山东省烟台市龙口大张家中学2022-2023学年高三物理模拟试题含解析

山东省烟台市龙口大张家中学2022-2023学年高三物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.一列简谐横波正在以1m/s的速度沿绳子由A向B传播，质点A、B间的水平距离x=3m，如图甲所示，若某时刻取t=0时，质点A从平衡位置开始向上振动；其振动图象如图乙所示，则B点的振动图象为下图中的

参考答案：D2.如图所示，一个固定在竖直平面上的光滑圆形管道，管道里有一个直径略小于管道内径的小球，小球在管道内做圆周运动，下列说法中错误的是（

）A．小球通过管道最低点时，小球对管道的压力向下B．小球通过管道最低点时，小球对管道的压力向上C．小球通过管道最高点时，小球对管道的压力可能向上D．小球通过管道最高点时，小球对管道可能无压力参考答案：B3.如图所示的四个选项中，木块均在固定的斜面上运动，其中图A、B、C中的斜面是光滑的，图D中的斜面是粗糙的，图A、B中的力F为木块所受的外力，方向如图中箭头所示，图A、B、D中的木块向下运动，图C中的木块向上运动。在这四个图所示的运动过程中机械能守恒的是参考答案：C4.（单选）从地面上以初速度v0竖直上抛一质量为m的小球，若运动过程中受到的空气阻力与其速率成正比，球运动的速率随时间变化的规律如图所示，t1时刻到达最高点，再落回地面，落地速率为v1，且落地前小球已经做匀速运动，则整个在过程中，下列说法中错误的是

（

）A.小球被抛出时的加速度值最大，到达最高点的加速度值最小B.小球的加速度在上升过程中逐渐减小，在下降过程中也逐渐减小C.小球抛出瞬间的加速度大小为（1+v0/v1）gD.小球下降过程中的平均速度大于v1/2参考答案：A解析：A、小球抛出时重力向下，阻力向下，此时速率最大故阻力最大，可知合力在抛出时最大，可知此时加速度最大，而加速度最小值为零，出现在匀速运动至落地前，故A错误；B、由小球受到的空气阻力与速率成正比，由可知在上升过程中空气阻力减小，又重力向下，故上升阶段合力减小，故加速度减小．下降过程中速率增大，空气阻力增大，方向向上，而重力向下，故合力逐渐减小，加速度逐渐减小，故B正确；C、由图可知，速度为v1时球匀速，说明重力等于阻力，故有：kv1=mg，得：k=，故抛出瞬间的空气阻力为：f0=kv0=，故抛出瞬间的加速度为：a=，故C正确

CD、上升过程若是匀减速直线运动，其平均速度为，而从图中可以看出其面积小于匀减速直线运动的面积，即图中的位移小于做匀减速的位移，而平均速度等于位移比时间，故其平均速度小于匀减速的平均速度，即小于，故D正确;本题选错误的，故选：A

5.（单选）如图所示是研究自感实验的实物电路，L1、L2是两个规格相同的小灯泡，L为自感线圈，闭合电键S，调节滑动变阻器R，使两个灯泡的亮度相同，然后断开电键S。则A．闭合电键S，L1、L2都逐渐变亮B．闭合电键S，L2立刻变亮，L1逐渐变亮C．闭合电键S稳定后，L仍有自感电动势D．闭合电键S稳定后，打开S，L没有自感电动势参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图，已知波的传播速度v=2m/s．试回答下列问题：①写出x=0.5m处的质点做简谐运动的表达式：

cm；②x=0.5m处质点在0～5.5s内通过的路程为

cm．参考答案：①y=5sin(2πt+π/2)②

1107.如图所示，质量M=2kg均匀矩形木块靠在光滑墙上，A点处有固定光滑转动轴，AB与水平方向夹角30°，CD边长为2m，B、D两点连线与地面平行，一质量m=10kg的小物体若固定在CD边上且位于A点正上方处，则墙对木块的弹力为______________N；若将小物体从C点处静止释放使其沿CD边自由下滑，物体与木块间动摩擦因数为μ=0.2，物体维持匀加速直线运动的时间为______________s。参考答案：，1.088.（4分）质量为0.2kg的小球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞前后的动量变化为

kg?m/s。若小球与地面的作用时间为0.2s，则小球受到地面的平均作用力大小为

N（g=10m/s2）。参考答案：2

129.如图所示，测定气体分子速率的部分装置放在高真空容器中，A、B是两个圆盘，绕一根共同轴以相同的转速n＝25r/s匀速转动．两盘相距L＝20cm，盘上各开一很窄的细缝，两盘细缝之间成6°的夹角，圆盘转一周的时间为_________s；如果某气体分子恰能垂直通过两个圆盘的细缝，则气体分子的最大速率为________m/s．参考答案：0.04；

30010.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数。实验装置如图，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接。打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz。开始实验时，在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列小点。⑴上图给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7是计数点，每相邻两计数点间还有4个小点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算的加速度a＝

（保留三位有效数字）。⑵回答下列两个问题：①为测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的有（

）

（填入所选物理量前的字母）ks5uA．木板的长度

B．木板的质量m1

C．滑块的质量m2D．托盘和砝码的总质量m3E．滑块运动的时间tks5u②测量①中所选定的物理量时需要的实验器材是

。⑶滑块与木板间的动摩擦因数μ＝

（用被测物理量的字母表示，重力加速度为g）。参考答案：⑴0.495～0.497m/s2；⑵①CD；②天平；⑶(11.甲、乙两同学做测量反应时间的实验，实验时，甲用手握住直尺的上部，乙用一只手在直尺下部做握住直尺的准备，此时乙的拇指上端与直尺的19.00cm刻度对齐．当看到甲放开手时，乙立即去握住直尺，该图是测

（填“甲”或“乙”）的反应时间，此时乙的拇指上端与直尺的6.20cm刻度对齐．则所测同学的反应时间为

s．（取g=10m/s2）．参考答案：乙，0.16．【考点】自由落体运动．【分析】直尺下降的时间就是人的反应时间，根据自由落体运动的位移求出反应时间．【解答】解：甲放开手，乙去握直尺，可知测量的是乙的反应时间．根据h=得：t==0.16s．故答案为：乙，0.16．12.质量为2kg的物体，在水平推力的作用下沿水平面做直线运动，一段时间后撤去F，其运动的v-t图像如图所示。g取10m/s2，则物体与水平面间的动摩擦因数

；水平推力

。参考答案：0.2；6

13.质量为m=0.01kg、带电量为+q=2.0×10﹣4C的小球由空中A点无初速度自由下落，在t=2s末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t=2s小球又回到A点．不计空气阻力，且小球从未落地，则电场强度的大小E为2×103N/C，回到A点时动能为8J．参考答案：考点：电场强度；动能定理的应用．分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动．由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到回到A点时动能．解答：解：小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则有：gt2=﹣（vt﹣at2）又v=gt解得a=3g由牛顿第二定律得：a=，联立解得，E===2×103N/C则小球回到A点时的速度为：v′=v﹣at=﹣2gt=﹣20×10×2m/s=﹣400m/s动能为Ek==0.01×4002J=8J故答案为：2×103，8．点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律结合进行研究．三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学要测量仪电流表A（量程300μA）内部通电小球导线的电阻率ρ，实验步骤如下：（1）用米尺测量通电小球导线的长度L；（2）用螺旋测微器测量其直径为D；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此电流表A的电阻，表盘的示数如图1，则该电表的内阻约为

Ω；（4）现要精确测量此电流表A的内阻r1，给定器材有：ⅰ．待测电流表A（量程300μA）ⅱ．电压表V（量程3V，内阻r2=1kΩ）ⅲ．电源E（电动势4V，内阻忽略不计）ⅳ．定值电阻R1=20Ωⅴ．滑动变阻器R2（阻值范围0～20Ω，允许通过的最大电流0.5A）ⅵ．电键S一个，导线若干要求测量时两电表的指针的偏转均超过其量程的一半．a．在框中画出电路原理图2．b．电路接通后，测得电压表的读数为U，电流表的读数为I，用已知和测得的物理量表示电流表内阻r1=

．参考答案：解：（3）用多用电表的电阻“×10”挡测电阻，由图示表盘可知，欧姆表的读数为：19×10=190Ω；（4）a、电流表内阻约为190Ω，电压表量程为3V，通过电流表的最大电流约为：I==A≈0.016A=160mA，远大于电流表量程300μA，如果把电流表直接串联在电路中会损坏电流表，电压表内阻为1kΩ，为保证电路安全，可以把电流表与定值电阻并联，然后与电压表串联，为方便实验操作、多次几组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：b、通过电压表的电流：IV==I+，解得：r1=；故答案为：（3）190；（4）a、电路图如图所示，．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（3）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．（4）根据题意确定电流表、电压表与滑动变阻器的接法，然后作出电路图；根据实验步骤应用欧姆定律求出电流表的内阻．15.如图所示，螺旋测微器的读数为

mm；游标卡尺的读数为

cm。参考答案：1.901(1.901-1.903)

3.075四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，足够长的木板B静止在光滑水平地面上．小滑块A静止放在木板B的左端，已知mA=1kg、mB=2kg、滑块A与木板B间的动摩擦因数μ=0.5，现对小滑块A施加一个竖直平面内斜向右上方大小为10N的外力F，且F作用3s后撤去．若图中θ=37°，问：（1）施加外力F时，滑块A及木板B加速度大小分别为多少？（2）最终滑块A、木板B会一起在光滑水平面上做匀速运动，它们匀速运动的速度为多少？（3）整个过程A、B组成的系统由于摩擦产生的内能是多少？参考答案：考点：动量守恒定律；牛顿第二定律；功能关系．分析：（1）分别对A和B进行受力分析，然后由牛顿第二定律即可求出加速度；（2）由题意，根据动量定理求出恒力F刚好撤去时物块的速度大小和木板的速度大小；物块最终恰好未滑出木板，对两个物体组成的整体进行动量守恒定律列式，即可求得木板的最终速度．（2）再由运动学公式求出两个物体刚好相对静止时，两个物体相对于地的位移，位移之差等于L．解答：解：（1）如图对A受力分析，有：Fcosθ﹣fBA=mAaAFsinθ+NBA=mAgfBA=μNBA解得同理可的（2）3s时νA=aAt=18m/sνB=aBt=3m/s当撤去外力F后，撤去力F后，A、B在水平方向的动量守恒，取向右的方向为正方向，共同的速度为v，则：mAvA+mBvB=（mA+mB）v解得A、B一起匀速的速度：ν=8m/s（3）整个过程，由于摩擦产生的内能：解得Q=120J答：（1）施加外力F时，滑块A及木板B加速度大小分别为6m/s2和1m/s2．（2）最终滑块A、木板B会一起在光滑水平面上做匀速运动，它们匀速运动的速度为8m/s；（3）整个过程A、B组成的系统由于摩擦产生的内能是120J．点评：本题是动量守恒定律、牛顿第二定律和运动学公式的综合应用，要抓住两个物体运动的同时性和位移关系求解板长．17.如图所示，MN为竖直放置的光屏，光屏的左侧有半径为R、折射率为的透明半球体，O为球心，轴线OA垂直于光屏，O至光屏的距离OA=R。一细束单色光垂直射向半球体的平面，在平面的入射点为B，OB=R，求：①光线从透明半球体射出时，出射光线偏离原方向的角度；②光线在光屏形成的光斑到A点的距离。参考答案：出射光线偏离原方向的角度为；①如图所示，,设出射角，，得，，出射光线偏离原方向的角度为②如图，，,,【题文】在下列关于近代物理知识的说法中，正确的是

。a．氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，原子的能量增大b．射线是原子的核外电子电离后形成的电子流c．铀元素的半衰期为T，当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化d．查德威克发现了中子，其核反应方程为：【答案】ad

【解析】氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，吸收了能量，所以原子的能量增大，正确；射线是从原子核辐射出了，不是原子外层电子电