2022-2023学年云南师大附中物理高二下期中质量检测试题含解析

2022-2023学年云南师大附中物理高二下期中质量检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（）A．kg、m/s2、℃ B．kg、N、s C．m、kg、s D．C、kg、mol2、闭合金属线圈置于匀强磁场中磁感应强度随时间变化的关系如图所示，规定垂直纸面向里为磁场的正方向。则0~2s内线圈中感应电流的方向为（）A．顺时针B．逆时针C．先顺时针后逆时针D．先逆时针后顺时针3、两个做匀变速直线运动的物体,物体A的加速度,物体B的加速度,则可以确定A．物体A加速度大于物体B加速度 B．物体B加速度大于物体A加速度C．物体A的速度大于物体B的速度 D．物体B的速度大于物体A的速度4、一定质量的气体，压强保持不变，下列过程可以实现的是()A．温度升高，体积增大B．温度升高，体积减小C．温度不变，体积增大D．温度不变，体积减小5、如图所示，足够长的传送带以恒定的速率逆时针运动，一质量为m的物块以大小为的初速度从左轮中心正上方的P点冲上传送带，从此时起到物块再次回到P点的过程中，下列说法正确的是A．合力对物块的冲量大小一定为2mv2B．合力对物块的冲量大小一定为2mv1C．合力对物块的冲量大小可能为零D．合力对物块做的功可以有为零6、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数之比为20∶1，原线圈接正弦交流电源，副线圈接入“220V，60W”灯泡一只，且灯泡正常发光，则()A．电流表的示数为AB．电源输出功率为1200WC．电流表的示数为AD．原线圈端电压为11V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光电效应实验中，某同学用同一光电管在不同实验条件下得到了三条光电流与电压之间的关系曲线（甲光、乙光、丙光），如图所示，则可判断出（）A．三种光中，丙光的频率最大B．乙光的波长等于甲光的波长C．乙光对应的截止频率大于丙光对应的截止频率D．甲光对应的饱和光电流大于丙光对应的饱和光电流8、下列说法正确的有（）A．全息照片的拍摄利用了光的衍射原理B．较弱的声音也可以振碎玻璃杯，是因为玻璃杯和声波发生了共振C．在干涉现象中，振动加强点的位移可能比减弱点的位移小D．鸣笛汽车驶近路人的过程中，路人听到的声波频率与该波源的频率相比减小9、如图，两束单色光A、B分别沿半径方向由空气射入半圆形玻璃砖，出射时合成一束复色光P，下列说法正确的是（）A．A光的频率大于B光的频率B．A光穿过玻璃砖的时间短C．用同一装置做双缝干涉实验，A光条纹间距小D．两种单色光由玻璃射向空气时，A光的临界角较大10、如图所示，质量为m的小球用两细线悬挂于A、B两点，小球可视为质点，水平细线OA长L1，倾斜细线OB长为L2，与竖直方向夹角为θ，现两细线均绷紧，小球运动过程中不计空气阻力，重力加速度为g，下列论述中正确的是（）A．在剪断OA现瞬间，小球加速度大小为gtanθB．剪断OA后，小球将来回摆动，小球运动到B点正下方时细线拉力大小为C．剪断OB线瞬间，小球加速度大小为gsinθD．剪断OB线后，小球从开始运动至A点正下方过程中，重力功率先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．己知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．（1）将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．（2）当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为____________（填：“顺时针”或“逆时针”）．12．（12分）在“测定玻璃的折射率”实验中：(1)为了取得较好的实验效果，下列操作正确的是_______A．大头针P1和P2及P3和P4之间的距离尽量小些．B．选择的入射角应尽量小些．C．大头针应垂直地插在纸面上．D．必须选用上下表面平行的玻璃砖．(2)某同学在测量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O点为圆心，OA为半径画圆，交OO′延长线于C点，过A点和C点作垂直法线的直线分别交于B点和D点，如图甲所示，若他测得AB＝6cm，CD＝4cm，则可求出玻璃的折射率n＝__________．(3)某同学在画界面时，不小心将两界面aa′、bb′间距画得比玻璃砖宽度大些，如图乙所示，则他测得的折射率______(选填“偏大”“偏小”或“不变”)．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，粗糙的水平面连接一个竖直平面内的半圆形光滑轨道，其半径为R=0.1m，半圆形轨道的底端放置一个质量为m=0.1kg的小球B，水平面上有一个质量为M=0.3kg的小球A以初速度v0=4.0m/s开始向着木块B滑动，经过时间t=0.80s与B发生弹性碰撞。设两小球均可以看作质点，它们的碰撞时间极短，且已知木块A与桌面间的动摩擦因数μ=0.25，求：(1)两小球碰前A的速度；(2)球碰撞后A，B的速度大小；(3)小球B运动到最高点C时对轨道的压力。14．（16分）一矩形线圈，在匀强磁场中绕垂直磁感线的对称轴转动，形成如图所示的交变电动势图象，试根据图象求出：（1）线圈转动的角速度；（2）电动势的有效值；（3）t=1.0×10−2s时，线圈平面和磁场方向的夹角．15．（12分）如图（a）所示，将质量为0.5kg的木块放在固定的水平长木板上，用力沿水平方向拉木块，拉力从零开始逐渐增大，分别用力传感器采集拉力和木块所受到的摩擦力，并用计算机绘制出摩擦力f随拉力F的变化图线如图（b）所示。（1）求木块与长木板间的动摩擦因数；（2）若木块在恒定的水平拉力F作用下，以a=3m/s2的加速度从静止开始沿长木板做匀加速直线运动，拉力F应为多大（3）在第（2）问中的拉力F作用t1=2s后撤去，求木块整个运动过程的平均速度大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

国际单位制总共规定七个物理量，分别是长度、质量、时间、电流、热力学温度、物质的量、发光强度，对应的单位分别是m、kg、s、A、K、mol、cd，故只有选项C正确。故选C。2、A【解析】

内磁场垂直纸面向里且在减小，所以穿过闭合线圈的磁通量在减小，根据“增反减同”可知，感应电流的磁场方向垂直纸面向里，根据“右手螺旋定则”可知，线圈中产生顺时针的感应电流；内场垂直纸面向外且在增大，所以穿过闭合线圈的磁通量在增大，根据“增反减同”可知，感应电流的磁场方向垂直纸面向里，根据“右手螺旋定则”可知，线圈中产生顺时针的感应电流；故选A。3、B【解析】试题分析：因为物体A的加速度aA=3m/s2，物体B的加速度aB=-5m/s2，负号代表减速，正号代表加速，数值代表大小，故物体B加速度大于物体A加速度，选项A错误，B正确；加速度并不一定其速度一定大，还受初速度与时间的限制，故选项CD均错误．考点：速度与加速度的关系．4、A【解析】试题分析：根据理想气体状态方程PVT温度升高，压强P不变，根据理想气体状态方程PVT=C，可知，体积增大，这个过程可以实现，A正确；根据PVT5、D【解析】若v1＞v1，物块在传送带上先向右做匀减速直线运动，速度减为零后再返回做匀加速直线运动，达到速度v1后做匀速直线运动，可知物块再次回到P点的速度大小为v1，规定向左为正方向，根据动量定理得，合外力的冲量I合=mv1-m（-v1）=mv1+mv1．根据动能定理知，合外力做功W合＝mv11−mv11；若v1＜v1，物块在传送带上先向右做匀减速直线运动，速度减为零后再返回做匀加速直线运动，物块再次回到P点的速度大小为v1，规定向左为正方向，根据动量定理得，合外力的冲量为：I合=mv1-m（-v1）=1mv1；根据动能定理知，合外力做功为：W合＝mv11−mv11＝2．故D正确，ABC错误．故选D．6、C【解析】

ACD．灯泡正常发光，所以副线圈两端的电压为220V，根据可得副线圈中的电流为根据公式可得原线圈中的电压为根据可得原线圈中的电流为即电流表示数为A，故AD错误，C正确；B．原副线圈中的电功率相等，所以电源的输出功率为60W，故B错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

根据eU截=mvm2=hγ-W，入射光的频率越高，对应的截止电压U截越大．甲光、乙光的截止电压相等且小于丙光的截止电压，所以甲光、乙光的频率相等且小于丙光的频率；故A正确．甲光、乙光的频率相等，则波长相等，选项B正确；同一金属，截止频率是相同的，故C错误．由图可知，甲光对应的饱和光电流大于丙光对应的饱和光电流，选项D正确；故选ABD.8、BC【解析】

A．全息照片的拍摄利用了光的干涉原理，A错误；B．玻璃杯也在振动，有其固有振动频率，当声波频率和玻璃杯振动的固有频率相同时，发生共振，可以震碎玻璃杯，B正确；C．在干涉现象中，振动加强点指的是振幅加强了，振动加强点的位移可能比减弱点的位移小，故C正确；D．根据多普勒效应可知，鸣笛汽车驶近路人的过程中，路人听到的声波频率与该波源的频率相比增大，D错误。故选BC。9、BD【解析】

A．从图中我们可以看出，A光的入射角要比B光的入射角要大，它们的折射角相同。根据（此处θ1指的是折射角，θ2指的是入射角）可知B的折射率大，所以B的频率大，故A错误；B．由知，在玻璃砖中，vB＜vA，两种光在玻璃通过的路程都是半径，所以A光穿过玻璃砖的时间短，故B正确；C．因为B的频率大于A的频率，所以B的波长小，根据条纹间距公式可知，B光比A光条纹间距小，故C错误；D．两种单色光由玻璃射向空气时，临界角的正弦B的折射率大，所以，CB＜CA，故D正确。故选BD。10、BD【解析】

A．剪断细线AO的瞬间，小球开始做竖直面内的圆周运动，其线速度为零，所以沿半径方向的加速度为零，只有沿切线方向的加速度。由牛顿第二定律有，沿半径方向沿切线方向解得故A错误；B．剪断AO后，设小球运动到B点正下方时的速度大小为v，由动能定理得在最低点，设小球运动到B点正下方时细线拉力大小为F，由牛顿第二定律得联立解得故B正确；C．剪断OB线瞬间，小球做自由落体运动，加速度为g，故C错误；D．剪断OB线后，设小球与水平方向的夹角为θ时，速度为v1，则此时重力的瞬时功率根据数学知识可知，当0<θ<90°时，重力功率P先增大后减小，故D正确。故选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）顺时针，（2）逆时针，【解析】（1）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由a经G流向b，再由安培定则知线圈绕向如图所示，为顺时针．（2）由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由b经G流向a，再由安培定则知线圈绕向为逆时针．12、C1.5偏小【解析】

(1)A、大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些时，相同的距离误差，引起的角度误差会减小，角度的测量误差会小些，故A错误；B、为了减小测量的相对误差，选择的入射角应尽量大些，效果会更好，故B错误；C、为了准确确定入射光线和折射光线，大头针应垂直地插在纸面上，故C正确；D、作插针法测定折射率时，玻璃砖上下表面不一定要平行，故D错误；故选C．(2)图中作为入射光线，是折射光线，设光线在玻璃砖上表面的入射角为i，折射角为r，则由几何知识得到：，又，则折射率：(3)用插针法“测定玻璃砖折射率”的实验原理是折射定律某同学画出的ab和cd都比实际侧面向外侧平移了一些，但在画光路图时，将入射点、出射点分别确定在ab、cd上，如图,实线表示实际的光路图，虚线表示乙同学画图时光路图，入射角测量没有误差，而折射角偏大，则根据折射定律得知，测出的折射率n将偏小．【点睛】为了取得较好的实验效果，根据实验原理分析可以知道：玻璃砖上下表面不一定要平行，选择的入射角应尽量大些，大头针应垂直地插在纸面上，大头针P1和P2及P3和P4之间的距离适当大些，这样可以减小测量的相对误差；根据几何知识求出入射角和折射角的正弦值，再求解折射率；根据折射定律，分析入射角和折射角的误差，即可分析折射率的误差．四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)，；(3)，方向竖直向上【解析】

(1)碰前对A由动量定理有解得(2)对A、B研究，碰撞前后动量守恒，即碰撞前后动能保持不变联立解得(3)因为B球在轨道上机械能守恒，则有解得在最高点C对小球B有解得由牛顿第三定律知：小球对轨道的压力大小为，方向竖直向上。14、（1）105rad/s（2）14.1V（3）【解析】

（1）由