2021年高考真题试卷组合（全国乙卷）含答案

2021年高考理数真题试卷（全国乙卷）一、选择题：本题共小题，每小题5分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。（共题；共60分）1.设2z+）+3(z-)=4+6i，则z=（）.A.1-2iB.1+2iC.1+iD.1-i2.已知集合S=｛，n∈｝，T=t|t=4n+1n∈Z｝，则（）A.B.SC.TD.Z3.已知命题p：x∈，＜；命题q：x∈R，e≥1，则下列命题中为真命题的是（）A.pqB.pqC.pqD.(pVq)4.设函数，则下列函数中为奇函数的是（）A.f(x-1)-1B.f(x-1)+1C.f(x+1)-1D.5.在正方体ABCD-ABCD1中，P为BD1的中点，则直线PB与1所成的角为（）A.B.C.D.6.将5名北京冬奥会志愿者分配到花样滑冰、短道速滑、冰球和冰壶4个项目进行培训，每名志愿者只分到1个项目，每个项目至少分配1名志愿者，则不同的分配方案共有（）A.种B.120种C.240种D.480种7.把函数y=f(x)图象上所有点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把所得曲线向右平移个单位长度，得到函数y=sin(x-)的图像，则f(x)=（）A.sin()B.sin()C.sin()D.)8.在区间（，）与（2）中各随机取1个数，则两数之和大于的概率为（）A.B.C.D.9.魏晋时期刘徽撰写的《海岛算经》是关于测量的数学著作，其中第一题是测量海盗的高。如图，点E，HG在水平线上，DE和是两个垂直于水平面且等高的测量标杆的高度，称为“表高，称为表距”和EH都称为“表目距GC与“表目距的差。则海岛的高AB=（）.A.B.C.D.10.设a≠0为函数的极大值点，则（）A.a＜bB.a＞bC.ab＜a2D.＞a211.设B是椭圆：（a＞＞）的上顶点，若C上的任意一点P都满足，则C的离心率的取值范围是（）A.B.C.D.12.设，，，则（）A.a＜＜cb＜c＜aC.b＜a＜cD.＜a＜b二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。（共4题；共20分）13.已知双曲线：（）的一条渐近线为+my=0，则C的焦距为________.14.已知向量=13b=34），若（-λ）⊥，则λ=________。15.△ABC的内角ABC的对边分别为a，，c，面积为，B=60°，a+c，则b=________.16.以图①为正视图，在图②③④⑤中选两个分别作为侧视图和俯视图，组成某个三棱锥的三视图，则所选侧视图和俯视图的编号依次为________（写出符合要求的一组答案即可）.三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17-21题为必考题，每个试题考生都必须作答。第、235题；共分）17.某厂研究了一种生产高精产品的设备，为检验新设备生产产品的某项指标有无提高，用一台旧设备和一台新设备各生产了件产品，得到各件产品该项指标数据如下：旧设备9.810.310.010.29.99.810.010.110.29.7新设备10.110.410.110.010.110.310.610.510.410.5旧设备和新设备生产产品的该项指标的样本平均数分别记为和，样本方差分别记为2和2（）求，，2，2；（-≥，则认为新设备生产产品的该项指标的均值较旧设备有显著提高，否则不认为有显著提高）.18.如图，四棱锥P-ABCD的底面是矩形，PD⊥ABCDPD=DC=1M为的中点，且PB⊥，（）求BC；（）求二面角A-PM-B的正弦值。19.记n为数列n的前n项和，bn为数列{S}n项和，已知=2.（）证明：数列{bn是等差数列；（）求{a}的通项公式.20.设函数（x=ln（），已知是函数（x）的极值点。（）求；（）设函数（x=，证明：（）＜1.21.己知抛物线：x=2py（p0）的焦点为，且F与圆：x+y+4）上点的距离的最小值为4.（）求；（）若点P在M上，，是C的两条切线，，B是切点，求PAB的最大值.四、［选修4一：坐标系与参数方程］（共1题；共10分）22.在直角坐标系C的圆心为（，），半径为1.（）写出C的一个参数方程；（）过点41C的两条切线，以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，求这两条直线的极坐标方程.五、[选修4一5：不等式选讲（共1题；共分）23.已知函数f（）=|x-a|+|x+3|.（）当时，求不等式fx）的解集；（）若f（）≥，求a的取值范围.答案解析部分一、选择题：本题共小题，每小题5分，共分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.【解析】所以a=b=1，所以z1+i。故答案为：C【分析】先设z的代数式，代入运算后由复数相等的条件，即可求得结果。2.【解析】【解答】当时，S={s|s=4k+1,},当n=2k+1时,S={s|s=4k+3,}所以S,所以,故答案为：C.【分析】分n的奇偶讨论集合。3.【解析】【解答】因为命题P是真命题，命题q也是真命题，故答案为：A【分析】先判断命题pq的真假，然后判断选项的真假。4.【解析】f(x)=，所以函数的对称中心是(-1,-1)，所以函数f(x)向右平移1个单位，再向上平移1个单位后关于（00）中心对称，而四个选项中只有B满足条件，故答案为：。【分析】将f(x)=后，判断。5.【解析】【解答】如图，连接AC，设AC与O，连接,AD,BP,设正方体的棱长为x，因为DP||OB||BD,且DP=BO=BD,所以四边形OD是平行四边形，所以BP||OD,即为所求的角，易证平面BDDB,故OD又,所以＝.故答案为：D【分析】在正方体中，作辅助线，通过平移线，作出所要求的角。6.【解析】【解答】由题意知，必须有2个人一组，其他各组只有1个人，所以分配方法是：，故答案为：C.【分析】利用排列与组合来求解。7.【解析】【解答】根据图象平移的规律可知，将y=y=sin(x-)的图像上所有的点向左平移平移个单位，纵坐标不变，得到再把所得到的图象上所有点的横坐标扩大到原来的2倍，即函数的周期变原来的2倍，就得到函数，故答案为：B。【分析】根据三角函数图象的相位，周期变化规律来解题。8.【解析】【解答】不妨设这两个数为a,b且0<a<1,1<b<2,在平面直角坐标系内，a,b的取值，表示为一个正方四个顶点：(0,1),(1,0),(1,2),(0,2),且包括边界在内的正方形区域。作直线a+b=，满足a+b>的a,b取值的可行域如图中阴影部分表示，直线a+b＝与正方形的两个交点分别为,则可计算事件(a+bR人svyf概率为＝,故选B。【分析】利用几何概型解答。9.【解析】【解答】如图，连接DF,DF交AB于M，则AB＝AM+BM,设则因为,所以所以故答案为：A.【分析】通过作辅助线，(如图)，然后利用解直角形的知识来解答。10.【解析】【解答】当时，若a为极大值点，则(1)，必有a<b,ab<a.故项错；当时，若a为极大值点，则(2)，必有,故A故答案为：D.【分析】对a的正负进行讨论，根据极值点的意义，作图分析，得到正确选项。B(0,b),设P(x,y),移项并用十字相乘法得到：因为恒成立，即恒成立，据此解得，故答案为：。【分析】由两点间的距离公式，表示出|PB|2，再根据椭圆上任意点的纵坐标y0的取值范围，解相关不等式得到结果。12.【解析】【解答】构造函数f(x)=ln(1+x)-，则b-c=f(0.02)，则当,所以f(x)<0,所以f(x)在单调递减，所以f(0.02)<f(0),即b-c<0,所以b<c;再构造函数则而,当所以所以在（02）上单调递增，所以所以b<c<a,故答案为：B【分析】本题就在于构造恰当的函数，利用导数研究函数的单调性，从而解题。二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共2013.【解析】【解答】因为又曲线方程C：,一条渐近线是，所以双曲线方程是,故答案为：4【分析】由双曲线渐近线的斜率可得到m的值，再进一步求得焦距的值。14.【解析】【解答】因为，，所以，故答案为：【分析】先计算出的坐标式，再根据两向量垂直，列式求解。15.【解析】【解答】于是【分析】根据面积的值，计算出ac，再由余弦定理求解。16.解析】④时，右侧棱在左侧，不可观测到，所以为虚线，故选择③当俯视图为时，左侧棱在左侧可观测到，所以为实线，故选择为侧视图，故答案为：②⑤【分析】分情况讨论各种视图的位置关系。三、解答题：共分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17-21题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22题为选考题，考生根据要求作答。17.【解析】【分析】（）先计算新旧样本平均数，再直接用公式计算2，；(2)由(1)中的数据，计算得：-=0.3，2≈0.34，显然-＜2，可得到答案。18.【解析】【分析】（）建立空间直角坐标系，定义相关点的坐标，通过计算求解；（）呈上，分别求二面角的两个平面的法向量，用法向量的夹角计算。19.【解析】【分析】（）根据等差数列及前n项和的定义，由递推关系，求证。（）呈上，先写出bn再求{b}前n磺的和nn与n的关系，进一步求得结果。20.【解析】【分析】（）先对函数y=xfx）求导：[xf(x)]′=x′f(x)+xf′(x)，因为是方程的根，代入求得a（）首先由（1）写出函数f(x),并求其定义域，将问题转化为证明x+f(x)＞xf(x)，即证：x+ln(1-x)-xln(1-x)＞0，然后通过换元，构造函数，用导数研究相关函数的单调性，从而证明命题成立。21.【解析】【分析】（）因为F点到圆上距离最小的即为F到圆心的距离减去半径1，据此得到结果；（）写出抛物线的标准方程，分别设出切点的坐标，及M两条切线的方程，利用P点，建立方程求解。最后通过三角形PAB面积表达式，研究最值。四、［选修4一4：坐标系与参数方程］22.【解析】【分析】（）根据圆的参数方程的定义，不难得到圆的参数方程；（）设出过点（41）的圆的切线方程，利用直线与相切求出切线的斜率，进而求得两条切线的方程，并将它们化为极坐标方程。五、选修4一：不等式选讲]23.【解析】【分析】（当a=1，写出f(x)=|x-1|+|x+3|，进一步分段讨论去值，解不等式；（）只要保证f(x)最小值，而由绝对值的几何意义，即求x到a和距离的最小值.2021年高考理综化学真题试卷（全国乙卷）一、选择题：本题共小题，毎小题6分，共78分（共7题；共42分）1.我国提出争取在20302060实现绿色发展至关重要。碳中和是指CO2的排放总量和减少总量相当。下列措施中能促进碳中和最直接有效的是（）A.将重质油裂解为轻质油作为燃料B.大规模开采可燃冰作为新能源C.通过清洁煤技术减少煤燃烧污染D.研发催化剂将还原为甲醇2.在实验室釆用如图装置制备气体，合理的是（）化学试剂制备的气体AB（浓）CD（浓）A.AB.BC.C3.下列过程中的化学反应，相应的离子方程式正确的是（）A.用碳酸钠溶液处理水垢中的硫酸钙：+Ca=Ca+B.过量铁粉加入稀硝酸中：Fe++=+NO+2C.硫酸铝溶液中滴如少量氢氧化钾溶液：+4=Al+2D.氯化铜溶液中通入硫化氢：+=CuS4.一种活性物质的结构简式为，下列有关该物质的叙述正确的是（）A.能发生取代反应，不能发生加成反应B.既是乙醇的同系物也是乙酸的同系物C.与互为同分异构体D.1mol该物质与碳酸钠反应得44gA.原子半径大小顺序为W>X>Y>ZB.XW中的化学健为离子键C.Y单质的导电性能弱于Z单质的D.Z的氧化物的水化物的酸性强于碳酸6.沿海电厂采用海水为冷却水，但在排水管中生物的附着和滋生会阻碍冷却水排故并降低冷却效率。为解决这一问题，通常在管道口设置一对情性电极（如图所示），通入一定的电流。下列叙述错误的是（）A.阳极发生将海水中的氧化生成的反应B.管道中可以生成氧化灭杀附着生物的NaClOC.阴极生成的应及时通风稀释安全地排入大气D.阳极表面形成的Mg等积垢需要定期清理7.HA是一元弱酸，难溶盐MA的饱和溶液中而变化，不发生水解。实验发现，298K时，如下图中实线所示。下列叙述错误的是（）A.pH=4时.B.MA的溶度积C.溶液pH=7D.HA的电离常数二、必考题：共分（共3题；共分）8.磁选后的炼铁高钛炉渣，主要成分有、、、MgO、CaO以及少量的，为节约和充分利用资源，通过如下工艺流程回收钛、铝、镁等。该工艺下，有关金属离子开始沉淀和沉淀完全的见下表：金属离子开始沉淀的pH2.23.59.512.4沉淀完全(c=1.0×10*mol-L')的pH3.24.711.113.8回答下列问题：（）焙烧中，、几乎不发生反应，、MgOCaO、转化为相应的硫酸盐，写出转化为的化学方程式________。（）水浸后滤液”的2.0，在分步沉淀氨水逐步调节至11.6，依次析出的金属离子是________。（）母液①”中浓度为________mol·（）水浸渣”在160℃酸溶”，最适合的酸是________“”的成分是________、________。

（）酸溶后，将溶液适当稀释并加热，水解析出沉淀，该反应的离子方程式是________。（）将“母液①”“②”混合，吸收尾气，经处理得________，循环利用。9.氧化石墨烯具有稳定的网状结构，在能源、材料等领域有着重要的应用前景，通过氧化剥离石墨制备氧化石墨烯的一种方法如下（装置如图所示）：I.将浓HSO、NaNO、石墨粉末在c中混合，置于冰水浴中。剧烈搅拌下，分批缓慢加入KMnO4粉末，塞好瓶口。II.转至油浴中，℃1小时，缓慢滴加一定量的蒸馏水。升温至98℃并保持1小时。III.转移至大烧杯中，静置冷却至室温。加入大量蒸馏水，而后滴加HO2至悬浊液由紫色变为土黄色。IV.离心分离，稀盐酸洗涤沉淀。V.蒸馏水洗涤沉淀。VI.冷冻干燥，得到土黄色的氧化石墨烯。回答下列问题：（）装置图中，仪器c的名称分别是________________,b的进水口是（填字母）。（）步骤I中，需分批缓慢加入KMnO4粉末并使用冰水浴，原因是________.（）步骤II中的加热方式采用油浴，不使用热水浴，原因是＿________.（）步骤III中，HO2的作用是________（以离子方程式表示）.（）步骤IV中，洗涤是否完成，可通过检测洗出液中是否存在SO来判断。检测的方法是________.（）步骤V可用试纸检测来判断Cl-是否洗净，其理由是________.10.一氯化碘（ICl)是一种卤素互化物，具有强氧化性，可与金属直接反应，也可用作有机合成中的碘化剂。回答下列问题：（）历史上海藻提碘中得到一种红棕色液体，由于性质相似，Liebig误认为是ICl,从而错过了一种新元素的发现。该元素是________.（BaPtCl)固体加热时部分分解为BaCl、和Cl,376.8℃时平衡常数K‘=1.0x10Pa。在一硬质玻璃烧瓶中加入过量BaPtCl4ICl=________kPa,2ICl(g)=Cl(g)+I(g)的平衡常数（列出计算式即可）.（）McMorris测定和计算了在136-180范围内下列反应的平衡常数KP：2NO(g)+2ICl(g)2NOCl(g)+IKP12NOCl(g)2NO(g)+Cl(g)KP2得到lgKP1和lgKP2均为线性关系，如下图所示：①由图可知，NOCl分解为NO和Cl2反应的ΔH________0(填大于或小于）.②2ICl(g)=Cl(g)+I(g)的K=________（用K、KΔH________0(填大于或小于”)，写出推理过程________.（）Kistiakowsky曾研究了NOCl光化学分解反应，在一定频率(v)光的照射下机理为：NOCl+hv→NOC*NOCl+NOCl→2NO+Cl2其中表示一个光子能量，NOCl表示NOCl的激发态。可知，分解1mol的NOCl需要吸收________mol的光子。三、选考题（共2题；共30分）11.[化学——3：物质结构与性质]过渡金属元素铬（Cr）是不锈钢的重要成分，在工农业生产和国防建设中有着广泛应用，回答下列问题：（）对于基态原子，下列叙述正确的是________(填标号)。A.轨道处于半充满时体系总能量低核外电子排布应为[Ar]3d4s1B.4s电子能量较高，总是在比3s电子离核更远的地方运动C.电负性比钾高，原子对键合电子的吸引力比钾大（）三价铬离子能形成多种配位化合物。[Cr(NH)(HO)Cl]中提供电子对形成配位键的原子是________,中心离子的配位数为________。（）[Cr(NH)(HO)Cl]中配体分子NH、HO以及分子PH3的空间结构和相应的键角如下图所示。PH3中P的杂化类型是________,NH3的沸点比PH3的________，原因是________。HO的键角小于NH3的，分析原因________。（）在金属材料中添加AlCr2颗粒，可以增强材料的耐腐蚀性、硬度和机械性能。AlCr2具有体心四方结构，如图所示。处于顶角位置的是________原子。设和Al原子半径分别为和，则金属原子空间占有率为________%(列出计算表达式。12.卤沙唑仑W是一种抗失眠药物，在医药工业中的一种合成方法如下回答下列问题：（）A的化学名称是________。（）写出反应的化学方程式________。（）D具有的官能团名称是________。（不考虑苯环）（）反应中，Y的结构简式为________。（）反应的反应类型是________。（）C的同分异构体中，含有苯环并能发生眼镜反应的化合物共有________种。（）写出W的结构简式________。答案解析部分一、选择题：本题共小题，毎小题6分，共78.1.【解析】【解答】A.将重质油裂解为轻质油并不能减少CO2的排放量，达不到碳中和的目的，A不符合题意；B.大规模开采可燃冰做为清洁燃料，会增大CO2的排放量，不符合碳中和的要求，B不符合题意；C.通过清洁煤技术减少煤燃烧污染，不能减少CO2的排放量，达不到碳中和的目的，C不符合题意；D.研发催化剂将二氧化碳还原为甲醇，可以减少CO2的排放量，达到碳中和的目的，D符合题意；故答案为：D【分析】“碳中和CO2的排放总量和减少总量相当，即减少CO2的排放量。2.【解析】【解答】A.氨气的密度比空气小，不能用向上排空法收集，A不符合题意；B.MnO2与浓盐酸共热制备氯气为固液加热反应，需要选用固液加热装置，不能选用固固加热装置，B不符合题意；C.MnO2和氯酸钾共热制备氧气为固固加热的反应，能选用固固加热装置，氧气的密度大于空气，可选用向上排空气法收集，C符合题意；D.氯化钠与浓硫酸共热制备为固液加热反应，需要选用固液加热装置，不能选用固固加热装置，D不符合题意；故答案为：C【分析】由实验装置图可知，制备气体的装置为固固加热装置，收集气体的装置为向上排空气法，说明该气体的密度大于空气的密度。3.【解析】【解答】A.硫酸钙微溶，用碳酸钠溶液处理水垢中的硫酸钙转化为难溶的碳酸钙，离子方程式为：CO+CaSO=CaCO+SO，A符合题意；B.过量的铁粉与稀硝酸反应生成硝酸亚铁、一氧化氮和水，离子方程式应为：3Fe+8H+2NO-=3Fe+2NO↑+4HOB不符合题意；C.硫酸铝溶液与少量氢氧化钾溶液反应生成氢氧化铝沉淀和硫酸钾，离子方程式应为：Al+3OH=Al(OH)↓C不符合题意；D.硫化氢为弱电解质，书写离子方程式时不能拆，离子方程式应为：Cu+HS=CuS↓+2H+，D不符合题意；故答案为：A【分析】．根据沉淀的转化分析；B．过量生成Fe；CKOH少量生成Al(OH)；D．HS为弱电解质，不能拆；4.【解析】【解答】A.该物质含有羟基、羧基、碳碳双键，能发生取代反应和加成反应，A不符合题意；B.同系物是结构相似，分子式相差1n个CH2的有机物，该物质的分子式为CHO3，而且与乙醇、乙酸结构不相似，B不符合题意；C.该物质的分子式为CH18O3，的分子式为CHO3，所以二者的分子式相同，结构式不同，互为同分异构体，C符合题意；D.该物质只含有一个羧基，1mol该物质与碳酸钠反应，生成0.5mol二氧化碳，质量为22g，D不符合题意；故答案为：C【分析】．根据官能团的性质分析；B．同系物是指结构相似、分子组成相差若干个”原子团的有机化合物；C．同分异构体是具有相同分子式而结构不同的化合物；D．该化合物中只有羧基能与NaCO3反应；5.【解析】【解答】A.O原子有两层，Mg、、均有三层且原子序数依次增大，故原子半径大小顺序为Mg＞Al＞SiOW>X>Y>Z，A不符合题意；B.化合物即MgO为离子化合物，其中的化学键为离子键，B符合题意；C.Y单质为铝单质，铝属于导体，导电性很强，Z单质为硅，为半导体，半导体导电性介于导体和绝缘体之间，故Y单质的导电性能强于Z单质的，C不符合题意；D.Z的氧化物的水化物为硅酸，硅酸酸性弱于碳酸，D不符合题意；故答案为：B【分析】由短周期元素、X、Y、，原子序数依次增大，最外层电子数之和为15，、、Z邻元素，可知W所在主族可能为第A族或第A族元素，又因、、Z为同周期相邻元素，且均不与W同族，故W一定不是第A族元素，即W一定是第ⅥA族元素，进一步结合已知可推知、、、Z依次6.【解析】【解答】A.根据分析可知，阳极区海水中的Cl会优先失去电子生成Cl2，发生氧化反应，A

为O、、Al、。正确；B.设置的装置为电解池原理，根据分析知，阳极区生成的Cl2与阴极区生成的OH-在管道中会发生反应生成NaClNaClO和HONaClO具有强氧化性，可氧化灭杀附着的生物，B正确；C.H2是易燃性气体，所以阳极区生成的H2需及时通风稀释，安全地排入大气，以排除安全隐患，C正确；D.阴极的电极反应式为：2HO+2e=H↑+2OH-，会使海水中的Mg沉淀积垢，所以阴极表面会形成Mg(OH)2等积垢需定期清理，D错误；故答案为：D【分析】海水中除了水，还含有大量的Na+、-、等，根据题干信息可知，装置的原理是利用惰性电极电解海水，阳极区溶液中的-会优先失电子生成Cl2，HO优先得电子生成H2和OH。7.【解析】【解答】A.由图可知pH=4c(H+)=10×10mol/L时，c(M+)=7.5×10mol/L2，c(M+)=mol/L<3.0×10mol/L，A正确；B.由图可知，c(H+)=0时，可看作溶液中有较大浓度的OH-，A的水解极大地被抑制，溶液中c(M+)=c(A)K(MA)=c(M+)c(A-)=c(M+)=5×10-8，B正确；C.MA饱和溶液中，M+不水解，A水解显碱性，若pH=7，说明加入了酸，但该酸不一定是HA，设调pH所用的酸为HX，则结合电荷守恒可知c(M)+c(H+)=c(OH-nc(X)，题给等式右边缺阴离子部分nc(X)C错误；D.Ka(HA)=，当c(A)=c(HA)时，由物料守恒可知，c(A)+c(HA)=c(M+，c(A-)=，K(MA)=c(M+)c(A-=5×10-8，c(M)=10×10-8，对应图得此时溶液中c(H+)=2.0×10mol/L，Ka(HA)==c(H)2.0×10-4，D正确；故答案为：C【分析】根据电荷守恒和物料守恒结合图像计算。二、必考题：共分8.【解析】【解答】(1)氧化铝转化为硫酸铝铵发生的反应为氧化铝、硫酸铵在高温条件下反应生成硫酸铝铵、氨气和水，反应的化学方程式为AlO+4(NH)SO=2NHAl(SO)+3HO+6NH↑；首先沉淀、然后是AlMg，Ca没有沉淀；(3)由镁离子完全沉淀时，溶液为11.1可知，氢氧化镁的溶度积为1×10×(1×10-2.9)=1×10-10.8，当溶液pH为11.6时，溶液中镁离子的浓度为=1×10(4)增大溶液中硫酸根离子浓度，有利于使微溶的硫酸钙转化为沉淀，为了使微溶的硫酸钙完全沉淀，减少TiOSO4溶液中含有硫酸钙的量，应加入浓硫酸加热到160酸溶；由分析可知，二氧化硅和硫酸钙与浓硫酸不反应，则酸溶渣的主要成分为二氧化硅和硫酸钙；(5)酸溶后将TiOSO4溶液加入热水稀释并适当加热，能使TiOSO4完全水解生成TiO·xHO沉淀和硫酸，反应的离子方程式为TiO++(x+1)HOTiO·xHO+2H+；(6)由分析可知，尾气为氨气，母液①为硫酸铵、母液②为硫酸，将母液①和母液②混合后吸收氨气得到硫酸铵溶液，可以循环使用。4，过滤得到含有二氧化硅、硫酸钙的酸溶渣和TiOSO4溶液；将TiOSO4溶液加入热水稀释并适当加热，使TiOSO4完全水解生成TiO·xHO沉淀和硫酸，过滤得到含有硫酸的母液和TiO·xHO(1)由图中仪器构造可知，a的仪器名称为滴液漏斗，c的仪器名称为三颈烧瓶；仪器b为球形冷凝管，起冷凝回流作用，为了是冷凝效果更好，冷却水要从d口进，a口出；(2)反应为放热反应，为控制反应速率，避免反应过于剧烈，需分批缓慢加入KMnO4粉末并使用冰水浴；(3)油浴和水浴相比，由于油的比热容较水小，油浴控制温度更加灵敏和精确，该实验反应温度接近水的沸点，故不采用热水浴，而采用油浴；(4)由滴加HO2后发生的现象可知，加入的目的是除去过量的KMnO4，则反应的离子方程式为：2MnO-+5HO+6H+=2Mn+5O↑+8HO；(5)该实验中为判断洗涤是否完成，可通过检测洗出液中是否存在SO来判断，检测方法是：取最后一次洗涤液，滴加BaCl2溶液，若没有沉淀说明洗涤完成；(6)IV用稀盐酸洗涤沉淀，步骤V洗涤过量的盐酸，H+与Cl-电荷守恒，洗出液接近中性时，可认为洗净。【分析】(1)根据装置中的仪器分析；(2)根据反应放热分析；(3)根据加热温度选择加热方式；(4)根据转移电子守恒配平方程式；(5)用Ba检验SO；(6)根据电荷守恒分析；10.【解析】【解答】(1)红棕色液体，推测为溴单质，因此错过发现的元素是溴或Br)；(2)由题意376.8时玻璃烧瓶中发生两个反应：BaPtCl4（）BaCl（）+Pt（s）+2Cl（C1(g)+I(g)2ICl(g)BaPtCl4（）BaCl（（+2Cl（K=1.0×10Pa2，则平衡时p(Cl)=1.0×10Pa2，p(Cl)=100Pa，设到达平衡时I(g)的分压减小pkPa，则376.8时0.1+20.0+p=32.5，解得p=12.4，则平衡时p(ICl)=2pkPa=2×12.4kPa=24.8kPa；则平衡时，I(g)的分压为(20.0-p)kPa=7.6kPa=7.6×10Pa，p(ICl)=8×10Pa，p(Cl)=0.1kPa=100Pa，因此反应2ICl(g)C1(g)+I(g)的平衡常数K=；(3)①结合图可知，温度越高，越小，lgKp2越大，即Kp2越大，说明升高温度平衡2NOCl(g)2NO(g)+Cl2(g)正向移动，则NOCl分解为NO和反应的大于0；Ⅰ.2NO+2ICl2NOClp1Ⅱ.2NOCl(g)2NO(g)+Cl(g)Kp2ⅠⅡ得2ICl(g)Cl(g)+I(g)，故p1Kp2；该反应的H0，根据图像可知，当时，当时，即降温减小，平衡逆移，说明△＞0；(4)ⅠNOCl+hv→NOCl*.NCll*NO+Cl2体推断；(2)根据三段式及平衡常数公式计算；ⅠⅡ得总反应为2NOCl+hv=2NO+Cl2，2molNOCl分解需要吸收1mol光子能量，则分解1mol的

(3)根据图像中曲线的趋势和所对应的数据进行估算；l.5三、选考题11.【解析】【解答】(1)A.基态原子满足能量最低原理，有个核外电子，轨道处于半充满时体系总能量低，核外电子排布应为[Ar]3d4s1，A正确；B.核外电子排布为[Ar]3d4s1，由于能级交错，3d轨道能量高于4s轨道的能量，即3d电子能量较高，B错误；C.电负性为原子对键合电子的吸引力，同周期除零族原子序数越大电负性越强，钾与铬位于同周期，铬原子序数大于钾，故铬电负性比钾高，原子对键合电子的吸引力比钾大，C正确；故答案为AC；(2)[Cr(NH)(HO)Cl]中三价铬离子提供空轨道，O、Cl提供孤对电子与三价铬离子形成配位键，中心离子的配位数为、O、三种原子的个数和即3+2+1=6；(3)PH3的价层电子对为3+1=4，故PH3中P的杂化类型是sp；N原子电负性较强，NH3分子之间存在分子间氢键，因此NH3的沸点比PH3HO的键角小于NH3的，原因是：NH3含有一对孤对电子，而HO含有两对孤对电子，HO中的孤对电子对成键电子对的排斥作用较大；(4)AlCr2具有体心四方结构，如图所示，黑球个数为+1=2，白球个数为+2=4，结合化学式AlCr2可知，白球为Cr，黑球为，即处于顶角位置的是原子。设和Al原子半径分别为rCr和rAl，则金属原子的体积为，故金属原子空间占有率=%。【分析】(1)的核外电子排布分析；(2)根据配位键形成的原理分析；(3)根据价层电子对互斥理论分析；(4)根据晶胞的均摊及空间占有率的计算方法分析；12.【解析】【解答】(1)由A（）的结构可知，名称为：－氟甲苯（或邻氟甲苯）；(2)③为与在氯化锌和氢氧化钠的作用下，发生取代反应生成;(3)根据分析，含有的官能团为碳溴键，碳氟键，氨基，羰基（或酮基）；(4)根据分析，D为，E为，根据结构特点，及反应特征，可推出Y为；(5)根据分析，E为，F为，根据结构特点，可知与发生取代反应生成；(6)C为，含有苯环且能发生银镜反应的同分异构体含有醛基、碳氟键、碳氯键，结构有共种；(7)根据已知及分析可知，与乙酸、乙醇反应生成。（（与SOCl2反应生成C（），与在氯化锌和氢氧化钠的作用下，发生取代反应生成，与Y（）发生取代反应生成，与发生取代反应生成F（），F与乙酸、乙醇反应生成W（）2021年高考理综生物真题试卷（全国乙卷）一、选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是复合题目要求的。）（共6题；共36分）1.果蝇体细胞含有8条染色体，下列关于果蝇体细胞有丝分裂的叙述，错误的是（）A.在间期，DNA进行半保留复制，形成个分子B.在前期，每条染色体由2条染色单体组成，含2个DNAC.在中期，8条染色体的着丝点排列在赤道板上，易于观察染色体D.在后期，成对的同源染色体分开，细胞中有条染色体2.选择合适的试剂有助于达到实验目的。下列关于生物学实验所用试剂的叙述，错误的是（）A.鉴别细胞的死活时，台盼蓝能将代谢旺盛的动物细胞染成蓝色B.观察根尖细胞有丝分裂中期的染色体，可用龙胆紫溶液使其着色C.RNA在细胞中分布的实验中，盐酸处理可改变细胞膜的通透性D.观察植物细胞吸水和失水时，可用蔗糖溶液处理紫色洋葱鳞片叶外表皮3.植物在生长发育过程中，需要不断从环境中吸收水。下列有关植物体内水的叙述错误的是（）A.根系吸收的水有利于植物保持固有姿态B.结合水是植物细胞结构的重要组成成分C.细胞的有氧呼吸过程不消耗水但能产生水D.自由水和结合水比值的改变会影响细胞的代谢活动4.在神经调节过程中，兴奋会在神经纤维上传导和神经元之间传递。下列有关叙述错误的是（）A.兴奋从神经元的细胞体传导至突触前膜，会引起Na+B.突触前神经元兴奋可引起突触前膜释放乙酰胆碱C.乙酰胆碱是一种神经递质，在突触间隙中经扩散到达突触后膜D.乙酰胆碱与突触后膜受体结合，引起突触后膜电位变化5.在格里菲思所做的肺炎双球菌转化实验中，无毒性的R型活细菌与被加热杀死的S型细菌混合后注射到小鼠体内，从小鼠体内分离出了有毒性的S型活细菌。某同学根据上述实验，结合现有生物学知识所做的下列推测中，不合理的是（）A.与R型菌相比，S型菌的毒性可能与荚膜多糖有关B.S型菌的能够进入R型菌细胞指导蛋白质的合成C.加热杀死S型菌使其蛋白质功能丧失而DNA功能可能不受影响D.将S型菌的DNA经酶处理后与R型菌混合，可以得到S型菌6.某种二倍体植物的n个不同性状由n对独立遗传的基因控制(杂合子表现显性性状)A的n对基因均杂合。理论上，下列说法错误的是（）A.A的测交子代会出现n种不同表现型的个体B.n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异越大C.A测交子代中n对基因均杂合的个体数和纯合子的个体数相等D.时，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数二、必考题（共分。）（共4题；共39分）7.生活在干旱地区的一些植物如植物甲)CO2固定方式。这类植物晚上气孔打开吸收CO2，吸收的CO2通过生成苹果酸储存在液泡中；白天气孔关闭，液泡中储存的苹果酸脱羧释放的CO2可用于光合作用。回答下列问题：（）白天叶肉细胞产生的场所有________。光合作用所需的CO2来源于苹果酸脱羧和________的CO。（）气孔白天关闭、晚上打开是这类植物适应干旱环境的一种方式，这种方式既能防止________保证________正常进行。（）若以pH作为检测指标，请设计实验来验证植物甲在干旱环境中存在这种特殊的CO2固定方式。简要写出实验思路和预期结果)8.在自然界中，竞争是一个非常普遍的现象。回答下列问题：（）竞争排斥原理是指在一个稳定的环境中，两个或两个以上受资源限制的，但具有相同资源利用方式的物种不能长期共存在一起。为了验证竞争排斥原理，某同学选用双小核草履虫和大草履虫为材料进行实验，选择动物所遵循的原则是________。该实验中需要将两种草履虫放在资源________(“或“无限的“)环境中混合培养。当实验出现________的结果时即可证实竞争排斥原理。（）研究发现，以同一棵树上的种子为食物的两种雀科鸟原来存在竞争关系，经进化后通过分别取食大小不同的种子而能长期共存。若仅从取食的角度分析，两种鸟除了因取食的种子大小不同而共存，还可因取食的________(1点即可)不同而共存。（）根据上述实验和研究，关于生物种间竞争的结果可得出的结论是________。9.哺乳动物细胞之间的信息交流是其生命活动所必需的。请参照表中内容，围绕细胞间的信息交流完成下表，以体现激素和靶器官或靶细胞响应之间的对应关系。内分泌腺或内分泌细胞激素激素运输靶器官或靶细胞靶器官或靶细胞的响应肾上腺肾上腺素(3)通过________(4)________心率加快胰岛B(1)________肝细胞促进肝糖原的合成运输垂体(2)________甲状腺(5)________10.果蝇的灰体对黄体是显性性状，由X染色体上的1对等位基因(用A/a表示控制：长翅对残翅是显性性状，由常染色体上的1对等位基因用表示控制。回答下列问题：（）请用灰体纯合子雌果蝇和黄体雄果蝇为实验材料，设计杂交实验以获得黄体雌果蝇。要求：用遗传图解表示杂交过程。)（）若用黄体残翅雌果蝇与灰体长翅雄果蝇(XYBB)作为亲本杂交得到1，1相互交配得2，则2中灰体长翅：灰体残翅：黄体长翅：黄体残翅=________,F2中灰体长翅雌蝇出现的概率为________。三、选考题（共分。请考生从给出的2道生物题中任选一题作答。如果多做则按所做的第一题计分。）（共2题；共30分）11.[生物-选修：生物技术实践]工业上所说的发酵是指微生物在有氧或无氧条件下通过分解与合成代谢将某些原料物质转化为特定产品的过程，利用微生物发酵制作酱油在我国具有悠久的历史。某企业通过发酵制作酱油的流程示意图如下。回答下列问题：（）米曲霉发酵过程中，加入大豆、小麦和麦麸可以为米曲霉的生长提供营养物质，大豆中的________可为米曲霉的生长提供氮源，小麦中的淀粉可为米曲霉的生长提供________。（）米曲霉发酵过程的主要目的是使米曲霉充分生长繁殖、大量分泌制作酱油过程所需的酶类，这些酶中的________、________能分别将发酵池中的蛋白质和脂肪分解成易于吸收、风味独特的成分，如将蛋白质分解为小分子的肽和________。米曲发酵过程需要提供营养物质、通入空气并搅拌，由此可以判断米曲霉属于________(填自养厌氧”*异养厌氧或异养好氧微生物。（）在发酵池发酵阶段添加的乳酸菌属于________(填“真核生物或原核生物”)；添加的酵母菌在无氧条件下分解葡萄糖的产物是________。在该阶段抑制杂菌污染和繁殖是保证酱油质量的重要因素，据图分析该阶段中可以抑制杂菌生长的物质是________(1点即可。12.[生物选修3:现代生物科技专题]用DNA重组技术可以赋予生物以新的遗传特性，创造出更符合人类需要的生物产品。在此过程中要使用多种工具酶,4种限制性核酸内切酶的切割位点如图所示，回答下列问题（）常用的DNA连接酶有E.coliDNA连接和T4DNA连接酶，上图中________酶切割后的片段可以用E.coliDNA连接酶连接，上图中________酶切割后的片段可以用T4连接酶连接。（）DNA连接酶催化目的基因片段与质粒载体片段之间形成的化学键是________。（DNA重组技术中所用的质粒体具有一些特征，如质粒DNA分子上有复制原点，可以保证质粒在受体细胞中________；质粒分子上有________，便于外源DNA的插入；质粒DNA分子上有标记基因(如某种抗生素抗性基因)，利用抗生素可筛选出含质粒载体的宿主细胞，方法是________。（）表达载体含有启动子，启动子是指________。答案解析部分一、选择题（本题共6小题，每小题6分，共36分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是复合题目要求的。）、在有丝分裂间期，进行DNA的半保留复制和蛋白质的合成，故间期复制形成16个分子，染色体还是8个，A正确：B、在有丝分裂前期，每条染色体由2条染色单体组成，含2个分子，B正确；C、在有丝分裂中期，8条染色体的着丝点排列在赤道板上，此时染色体形态数目最清晰，易于观察染色体，C正确：D、在有丝分裂后期，着丝点分裂，姐妹染色单体分开，染色体加倍。细胞中有16条染色体，并非成对的同源染色体分开，D错误；故答案为：D。【分析】1、细胞有丝分裂各时期主要特点：（）分裂间期特点：完成DNA的复制和有关蛋白质的合成（）分裂期前期特点：①出现染色体、出现纺锤体；②核膜、核仁消失；染色体特点：染色体散乱地分布在细胞中心附近；每个染色体都有两条姐妹染色单体；（）分裂期中期特点：①所有染色体的着丝点都排列在赤道板上；②染色体的形态和数目最清晰；染色体特点：染色体的形态比较固定，数目比较清晰，每条染色体含有2条姐妹染色单体；故中期是进行染色体观察及计数的最佳时机；（）分裂期后期特点：①着丝点一分为二，姐妹染色单体分开，成为两条子染色体，并分别向两极移动；②纺锤丝牵引着子染色体分别向细胞的两极移动；这时细胞核内的全部染色体就平均分配到了细胞两极；染色体特点：染色单体消失，染色体数目加倍；（）分裂期末期特点：①染色体变成染色质，纺锤体消失；核膜、核仁重现。2、成对的同源染色体分离，非同源染色体自由组合发生在减数第一次分裂时期。【解析】、活细胞不会被台盼蓝染成蓝色，而死细胞会被染成淡蓝色，A项中代谢旺盛的动物细胞属于活细胞，台盼蓝不能进入活细胞内，因此不会被染成蓝色，A错误；B、龙胆紫能够使染色体着色，B正确；C、盐酸能够改变细胞膜的通透性，加速染色剂进入细胞，C正确；D、用0.3g/mL的蔗糖溶液处理紫色洋葱情片叶外表皮细胞后，显微镜下可观察到该细胞发生质壁分离现象，D正确：故答案为：A.【分析】1、活细胞具有选择透过性，一般情况下，不让染色剂计入细胞；健那绿是活细胞染色剂。2、染色体溶液被碱性染料染成深色，例如龙胆紫。3、观察核酸分布，盐酸作用：将和蛋白质分离；改变细胞膜通透性。4、质壁分离和复原的原理：（中的水分就透过原生质层进入到溶液中，使细胞壁和原生质层都出现一定程度的收缩。由于原生质层比细胞壁的收缩性大，当细胞不断失水时，原生质层就会与细胞壁分离。（界溶液中的水分就通过原生质层进入到细胞液中，整个原生质层就会慢慢地恢复成原来的状态，紧贴细胞壁，使植物细胞逐渐发生质壁分离复原。用适宜浓度的蔗糖处理洋葱表皮细胞，可以观察植物细胞的质壁分离和复原。3.【解析】【解答】A、根系吸收的水有利于植物保持固有姿态，A正确；B、结合水是植物细胞结构的重要组成成分，B正确；C、细胞的有氧呼吸过程中第二阶段消耗水，第三阶段产生水，C错误；D、自由水和结合水比值的改变会影响细胞的代谢活动，如：自由水与结合水比值增大，细胞代谢旺盛，但抗逆性下降，D正确：故答案为：C.【分析】1、细胞中水的存在形式与作用：2、结合水和自由水的关系在一定条件下可以相互转两者的相对含量(/)影响生物组织细胞的代谢速率自由水的比例高代谢活跃，但抗逆性差结合水的比例高代谢下降，抗旱抗寒抗热等抗逆性增强。3、细胞的有氧呼吸过程（CHO+6HO+6O→6CO+12HO）消耗水，也能产生水。4.【解析】【解答】A、兴奋从神经元的细胞体传导至突触前膜，会引起钠离子内流，A错误；B、突触前神经元兴奋可激发突触前膜释放乙酰胆碱，B正确；C、乙酰胆碱属于神经递质，在突触间隙中经扩散到达突触后膜，C正确；D、乙酰胆碱由突触前膜释放到突触间隙，与突触后膜上的受体结合，引起突触后膜电位变化，D正确。故答案为：A。【分析】1、产生动作电位时，钠离子内流，细胞内部正电荷增加，出现内正外负的电荷分布情况。2、兴奋时，突触前膜可以释放兴奋型的神经递质，通过突触间隙，作用于突触后膜，和后膜受体进行特异性结合，引起下一个神经元兴奋。5.【解析】【解答】AR型菌相比，S型菌多了荚膜和多糖，S型肺炎双球菌使小鼠患败血病死亡，R型肺炎双球菌使无毒性。所以毒性物质可能与荚膜和多糖有关，A正确；B、无毒性的R型活细菌与被加热杀死的S型细菌混合后注射到小鼠体内，从小鼠体内分离出了有毒性的S型活细菌，而加热能使S菌蛋白质变性失活，推测S型菌的DNA能够进入R型菌细胞指导蛋白质的合成，B正确；C、加热杀死可以破坏蛋白质的空间结构，使其功能发生改变，DNA空间结构不被破坏，所以功能不受影响，C正确；D、将S型菌的DNA经DNA酶处理后与R型菌混合，无法得到S型菌，因为S型菌的DNA的结构已经被破坏，D错误；故答案为：D。【分析】1、肺炎双球菌的类型及特点特点类型菌落荚膜毒性S型光滑有有R型粗糙无无2、格里菲思的体内转化实验：结论：加热杀死的S型细菌中，含有某种促成R型细菌转化为S型细菌的“转化因子”。3、肺炎双球菌转化实验的3个误区(1)加热杀死的S型细菌中的蛋白质和DNA并没有永久丧失了活性，加热杀死S型细菌的过程中，其蛋白质变性失活，但是其内部的DNA在加热结束后随温度的恢复又逐渐恢复活性。(2)在转化过程中并不是所有的R型细菌均转化成S型细菌，而是只有少部分R型细菌转化为S型细菌。(3)转化的实质并不是基因发生突变，而是S型细菌的片段整合到了R型细菌的中，即实现了基因重组。6.【解析】【解答】An对基因均杂合的植株A进行测交，后代表现型种类有n种，A正确;B、n越大，植株A测交子代中不同表现型个体数目彼此之间的差异相同，B错误;C、植株A测交子代中n对基因均杂合的概率为1/2n，纯合子的概率为1/2n，这两种个体概率相等，C正确；D、植株A测交子代中纯合子的概率为1/2n，杂合子的概率为1-(1/2n，时，1-(1/2)1/2n，一般而言，植株A的测交子代中杂合子的个体数多于纯合子的个体数，D正确；故答案为：B.【分析】1、通过分析1对、23……等位基因均杂合的个体，进行测交，用数学归纳法归纳出后代的表现型种类有n种，其中，子代n对基因均杂合的占1/2n，隐性纯合子占1/2n，n对基因全是显性纯合子占1/2n，杂合子占（1-1/2）。2、基因自由组合定律：控制不同性状的遗传因子的分离和组合是互不干扰的；在形成配子时，决定同一性状的成对遗传因子彼此分离，决定不同性状的遗传因子自由组合。二、必考题（共分。）7.【解析】【解答】(1)白天叶肉细胞既能进行光合作用，又能进行呼吸作用，所以白天叶肉细胞产生ATP的场所有：细胞质基质、线粒体和类囊体薄膜。细胞呼吸产生的CO2可为光合作用暗反应提供原料。(2)夜间气孔打开，PEP羧化酶活性高，固定CO2形成苹果酸，储存在液泡中：白天气孔关闭、减少蒸腾作用水分散失，但苹果酸分解提供暗碳反应所需的2，不影响光合作用进行。(3)根据题干，本题为验证型实验，实验目的为“验证植物甲在干旱环境中存在这种特殊CO2固定方式据实验目的找出自变量为植物甲的生存环境，因变量为植物甲液泡中的pH值。据此设计实验，实验思路为：选取长势相同的若干株植物甲，均分为两组，编号分别为AB；一次性浇足水后，A组正常浇水，B组停止浇水，放在其他条件相同且适宜的环境中培养；一段时间后，分别检测两组植物甲白天和夜晚叶肉细胞液泡中的值，并分别取平均值。因为正常浇水时，植物甲无这种特殊的固定方式，所以A组液泡中无苹果酸储存过程，液泡中和夜晚无明显变化：又因为在干旱环境中植物甲特殊的2固定方式会将胞间二氧化碳固定形成苹果酸，储存在液泡中，故B组液泡中夜晚苹果酸储存较多pH值明显降低，白天液泡中苹果酸脱羧释放CO2，pH值升高。【分析】1、白天植物细胞可以进行呼吸作用和光合作用，均可以产生ATP，场所是细胞质基质、线粒体”“”。呼吸作用可以产生CO。有氧呼吸的过程：CHO+6HO+6O2→6CO+12HO+能量。2、蒸腾作用主要过程为：土壤中的水分根毛根内导管→→叶内导管→气孔大气。3、首先确定自变量、因变量和无关变量。验证植物甲在干旱环境中存在这种特殊的CO2固定方式以自变量是“”，因变量是是否存在这种特殊的固定方式”CO2是酸性气体，可以用“pH作为检测指标。4、实验设计常规思路：①分组、根据自变量进行适宜的实验处理（加法原理或者减法原④观察实验现象和记录实验数据、分析实验结果和得出实验结论、⑥进行交流、分析和报告。5、预期结果可以结合实验目的和实验处理进行预测。8.【解析】【解答】(1)为了验证竞争排斥原理，某同学选用双小核草履虫和大草履虫为材料进行实验，选择动物所遵循的原则是两种动物具有相同的资源利用方式。根据题干信息：竞争排斥原理是指在一个稳定的环境中，两个或两个以上受资源限制的，但具有相同资源利用方式的物种不能长期共存在一起验中需要将两种草履虫放在资源有限的环境中混合培养。因为双小核草履虫比大草履虫增长快，当实验出现双小核草履虫占有优势，最后大草履虫死亡、消失的结果时即可证实竞争排斥原理。(2)因为以同一棵树上的种子为食物的两种雀科鸟原来存在竞争关系。从取食的角度分析，两种鸟除了因取食的种子大小不同而共存，还可因取食时间不同或取食的位置不同而共存于一个环境中。(3)综合上述实验和研究，关于生物种间竞争的结果可得出的结论是具有相同资源利用方式的两个不同的物种，不能长期共存在同一环境中进化出新的资源利用方式便可共存。【分析】群落中的种间关系：①竞争：两种或两种以上生物相互争夺资源和空间等捕食：一种生物以另一种生物作为食物寄生：一种生物（寄生者）寄生于另一种生物（寄主）的体内或体表，摄取寄主的养分以维持生活互利共生：两种生物共同生活在一起相互依赖，彼此有利共栖：两种生物生活在一起,对一方有利对另一方也无害或者对双方都有利,两者分开以后都能够独立生活。（海葵常常固着在寄居蟹的外壳上,海葵靠刺细胞防御敌害能对寄居蟹间接地起到保护作用而寄居蟹到处爬动,可以使海葵得到更多的食物但是它们分开以后仍能独立生活。）9.【解析】【解答】(1)B细胞分泌的是胰岛素，可以促进肝糖原合成;(2)垂体分泌的激素能作用于甲状腺的是促甲状腺激素;(3)肾上腺素、胰岛素和促甲状腺激素通过体液完成运输;(4)肾上腺素作用于靶器官或靶细胞后能使得心率加快，可得出靶器官是心脏（或心肌细胞）；(5)促甲状腺激素作用于甲状腺后，能促进甲状腺激素的分泌。【分析】1、主要内分泌腺及其分泌的激素内分泌腺激素名称功能促甲状腺性腺)激素释放激素促进垂体合成并分泌促甲状腺性腺)下丘脑抗利尿激素促进肾小管、集合管对水的重吸收垂体促甲状腺性腺)(1)促进甲状腺(性腺)的生长发育；(2)促进甲状腺激素(性激素)的合成和分泌生长激素促进生长，主要促进蛋白质合成和骨骼的生长胰岛胰岛A胰高血糖素升高血糖胰岛B胰岛素降低血糖①促进新陈代谢；甲状腺甲状腺激素促进生长发育；提高神经系统的兴奋性肾上腺肾上腺素①升高血糖；加快代谢，增加产热性腺卵巢雌性激素①促进生殖器官的发育和生殖细胞的形成；激发并维持各自的第二性征睾丸雄性激素2、激素调节的特点：①微量和高效：微量的激素可显著地影响机体的生理活动。通过体液运输：内分泌腺没有导管，分泌的激素弥散到体液中，随血液流到全身，传递着各种信息。作用于靶器官、靶细胞。激素一经靶细胞接受并起作用后就被灭活，故体内需要源源不断产生激素，以维持激素含量的动态平衡。10.【解析】【解答】（）解黄体雌果蝇（XXa的一个Xa，来自父本，另一个Xa来自母本。即需要亲本均有Xa，而亲本灰体纯合子雌果蝇（XAAXa，所以需要先用灰体纯合子雌果蝇（XAA和黄体雄果蝇(XaY)杂交，得到F1代AXa，1代（XX(XaY)杂交，即可得到黄体雌果蝇（XXa).遗传图解如下:（）用黄体残翅雌果蝇与灰体长翅雄果蜂(XYBB)作为亲本杂交得到1的过程如下：让1相互交配得到2的过程可以用拆分组合法进行快速计算：XAX×XaY→有1/2的概率产生灰体果蝇，有1/2的概率产生黄体果蝇Bb×Bb→有3/4的概率产生长翅果蝇，有1/4的概率产生残翅果蝇灰体长翅=1/2×3/4=3/8：灰体残翅=1/2×1/4=1/8；黄体长翅=1/2×3/4=3/8；黄体残翅=1/2×1/4=1/8。所以，灰体长翅：灰体残翅：黄体长翅：黄体残翅=313。其中灰体长翅的概率为3/8。在灰体长翅的表现型中，有1/2的个体是雌性，所以2中灰体长翅雌蝇出现的概率为3/8×1/2=3/16。【分析】1、先确定亲本基因型为：XXA和a，1由亲本的雌雄配子随机结合产生。所以1为：XXa和AY，由于子代杂交不能直接得到黄体雌果蝇（XX），两条X染色体一条来自父方，一条来自母方），所以可以考虑回交法。2、杂交得到1BbXAa和BbXa。逐一分析法算出子二代灰体长翅：灰体残翅：黄体长翅：黄体残翅=3:1）（1:1），2“灰体”“长翅”“雌蝇”出现的概率为多少。分。请考生从给出的2道生物题中任选一题作答。如果多做则按所做的第一题计分。）11.【解析】【解答】(1)大豆中富含蛋白质可为发酵提供氮源，小麦中的淀粉可为发酵提供碳源。(2)蛋白酶能将蛋白质分解为小分子的肽和氨基酸，脂肪酶能将脂肪分解为甘油和脂肪酸。米曲霉发酵需要提供营养物质并通入空气，说明米曲霉属于异养好氧微生物。(3)乳酸菌是原核生物；酵母菌进行无氧呼吸的产物是二氧化碳和酒精。在发酵池发酵阶段存在乳酸菌和酵母菌，它们产生的乳酸和酒精均可以抑制其它微生物的生长，加入的食盐也可抑制微生物生长。【分析】、大豆富含蛋白质（组成元素、O、N等），得知大豆中的哪种成分提供氮源。淀粉可以作为发酵底物，作为碳源。2、结合酶具有专一性，例如蛋白酶将促进蛋白质水解，进行答题。3搅拌，由此可以判断米曲霉属于哪种新陈代谢类型。4、结合题意进行答题：①乳酸菌全名是“乳酸杆菌，带“杆菌的一般都是原核生物。②CHO→2CO+2CHCH。细菌生存易受到环境的影响，酸、碱、重金属、高渗透压或者地渗透压等因素都会影响细菌的生存。12.【解答】（）限制酶EcoRI和PstI切割形成的是黏性末端，限制酶Smal和V切割形成的是平末端，E.coliDNA连接酶来源于大肠杆菌，只能将双链片段互补的黏性未端之间的磷酸二酯键连接起来，而T连接酶来源于T4噬菌体，可用于连接黏性末端和平未端，但连接效率较低。因此图中EcoRI和PstI切割后的DNA片段(黏性末端可以用E.coliDNA连接酶连接，除了这两种限制酶切割的DNA片段，限制酶Smal和EcoRV切割后的片段(平末端）也可以用TDNA连接酶连接。（）目的基因片段与质粒载体片段均为DNADNA连接酶将两个DNA片段连接形成的化学键是磷酸二酯键。（分子，常作为基因表达的载体，首先质粒上含有复制原点，能保证质粒在受体细胞中自我复制。质粒DNA分子上有一个至多个限制性核酸内切酶的酶切位点，便于目的基因的导入。质粒上的标记基因是为了鉴定受体细胞中是否含有目的基因，具体做法是用含有该抗生素的培养基培养宿主细胞，能够存活的即为含有质粒载体的宿主细胞。（）启动子是一段特殊结构的DNA片段，位于基因的首端，它是RNA聚合酶识别和结合的部位，有了它才能驱动基因转录出mRNA，最终获得需要的蛋白质。【分析】1、黏性末端和平末端：被限制酶切开的DNA两条单链的切口，带有几个伸出的核苷酸，他们之间正好互补配对，这样的切口叫黏性末端。当限制酶从识别序列的中心轴线处切开时，切开的DNA两条单链的切口，是平整的，这样的切口叫平末端。分析题图，可知限制酶I和I切割形成的是黏性末端，限制酶Smal和EcoRV切割形成的是平末端。2DNA分子的连接技术——DNA连接酶作用：把两条DNA末端之间的缝隙“缝合起来。连接部位：磷酸二酯键特点：只要在同一种限制性内切酶切割的两种DNA片段中加上这种DNA连接酶，它就会把片段缝合得天衣无缝。3、作为运载体必须具备的条件：①具多个限制酶切点，以便与外源基因连接。②能够在宿主细胞中复制并稳定地保存。③具有某些标记基因，便于进行筛选。最常用的载体是质粒,它是一种裸露的、结构简单的、独立于细菌染色体之外，并具有自我复制能力的双链环状分子。在基因工程操作中，真正被用作载体的质粒，都是在天然质粒的基础上进行过人工改造的。4、运载体上标记基因的标记原理载体上的标记基因一般是一些抗生素的抗性基因。目的基因要转入的受体细胞没有抵抗相关抗生素的能力。当含有抗生素抗性基因的运载体进入受体细胞后，抗性基因在受体细胞内表达，使受体细胞能够抵抗相应抗生素，所以在受体细胞的培养体系中加入该种抗生素就可以只保留转入运载体的受体细胞，原理如下图所示：2021年高考理综物理真题试卷（全国乙卷）:本题共8648分。在每小题给出的四个选项中，第～5题只有一项符合题目要求，第～8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。（共8题；共48分）1.如图，光滑水平地面上有一小车，一轻弹簧的一端与车厢的挡板相连，另一端与滑块相连，滑块与车厢的水平底板间有摩擦。用力向右推动车厢使弹簧压缩，撤去推力时滑块在车厢底板上有相对滑动。在地面参考系（可视为惯性系）中，从撤去推力开始，小车、弹簧和滑块组成的系统（）A.动量守恒，机械能守恒B.动量守恒，机械能不守恒C.动量不守恒，机械能守恒D.动量不守恒，机械能不守恒2.a应电荷，金属板上方电场的等势面如图（）中虚线所示，相邻等势面间的电势差都相等。若将一正试探电荷先后放于M和N处，该试探电荷受到的电场力大小分别为和，相应的电势能分别为和，则（）A.B.C.D.3.如图，圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，质量为m、电荷量为的带电粒子从圆周上的M点沿直径方向射入磁场。若粒子射入磁场时的速度大小为，离开磁场时速度方向偏转；若射入磁场时的速度大小为，离开磁场时速度方向偏转，不计重力，则为（）A.B.C.D.4.医学治疗中常用放射性核素产生射线，而是由半衰期相对较长的衰变产生的。对于质量为的，经过时间t后剩余的质量为m图线如图所示。从图中可以得到的半衰期为（）A.B.C.D.5.科学家对银河系中心附近的恒星进行了多年的持续观测，给出19942002年间的位置如图所示。科学家认为的运动轨迹是半长轴约为（太阳到地球的距离为心可能存在超大质量黑洞。这项研究工作获得了2020年诺贝尔物理学奖。若认为该大质量黑洞的引力，设太阳的质量为，可以推测出该黑洞质量约为（）A.B.C.D.6.水平桌面上，一质量为m的物体在水平恒力F拉动下从静止开始运动，物体通过的路程等于时，速度的大小为，此时撤去，物体继续滑行的路程后停止运动，重力加速度大小为，则（）A.在此过程中FB.在此过中F的冲量大小等于C.物体与桌面间的动摩擦因数等于D.F的大小等于物体所受滑动摩擦力大小的2倍7.四个带电粒子的电荷量和质量分别、、、它们先后以相同的速度从坐标原点沿x轴正方向射入一匀强电场中，电场方向与y轴平行，不计重力，下列描绘这四个粒子运动轨迹的图像中，可能正确的是（）A.B.C.D.8.水平地面上有一质量为的长木板，木板的左明上有一质量为的物块，如图（a）所示。用水平向右的拉力F作用在物块上，F随时间tb、分别为、时刻F的大小。木板的加速度随时间tc，物块与木板间的动摩擦因数为，假设最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为（）A.B.C.D.在时间段物块与木板加速度相等二、非选择题（共4题；共分）9.a球进行拍摄，频闪仪每隔0.05s离开轨道的影像）。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上每个方格的边长为5cm。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图（）中标出。完成下列填空：（结果均保留2位有效数字）（）小球运动到图（）中位置A时，其速度的水平分量大小为________m/s，竖直分量大小为________m/s；（）根据图（b）中数据可得，当地重力加速度的大小为________m/s。10.一实验小组利用图（）所示的电路测量—电池的电动势（约）和内阻r（小于）。图中电压表量程为，内阻：定值电阻；电阻箱，最大阻值为；S为开关。按电路图连接电路。完成下列填空：（）为保护电压表，闭合开关前，电阻箱接入电路的电阻值可以选________Ω（填“5.0”“15.0”）；（）闭合开关，多次调节电阻箱，记录下阻值R和电压表的相应读数U；根据图（）所示电路，用、、、E和r，得________；（）利用测量数据，做图线，如图（b）所示：通过图（b）可得________V（保留2位小数），________（保留1位小数）；（）若将图（a）中的电压表当成理想电表，得到的电源电动势为，由此产生的误差为________%。11.一篮球质量为，一运动员使其从距地面高度为处由静止自由落下，反弹高度为。若使篮球从距地面的高度由静止下落，并在开始下落的同时向下拍球、球落地后反弹的高度也为。假设运动员拍球时对球的作用力为恒力，作用时间为；该篮球每次与地面碰撞前后的动能的比值不变。重力加速度大小取，不计空气阻力。求：（）运动员拍球过程中对篮球所做的功；（）运动员拍球时对篮球的作用力的大小。12.如图，一倾角为的光滑固定斜面的顶端放有质量的U型导体框，导体框的电阻忽略不计；一电阻的金属棒的两端置于导体框上，与导体框构成矩形回路；与斜面底边平行，长度。初始时与相距，金属棒与导体框同时由静止开始下滑，金属棒下滑距离后进入一方向垂直于斜面的匀强磁场区域，磁场边界（图中虚线）与斜面底边平行；金属棒在磁场中做匀速运动，直至离开磁场区域。当金属棒离开磁场的瞬间，导体框的边正好进入磁场，并在匀速运动一段距离后开始加速。已知金属棒与导体框之间始终接触良好，磁场的磁感应强度大小，重力加速度大小取。求：（）金属棒在磁场中运动时所受安培力的大小；（）金属棒的质量以及金属棒与导体框之间的动摩擦因数；（）导体框匀速运动的距离。三、【选修】（共1题；共15分）13.（）如图，一定量的理想气体从状态经热力学过程、、后又回到状态a。对于、、三个过程，下列说法正确的是（）A.过程中，气体始终吸热B.过程中，气体始终放热C.过程中，气体对外界做功D.过程中，气体的温度先降低后升高E.过程中，气体的温度先升高后降低（）如图，一玻璃装置放在水平桌面上，竖直玻璃管ABC粗细均匀，、B两管的上端封闭，C端开口，三管的下端在同一水平面内且相互连通。、B两管的长度分别为，。将水银从C管缓慢注入，直至B、C两管内水银柱的高度差。已知外界大气压为。求、B两管内水银柱的高度差。四、【选修】（共1题；共15分）14.（1）图中实线为一列简谐横波在某一时刻的波形曲线，经过后，其波形曲线如图中虚线所示。已知该波的周期T大于，若波是沿x轴正方向传播的，则该波的速度大小为________，周期为________s，若波是沿x轴负方向传播的，该波的周期为________s。（）用插针法测量上、下表面平行的玻璃砖的折射率。实验中用、B两个大头针确定入射光路、C、D两个大头针确定出射光路，O和分别是入射点和出射点，如图（）所示。测得玻璃砖厚度为，AO点的法线的距离，M到玻璃砖的距离，到的距离为。（ⅰ）求玻璃砖的折射率；（ⅱ）用另一块材料相同，但上下两表面不平行的玻璃砖继续实验，玻璃砖的截面如图（b）所示。光从上表面入射，入时角从0逐渐增大，达到时、玻璃砖下表面的出射光线恰好消失。求此玻璃砖上下表面的夹角。答案解析部分一、选择题本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第68题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.【解析】【解答】撤去推力后，滑块跟车厢之间有相对滑动，由于滑块与车厢底板间存在摩擦力，所以摩擦力做功产生内能；所以以小车、弹簧和滑块组成的系统其