乙两同学均受水平向左墙壁的弹力和地面向右的静摩擦力作用处于平衡状态，由二力平衡条件可知，地面对两同学的摩擦力都为F，此时墙受到的推力为2F，故B正确、D错误。故选：B。推力为弹力，弹力发生在直接接触的物体之间，分别对甲、乙受力分析，然后根据平衡条件和相互作用力的关系进行解答。本题考查了二力平衡条件和相互作用力关系的应用，分析好两种情况下的受力情况是关键。4.【答案】C【解析】解：AB、甲船向右移动了10m，乙船向左移动了4m，以甲为参照物，乙向左移动了10m+4m=14m，有两段绳子拉乙船，故绳子自由端总共移动s=14m×2=28m；则人拉绳子的功率P====140W，故AB错误；C、绳子自由端的速度为v===1.4m/s，故C正确；D、由图可知，甲船和乙船都有两股绳子承担拉力，故甲乙两船受到的拉力均为200N，故D错误。故选：C。（1）利用运动和静止的相对性判断出绳子自由端移动的距离，然后结合公式W=Fs求解人拉绳做的功，利用功率公式率P=求解人拉绳的功率；（2）利用速度公式计算绳子自由端的速度；（3）根据滑轮组的工作特点分析解答。此题考查功率的计算、滑轮组绳子拉力的计算等，是一道综合题目，能否正确的判断绳端移动距离是解决此题的关键。5.【答案】A【解析】解：由电路图可知，R1与R0串联，电压表测变阻器R1两端的电压。A．由电阻的串联可得，电路中的电流I==，电压表的示数U1=IR1=×R1，由U1与R1不成正比可知，改装后的称重表表盘刻度是不均匀的，故A正确；B．没有称量物体时，R1接入电路中的电阻为零，电压表被短路无示数，所以称重表的零刻度线和电压表的零刻度线是重合的，故B错误；C．由串联分压的规律可知，当电压表的示数最大为U1=3V时，变阻器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，由串联电路的电压特点可得，R0两端的电压：U0=U-U1=4.5V-3V=1.5V，由串联电路的电流特点可得，电路中的最小电流：I小===0.075A，则电路的最小总功率：P小=UI小=4.5V×0.075A=0.3375W，故C错误；D．当电压表的示数U1=3V时，R1接入电路中的电阻最大，称量的物体的重力最大，此时R1接入电路中的电阻：R1===40Ω，由均匀电阻丝R1的长度为10cm、总阻值为50Ω可知，滑片下移的距离×10cm=8cm，由弹簧整体每受5N压力时被压缩lcm可得，称量物体的最大重力：G=×5N=40N，由G=mg可得，称量物体的最大质量：m===4kg，则该电子秤的测量范围为0～4kg，故D错误。故选：A。由电路图可知，R1与R0串联，电压表测变阻器R1两端的电压。（1）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，再根据欧姆定律表示出电压表的示数，根据电压表的示数与R1的阻值关系判断改装后的称重表表盘刻度是否均匀；（2）没有称量物体时，R1接入电路中的电阻为零，电压表被短路无示数，据此判断称重表的零刻度线和电压表的零刻度线是否重合；（3）当电压表的示数U1=3V时，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=UI求出电路的最小总功率；（4）当电压表的示数U1=3V时，R1接入电路中的电阻最大，称量的物体的重力最大，根据欧姆定律求出此时R1接入电路中的电阻，根据“均匀电阻丝R1的长度为10cm、总阻值为50Ω”得出滑片下移的距离，根据“弹簧整体每受5N压力时被压缩lcm”求出称量物体的最大重力，利用G=mg求出称量物体的最大质量，然后得出该电子秤的测量范围。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式以及重力公式的应用等，正确的判断出电压表的示数最大时称量物体的重力最大是关键。6.【答案】B​【解析】解：切去之后甲、乙对地面的压力相等，则​F剩甲所以​ρ甲所以​ρ甲​F甲=​【​ρ甲g​h甲切​S甲+​ρ​=ρ甲g​h甲切​=ρ甲​S甲g(因为​h甲切所以​F甲即​F甲​<​故选：B​。圆柱体放置地面时，对地面的压力等于物体重力，根据压强公式p=​FS本题主要考查了有关压强和压力的大小比较，关键能够利用好图示，切去部分与剩下部分的比例关系。7.【答案】D【解析】解：A、马德堡半球实验证明了大气压的存在，而托里拆利实验第一次测出了大气压的数值，故A错误；B、伽利略通过理想斜面实验研究首先得出“物体的运动并不需要力来维持”的结论，然后牛顿总结前人的研究，提出牛顿第一定律，又称为惯性定律，故B错误；C、阿基米德原理说明物体受到液体浮力大小与液体的密度和排开液体的体积有关，与物体浸没在液体中的深度无关，故C错误；D、卢瑟福通过а粒子散射实验，证实了原子是由原子核和核外电子组成的，故D正确。故选：D。（1）马德堡半球实验证明了大气压的存在，而托里拆利实验测出了大气压的数值；（2）牛顿在伽利略等人研究成果的基础上总结出惯性定律；（3）根据物体所受浮力大小的公式F浮=ρ液gV排可知影响浮力大小的因素；（4）产生光的色散现象的原因是白光中包含的不同颜色的光通过三棱镜发生折射时的偏折程度不同。本题涉及到的知识点较多，属于基础知识的考查，对物理学的重大发现、著名实验和理论要加强记忆，这也是常考内容之一。二、填空题8.【答案】等于小于【解析】解：在凹形光滑弧形槽中运动的小球，从以速度v进入轨道到运动到最低点的过程中，重力势能转化为动能，速度变大，大于初速度；在从最低点运动到弧形槽末端的过程中，小球的动能转化为重力势能，速度变小，到达槽末端（B点）时，速度减小为初速度v；在凸形光滑弧形槽中运动的小球，从以速度v进入弧形槽到运动到最高点的过程中，动能转化为重力势能，运动速度减小，小于初速度；在从最高点运动到槽末端的过程中，小球的重力势能再化为动能，到达槽末端（D点）时，速度由增大到初速度v；由以上分析可知：（1）小球到达B点的速度等于到达D的速度，同一小球，质量相等，所以小球到达B点的动能等于到达D的动能；（2）在凹形光滑弧形槽中运动的小球，平均速度v甲大；在凸形光滑轨道中运动的小球，平均速度v乙小；即v乙＜v甲，因为两小球的路程s相等，由公式v=知：在凹形轨道中的小球运动时间t甲小，在凸形轨道的小球运动时间t乙大，即：t乙＞t甲。故答案为：等于；小于。由速度公式的变形公式t=知：物体运动路程s相等时，速度大的物体所用时间短，速度小的物体运动时间长；分析图示两种情况，判断两个小球运动速度的大小关系，然后根据动能大小的影响因素判断小球到达B点的动能和到达D的动能的大小；再根据小球运动速度关系判断小球运动的时间关系。本题考查了速度公式的变形公式的应用，比较小球运动时间的长短，以及能量守恒，解题的关键是比较出两小球速度的运动速度关系。9.【答案】ρgaρa3gρa3g【解析】解：（1）由ρ=和G=mg可得，立方体大理石的重力：G=mg=ρVg=ρa3g，因水平面上物体的压力大小和自身的重力相等，所以，放在水平地面上的大理石对地面的压强：p====ρga；（2）工人用硬棒将石块撬起一个很小的角度时，可以看做是水平面，则大理石对硬棒的压力F″=G=ρa3g；（3）如果硬棒插入的长度为石块边长的四分之一时，重物的一半重力提供阻力，阻力臂为a，当动力臂为4a时，在右端作用的力最小，由杠杆的平衡条件得：F″•4a=G•a，解得：F″=G=ρa3g，即在右端作用的最小力为ρa3g。故答案为：ρga；ρa3g；ρa3g。（1）根据ρ=和G=mg求出立方体大理石的重力，放在水平地面上时大理石对地面的压力大小和自身的重力相等，受力面积等于其底面积，根据p=求出水平地面上的大理石对地面的压强；（2）工人用硬棒将石块撬起一个很小的角度时，可以看做是水平面，则大理石对硬棒的压力大小等于自身的重力；（3）如果硬棒插入的长度为石块边长的四分之一时，重物的一半重力提供阻力，阻力臂为a，当动力臂为4a时，在右端作用的力最小，根据杠杆的平衡条件求出最小力。本题考查了密度公式、重力公式、压强公式和杠杆平衡条件的应用，关键点是结合题意：把重物箱撬起一个接近于0°的角度，准确找出阻力臂和动力臂。三、实验探究题10.【答案】移动滑动变阻器滑片使R2两端的电压为1.5V，记下电流表的示数I2换用最大阻值较大的滑动变阻器（或换用电压较低的电源）①增加一节干电池；②电压表改接为0～15V量程【解析】解：（1）②用R2替换R1接入电路，接下来他应该进行的操作是：移动滑动变阻器滑片使R2两端的电压为1.5V，记下电流表的示数I2；③用R3替换R2接入电路进行实验，发现无论怎样移动滑动变阻器，R3两端的电压始终无法达到1.5V，可能是滑动变阻器最大阻值太小，滑动变阻器分压太小，使电阻R3两端的电压过大造成的；或是电源电压太大。解决的办法：换用最大阻值较大的滑动变阻器（或换用电压较低的电源）；（2）小灯泡的额定电压为3.8V，要使其正常发光，电源电压不能低于3.8V，解决的办法：①增加一节干电池；②电压表改接为0～15V量程可以在电源处增加一节干电池，同时电压表应该选择0～15V量程。故答案为：（l）②调节滑动变阻器，使电压表示数为1.5V，记下I2③换用最大阻值较大的滑动变阻器（或换用电压较低的电源）；（2）①增加一节干电池；②电压表改接为0～15V量程。（1）②研究电流与电阻的关系时，实验中要保证电阻两端电压不变，更换电阻后，要移动滑动变阻器滑片位置，使电压表示数保持不变；③电阻两端电压达不到1.5V，可从滑动变阻器阻值大小、电源电压大小、电阻本身等方面分析原因；根据串联电路的分压原理，换用最大阻值较大的滑动变阻器或换用电压较低的电源；（2）测量小灯泡的额定功率必须使小灯泡在额定电压下发光，此题中需改变电源电压，同时注意电压表的量程。本题探究电流与电阻的关系，考查控制变量法、对器材的要求有操作过程，并与测功率实验做对比。11.【答案】v＞u，＞1，可得m＞1C【解析】解：（1）连接CO并延长，过C点作主光轴的平行线交凸透镜一点，连接该点和凸透镜的右焦点F，并延长，与CO的延长线交于一点，即为像点C′，作该点垂直于主光轴的垂线段，即为物体CD所成的像C′D′．如图所示：；（2）投影线能成放大的实像，v＞u，＞1，可得m＞1。（5）将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透，物距逐渐增大，根据凸透镜成的实像时有：物远（物距变大）像近（像距变小）像变小，像距逐渐减小，从v＞2f到f＜v＜2f，但像距只能接近1倍焦距，而不能小于1倍焦距，C正确。故答案为：（1）如上图；（2）v＞u，＞1，可得m＞1；（3）C。（1）根据过光心不改变方向、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后会聚在焦点，得出C的像点C′；C"向主光轴作垂线得到D点的像点D"，连接C′D′可得像。（2）投影线能成放大的实像，v＞u，据此分析；（3）根据凸透镜成实像时：物远（物距变大）像近（像距变小）像变小分析。本题探究凸透镜成像规律，考查凸透镜成像规律有应用、凸透镜对光线的作用等知识，综合性强，解此题的关键是对凸透镜成像规律要有一个连续、完整的认识。四、计算题12.【答案】解：（1）无人机正常工作时，一个电动机的额定功率PM=30W，电路中的电流I=2A，线圈电阻R=1Ω，则一个电动机线圈的热功率：PR=I2R=（2A）2×1Ω=4W，则一个电动机的输出功率：P机械=PM-PR=30W-4W=26W，该无人机有4个电动机，所以，无人机正常工作时的总输出功率：P总=4P机械=4×26W=104W；（2）由P=可得，无人机在30秒获得的总机械能：W总=P总t=104W×30s=3120J，克服重力所做的功：WG=Gh=mgh=2kg×10N/kg×120m=2400J，由能量守恒定律可得，克服空气阻力所做的功：Wf=W总-WG-W动=3120J-2400J-120J=600J，则无人机在上升过程中所受空气阻力：f===5N；（3）电池提供的电能：W电=UIt=15V×5000×10-3A×3600s=2.7×105J，电动机获得的电能：W电′=W电η=2.7×105J×80%=2.16×105J，该机最多能飞行的时间：t===2160s。答：（1）无人机正常工作时的总输出功率是104W；（2）无人机在上升过程中所受空气阻力为5N；（3）该机最多能飞行2160s。【解析】（1）无人机正常工作时，电动机的功率和额定功率相等，通过的电流和额定电流相等，又知道线圈的电阻，根据P=UI=I2R求出线圈的热功率，电动机的输出功率等于自身的功率减去热功率，然后求出无人机正常工作时的总输出功率；（2）根据W=Pt求出无人机在30秒获得的总机械能，利用W=Gh=mgh求出克服重力所做的功，根据能量守恒求出克服空气阻力所做的功，再根据W=fh求出无人机在上升过程中所受空气阻力；（3）根据W=UIt求出电池提供的电能，利用效率公式求出电动机获得的电能，根据P=求出该机最多能飞行的时间。本题考查了电功率公式和功率公式、做功公式、电功公式、效率公式以及能量守恒的应用，要注意电动机是非纯电阻用电器，消耗的电能和产生的热量不相等。13.【答案】解：（1）物体A一半浸入水中时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg××800×10-6m3=4N，细线对物体A的拉力：F拉=GA-F浮=10N-4N=6N；（2）烧杯和水的重力：G总=m总g=0.5kg×10N/kg=5N，台秤受到的压力等于烧杯、水、物体的总重减去绳子的拉力：F压=G总+GA-F拉=5N+10N-6N=9N，此时台秤的示数为m===0.9kg=900g。答：（1）当物体A一半浸入水中时，绳子所受拉力为6N；（2）此时台秤的示数为900g。【解析】（1）先根据F浮=ρ水gV排求出物体A受到的浮力，然后根据G=mg求出物体A的重力，最后根据称重法求出细线的拉力；（2）将容器、水以及物体看作一个整体进行受力分析，并结合平衡力即可求出压力，进而求出台秤的示数；此题考查了阿基米德原理，重力公式，力的平衡条件的应用，综合性较强，有一定的难度。14.【答案】解：（1）加热时间最短时，电热槽的发热功率为400W且不考虑热量的损失，由W=Pt和Q吸=cm（t-t0）可得：P1t=cm（t2-t