2022-2023学年江苏省盐城市响水县清源高二年级上册学期期末数学试题【含答案】

2022-2023学年江苏省盐城市响水县清源高二上学期期末数学试题一、单选题1．如果，，那么直线不经过（

）A．第一象限 B．第二象限 C．第三象限 D．第四象限【答案】D【分析】直线变换为，确定，，得到直线不经过的象限.【详解】由可得，，因为，，故，.故直线不经过第四象限.故选：D2．已知两条平行直线，间的距离为，则（

）A． B． C．3 D．4【答案】B【分析】由直线的平行关系，可求出a的值，再利用平行直线的距离公式，求出b的值，即可求解.【详解】因为，所以，即，因为直线与间的距离为，解得或，所以，故选：B.3．记等差数列的前项和为，若，则（

）A．24 B．36 C．48 D．64【答案】C【分析】根据等差数列前项和公式及等差数列性质求解即可.【详解】因为，所以，所以.故选：C4．与圆关于直线对称的圆的方程是（

）A． B．C． D．【答案】C【分析】设圆心关于直线对称的点的坐标为，利用垂直以及中点在对称轴上，求得，的值，可得对称圆的方程．【详解】解：设圆心关于直线对称的点的坐标为，所以，解得，故对称圆的圆心为，对称圆的半径和原来的圆一样，故对称圆的方程为；故选：C．5．已知函数​，则​（

）A．​ B．1 C．​ D．5【答案】B【分析】利用导数运算求得.【详解】，令得.故选：B6．已知两个等差数列和的前n项和分别为Sn和Tn，且=，则的值为（

）A． B． C． D．【答案】A【分析】根据等差数列的前项和的特点和条件可设，，然后算出、即可得答案.【详解】因为=，所以可设，，，所以，，所以，故选：A.7．设，分别为双曲线：的左､右焦点，为双曲线的左顶点，以为直径的圆交双曲线的某条渐近线于，两点，且，（如图），则该双曲线的离心率为（

）A． B． C．2 D．【答案】D【分析】联立与求出，进而的正切可求，得出的关系，从而进一步解出答案.【详解】依题意得,以线段为直径的圆的方程为,双曲线的一条渐近线的方程为.由以及解得或不妨取,则.因为,所以,又,所以,所以,所以该双曲线的离心率.故选：D.8．已知为定义在上的可导函数，为其导函数，且恒成立，其中是自然对数的底，则（

）A． B．C． D．【答案】B【解析】构造新函数，通过导数研究该函数的单调性，利用单调性比较大小，可得结果.【详解】令，则由，所以故函数为上的单调递增，所以故即故选：B【点睛】本题主要考查利用函数单调性比较式子大小，难点在于构造函数，属中档题.二、多选题9．下列说法错误的是（

）A．过点且在两坐标轴上的截距相等的直线的方程为B．直线必过定点C．经过点，倾斜角为的直线方程为D．直线和以，为端点的线段相交，则实数的取值范围为【答案】ACD【分析】当在两坐标轴上的截距相等且等于0时可判断A；由含参直线方程过定点的求法计算可判断B；由可判断C；计算出端点处的斜率结合图形可判断D【详解】对于A：当在两坐标轴上的截距相等且等于0时，直线过原点，可设直线方程为，又直线过点，则，即，此时直线方程为，故A错误；对于B：直线可变形为，由解得，即直线必过定点，故B正确；对于C：当倾斜角时，无意义，故C错误；对于D：直线即，经过定点，当直线经过点时，斜率为，当直线经过点时，斜率为，由于线段与轴相交，故实数的取值范围为或，故D错误；故选：ACD10．已知抛物线的焦点为，过点的直线交于两点，则下列结论正确的是（

）A．以为直径的圆与抛物线的准线相切B．C．D．若直线的倾斜角为，且，则【答案】ACD【分析】根据抛物线焦点弦性质，抛物线定义，数形结合思想解决即可.【详解】抛物线的焦点坐标为，准线方程是，由题意知，直线的斜率一定存在，设其方程为，联立消去得，设线段的中点，所以，所以点到准线的距离，所以以为直径的圆与抛物线的准线相切，故A正确；由韦达定理，得，故B错误；，所以，故C正确；若直线的倾斜角为，且，则点在点左侧，如图，直线与准线交于点，分别表示点到准线的距离，则，设，则，又，所以，所以，故D正确.故选:ACD.11．设等比数列的公比为q，其前n项和为，前n项积为，且满足条件，，，则下列选项正确的是（

）A．为递减数列 B．C．是数列中的最大项 D．【答案】ACD【分析】根据题意，求得的范围，再根据等比数列的性质，对每个选项进行分析，即可判断和选择.【详解】因为数列为等比数列，且，，故，该数列为正项等比数列；若，显然不满足题意，舍去；若，则，不满足，舍去；若，则该数列为单调减数列，由，故可得，或，，显然，不满足题意，故舍去，则，对A：因为，故数列为单调减数列，A正确；对B：，即，即，故B错误；对C：因为单调递减，且，故的最大值为，C正确；对D：，故D正确；故选：ACD.12．定义：在区间上，若函数是减函数，且是增函数，则称在区间上是“弱减函数”.根据定义可得（

）A．在上是“弱减函数”B．在上是“弱减函数”C．若在上是“弱减函数”，则D．若在上是“弱减函数”，则【答案】BCD【分析】利用“弱减函数”的概念逐项分析即得.【详解】对于A，在上单调递减，不单调，故A错误；对于B，，在上，函数单调递减，，，∴在单调递增，故B正确；对于C，若在单调递减，由，得，∴，在单调递增，故C正确；对于D，在上单调递减，在上恒成立，令，，令，，∴在上单调递减，，∴，∴在上单调递减，，∴，在上单调递增，在上恒成立，∴，令，，∴在上单调递增，，∴，综上：，故D正确.故选：BCD.三、填空题13．在数列中，，且，则__________.【答案】4【分析】利用递推公式累加即可求解.【详解】由题意可得，所以，，……，，累加得，所以，故答案为：414．入射光线沿直线射向直线，被反射后的光线所在直线的方程是_____．【答案】【分析】在入射光线上取点，它关于直线的对称在反射光线上，再求得入射光线与直线的交点坐标，由两点求斜率后得直线方程．【详解】在入射光线上取点，则关于的对称点在反射光线上，又由得，，所以反射光线所在直线方程为，即．故答案为：．15．若曲线只有一条过坐标原点的切线，则=______.【答案】或##或【分析】设切点为，再根据导数的几何意义求得切线方程，并结合题意得方程有且只有一个实数根，再结合判别式求解即可.【详解】解：∵，∴，设切点为,则,切线斜率,∴切线方程为：,∵切线过原点，∴,整理得：,∵曲线只有一条过坐标原点的切线切，∴,解得或,∴或,故答案为：或16．已知直线：与，轴的交点分别为，，且直线：与直线：相交于点，则面积的最大值是______.【答案】【分析】由条件确定点的轨迹，由此可求点到直线的距离的最大值，结合三角形面积公式求面积的最大值.【详解】因为，所以直线：与直线：垂直，又直线方程可化为，所以直线过点，因为直线方程可化为，所以直线过点，所以，故点的轨迹为以为直径的圆，又线段的中点的坐标为，，所以点的轨迹方程为，因为到直线的距离，所以点到直线的距离的最大值为，由方程取可得，取可得，所以点的坐标为，点的坐标为，所以，所以面积的最大值为，即，故答案为：.四、解答题17．已知圆C：（x-2）2＋（y-3）2＝4外有一点P（4，－1），过点P作直线l.(1)当直线l与圆C相切时，求直线l的方程；(2)当直线l的倾斜角为135°时，求直线l被圆C所截得的弦长．【答案】(1)x＝4或3x＋4y-8＝0.(2)【分析】（1）对斜率存在和斜率不存在两种情况分类讨论，由点到直线的距离为半径即可求得直线方程；（2）由倾斜角可写出直线方程，求出点到直线的距离，再由勾股定理即可求出弦长.【详解】（1）由题意知，圆C的圆心为（2，3），半径r＝2当斜率不存在时，直线l的方程为x＝4，此时圆C与直线l相切；当斜率存在时，设直线l的方程为y＋1＝k（x－4），即kx－y－4k－1＝0，则圆心到直线的距离为即，解得，所以此时直线l的方程为3x＋4y-8＝0.综上，直线l的方程为x＝4或3x＋4y-8＝0.（2）当直线l的倾斜角为135°时，直线l的方程为x＋y-3＝0，圆心到直线l的距离故所求弦长为：.18．数列是递增的等差数列，且，.(1)求数列的通项公式；(2)求数列的前项和.【答案】(1)(2)【分析】（1）通过等差数列的通项公式得到关于的方程组，解出即可.（2）分和，讨论，结合等差数列前项和的公式即可得到答案.【详解】（1）设递增的等差数列的公差，因为，，所以，解得，或（舍去），所以.（2）设，则.由，即，解得.当，时，.当，时，.故.19．已知函数．(1)求函数的单调区间与极值；(2)求函数在区间上的最值．【答案】(1)单调递增区间是，单调递减区间是，极大值是，极小值是(2)最大值为，最小值为．【分析】（1）对求导，根据导数的正负确定函数的单调区间，进一步确定极值即可；（2）根据极值和端点值即可确定最值.【详解】（1）．令，得或；令，得，所以的单调递增区间是，单调递减区间是．所以的极大值是，的极小值是．（2）因为，由（1）知，在区间上，有极小值，所以函数在区间上的最大值为，最小值为．20．已知数列的前n项和满足．(1)求数列的通项公式；(2)令，求数列的前n项和．【答案】(1)(2)【分析】（1）由与的关系即可求得数列的通项公式；（2）利用错位相减法求数列的前n项和.【详解】（1）当，，故，因为，当时，,两式相减得：，即，故数列为等比数列，公比，所以．（2），故，故，令①，②，①-②得即，故．21．已知函数.(1)讨论函数的单调性；(2)若函数有且只有一个零点，求实数的取值范围；【答案】(1)答案见解析；(2).【分析】（1）由导数法即可求；（2）分别讨论，由的单调性及零点存在定理判断零点即可.【详解】（1），时，恒成立，在上是增函数；时，时，是减函数，时，是增函数，综上，时，在上是增函数，时，在上是减函数，在上是增函数；（2）i.时，由(1)得在上是增函数，，故只有一个零点；ii.时，由(1)得.①当时，，只有一个零点，符合题意；②当时，，故在有一个零点，又在上是增函数，设，，，∴在单调递增，，∴在单调递增，，设，由知，当，，单调递减；当，，单调递增，∴，即，故在有一个零点，不合题意；③当时，，故有一个零点，又在上是减函数，，由②得，故在有一个零点，不合题意.综上，的取值范围是.【点睛】方法点睛：1.零点个数可根据函数单调性及零点存在定理判断；2.对于含参函数，难点在于找到合适的自变量满足零点存在定理，本题中可根据函数形式，构造函数说明时，及；时，及.22．已知椭圆的左右顶点为A、B，直线l：.已知O为坐标原点，圆G过点O、B交直线l于M、N两点，直线AM、AN分别交椭圆于P、Q.(1)记直线AM，AN的斜率分别为、，求的值；(2)证明直线PQ过定点，并求该定点坐标.【答案】(1)(2)证明见解析，【分析】（1）首先设出点的坐标，根据，利用斜率公式表示；（2）当直线PQ的斜率存在时，设直线方程，与椭圆方程联立，利用韦