福建省厦冂双十中学2022-2023学年物理高一下期中达标测试试题含解析

福建省厦冂双十中学2022-2023学年物理高一下期中达标测试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，会处于完全失重状态，下述说法中不正确的是（）A．宇航员仍受重力作用B．宇航员受力平衡C．宇航员仍有加速度D．重力正好为宇航员环绕地球做匀速圆周运动的向心力2、质量为2kg的质点在xoy平面上做曲线运动，在x方向的速度一时间图象和y方向的位移一时间图象如图所示，下列说法正确的是（）A．质点在2s内的位移大小为B．质点的初速度为C．质点初速度的方向与合外力方向垂直D．质点所受的合外力为6N3、有A、B两颗卫星绕地心O做圆周运动，旋转方向相同．A卫星的周期为T1，如图所示在某一时刻两卫星相距最近（不计AB间的万有引力），经时间t

他们再次相距最近，则B卫星的周期T2为（）A．B．C．D．4、如图所示，一个物体以速度v0冲向与竖直墙壁相连的轻质弹簧，墙壁和物体间的弹簧被物体压缩，在此过程中以下说法正确的是（）A．物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量成正比 B．物体连续向墙壁运动相同的位移，弹力做的功相等C．弹力对物体做正功，弹簧的弹性势能减小 D．弹力对物体做负功，弹簧的弹性势能增加5、如图所示，在火星与木星轨道之间有一小行星带．假设该带中的小行星只受到太阳的引力，并绕太阳做匀速圆周运动．下列说法正确的是A．太阳对小行星的引力相同B．各小行星绕太阳运动的周期小于一年C．小行星带内侧小行星的向心加速度值大于小行星带外侧小行星的向心加速度值D．小行星带内各小行星圆周运动的线速度值大于地球公转的线速度值6、如图是宇航员“太空行走”的情景，当他出舱后相对飞船静止不动时，则（）A．他处于失重状态 B．他处于超重状态C．他处于平衡状态 D．他不受地球引力的作用7、人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，如果卫星的周期增大到原来的8倍,卫星仍做匀速圆周运动，则下列说法中错误的是A．卫星的向心加速度增大到原来的4倍 B．卫星的角速度减小到原来的C．卫星的动能将增大到原来的4倍 D．卫星的线速度减小到原来的8、2018年7月10日，我国成功发射了第32颗北斗导航卫星，该卫星的轨道半径为36000km，7月29日又以“一箭双星”的方式成功发射了第33、34颗北斗导航卫星，这两颗卫星的轨道半径均为21500km．下列说法正确的是（）A．这三颗卫星的发射速度均小于B．这三颗卫星在轨道上运行时均处于失重状态C．第32颗卫星的加速度比第33颗的小D．第32颗卫星的运动周期比第34颗卫星的大9、轻杆一端固定在光滑水平轴O上，杆长为l．杆另一端固定一质量为m可视为质点的小球，如图所示．给小球一初速度，使其在竖直平面内做圆周运动，且刚好能通过最高点P，下列说法正确的是（）A．小球在最高点时对杆的作用力为零，只有重力提供小球的向心力B．小球恰好通过最高点的临界速度是C．若增大小球的初速度，则在最高点时球对杆的力可能减小D．若增大小球的初速度，则在最高点时球对杆的力可能增大10、如图所示的电路，已知电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，电表均为理想电表。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时（）A．电压表V的示数变大B．电流表A的示数变大C．灯泡L1变亮D．灯泡L2变亮11、图中的实线表示电场线，虚线表示只受电场力作用的带电粒子从M点运动到N点的轨迹。可以判定A．粒子带负电B．M点的电势高于N点的电势C．粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力D．粒子在M点的动能小于在N点的动能12、一质量为m的质点以速度v0匀速直线运动，在t＝0时开始受到恒力F作用，速度大小先减小后增大，其最小值为v＝0.5v0，由此可判断（）A．质点受力F作用后一定做匀变速曲线运动B．质点受力F作用后可能做圆周运动C．t＝0时恒力F与速度v0方向间的夹角为60°D．时，质点速度最小二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）在测定匀变速直线运动的加速度的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为相邻的计数点，相邻计数点间的时间间隔T＝0.1s.(1)根据________计算各点瞬时速度，且vB＝________m/s，vD＝________m/s.(2)在图示坐标中作出小车的v­t图线________，并根据图线求出a＝________m/s2.(3)将图线延长与纵轴相交，交点的速度是________m/s，此速度的物理意义是________．14、（10分）（1）在用小球、斜槽、重垂线、木板、坐标纸、图钉、铅笔做“研究平抛运动”的实验中，下列说法正确的是______A．斜槽轨道必须光滑B．斜槽轨道末短可以不水平C．应使小球每次从斜槽上相同的位置自由滑下D．要使描出的轨迹更好地反映小球的真实运动，记录的点应适当多一些（2）若某次研究平抛运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L，小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度v0=__（用g，L表示），a点______（选填“是”或“不是”）

小球的抛出点．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示轨道ABCDE在竖直平面内，AB与水平面BC成37°角且平滑连接，圆心为O，半径为R的光滑半圆轨道CDE与BC相切于C点，E、F两点等高，BC长为。将小滑块从F点由静止释放，恰能滑到与O等高的D点。已知小滑块与AB及BC间的动摩擦因数相同，重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求小滑块与斜面间的动摩擦因数μ；（2）若AB足够长，改变释放点的位置，要使小滑块恰能到达E点，求释放点到水平面的高度h。16、（12分）一物体从20m高处水平抛出,1s末速度方向与水平方向的夹角为30°,(g取10m/s2,不计空气阻力)求:(1)落地时的速度大小;(2)落地点离抛出点的距离．17、（12分）如图所小，定在竖直平面内的轨道由直轨道AB和圆弧轨道BC组成，小球从斜面上A点由静止开始滑下，滑到斜面底端后又滑上半径R=0.4m的圆轨道（不计轨道连接处能量损失，g取10m/s2）。(1)若接触面均光滑，小球刚好能滑到圆轨道的最高点C，求斜面高h；(2)若接触面均粗糙，小球质量m=0.1kg，斜面高h=2m，小球运动到C点时对轨道压力大小为mg，求全过程中摩擦阻力做的功。

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】

宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，万有引力提供其向心力，宇航员所受到的重力等于万有引力，故A正确；宇航员在围绕地球做匀速圆周运动，向心力指向圆心，宇航员受力不平衡，故B错误；宇航员的加速度就是向心加速度，故C正确；万有引力和重力相等，所以重力正好为宇航员环绕地球做匀速圆周运动的向心力，选项D正确。本题选错误的，故选B。2、A【解析】

由x方向的速度图象可知，质点x轴方向初速度为vx=3m/s，y轴方向初速度vy=-4m/s，质点的初速度，故B错误。质点受到的合外力在x轴方向上，初速度方向与合外力方向不垂直，故C错误。由x轴方向的速度-时间图象可知，在x方向的加速度为1.5m/s2，合外力F=ma=3N，故D错误。2s内水平方向上位移大小，竖直方向上位移大小y=8m，合位移大小，故A正确。故选A3、B【解析】两行星相距最近时，两行星应该在同一半径方向上，A多转动一圈时，第二次追上，转动的角度相差，即，解得，B正确．【点睛】根据几何关系得到两颗卫星相距最近和相距最远所满足的角度关系，最近时两卫星在同一半径上角度差为2弧度，卫星相距最远时，两卫星在同一直径上，转过的角度差为弧度．4、D【解析】

A．弹簧的弹力为F=kx，弹力做功表达式可见物体对弹簧做的功与弹簧的压缩量平方成正比，故A错误；B．物体向墙壁运动相同的位移，弹力大小不同，故弹力做功不相等，故B错误；CD．物体向左运动，弹力方向向右，故弹力对物体做负功，弹簧的弹性势能增加，故C错误，D正确。故D正确。5、C【解析】

小行星绕太阳做匀速圆周运动，万有引力提供圆周运动向心力A．太阳对小行星的引力F=，由于各小行星轨道半径质量均未知，故不能得出太阳对小行星的引力相同的结论，故A错误；B．由周期T=知，由于小行星轨道半径大于地球公转半径，故小行星的周期均大于地球公转周期，即大于一年，故B错误；C．小行星的加速度a=知，小行星内侧轨道半径小于外侧轨道半径，故内侧向心加速度大于外侧的向心加速度，故C正确；D．线速度知，小行星的轨道半径大于地球半径，故小行星的公转速度小于地球公转的线速度，故D错误。故选C。6、A【解析】

宇航员出舱后仍受到地球的引力作用。宇航员出舱后相对飞船静止不动时，随飞船一起做圆周运动，重力提供向心力，加速度等于重力加速度，方向竖直向下，根据牛顿第二定律分析得知，宇航员不受飞船的支持力，处于完全失重状态。故选A。7、ABC【解析】根据万有引力提供向心力：，解得：，可得卫星的周期增大到原来的8倍，轨道半径增大为原来的4倍．根据万有引力提供向心力：，解得：，知卫星的向心加速度减小到原来的，故A说法错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，则知卫星的角速度减小到原来的，故B说法错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，则知卫星的线速度减小到原来的，动能，知，卫星的动能将减小到原来的，故D说法正确，C说法错误．所以选ABC．8、BCD【解析】

第一宇宙速度是发射卫星的最小速度，故三颗卫星的发射速度均大于7.9km/s故A错误；卫星绕地球圆周运动的过程中只受地球引力作用，具有向下的向心加速度，故卫星均处于失重状态，故B正确；据万有引力提供圆周运动向心力有，知卫星的向心加速度可知，第32颗卫星的运行轨道半径大，则向心加速度小，故C正确；卫星的周期知第32颗卫星的轨道半径大，运行周期大，故D正确．9、CD【解析】杆模型中，小球刚好能通过最高点P的速度为0，设小球在最高点时对杆的作用力为F，根据牛顿第二定律：F-mg=0，得：F=mg，故AB错误；在最高点，当速度大于，杆子表现为拉力，当速度小于，杆子表现为支持力．根据牛顿第二定律知，在最高点当速度大于，速度增大，则杆子的作用力增大，当速度小于，速度增大，则杆子的作用力减小．故CD正确；故选CD.点睛：解决本题的关键知道“杆模型”与“绳模型”的区别，知道向心力的来源，运用牛顿第二定律进行分析．10、BD【解析】

当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，R阻值减小，则总电阻减小，总电流变大，电流表A的示数变大，则路端电压减小，电压表V的示数变小，R0上电压变大，则灯泡L1两端电压减小，则亮度变暗；总电流变大，而L1电流减小，则L2电流变大，则灯泡L2变亮，则AC错误，BD正确。故选BD。11、BD【解析】试题分析：粒子的轨迹向下弯曲，粒子所受电场力大致向下，电场线方向斜向下，说明粒子带正电，故A错误；粒子从M运动到N的过程中，电场力做正功，粒子的电势能减小，动能增大，则粒子M点的电势能大于N点的电势能，正电荷在电势高的地方电势能大，故M点的电势大于N点的电势，B正确D错误；场线的疏密反映电场的强弱，所以M点的场强小于N点的场强，所以粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力，故C错误．考点：考查了电场强度，电场力做功，电势和电势能【名师点睛】由轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受电场力的大致方向，确定带电粒子的电性．根据电场力做功的正负判断电势能的大小和动能的大小．根据电场线的疏密判断电场强度的大小，再去判断电场力的大小．12、AD【解析】

由题意可知，物体做类斜抛运动，根据运动的合成与分解，结合力的平行四边形定则与运动学公式，即可求解；【详解】A、在t=0时开始受到恒力F作用，加速度不变，做匀变速运动，若做匀变速直线运动，则最小速度可以为零，所以质点受力F作用后一定做匀变速曲线运动，故A错误；

B、物体在恒力作用下不可能做圆周运动，故B错误；

C、设恒力与初速度之间的夹角是，最小速度为：

可知初速度与恒力的夹角为钝角，所以是，故C错误；

D、质点速度最小时，即在沿恒力方向上有：，解得：，故D正确．【点睛】考查类斜抛运动的处理规律，掌握合成法则与运动学公式的应用，注意分运动与合运动的等时性．二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度0.12m/s打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度【解析】

（1）相邻计数点间的时间间隔T=0.1s．根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上各点时小车的瞬时速度大小，即，.（2）作图时注意，尽量使描绘的点落在直线上，若不能落地直线上，尽量让其分布在直线两侧，如图所示：根据图线求出小车运动的加速度：．（3）将图线延长与纵轴相交，交点的纵坐标是零时刻的速度为0.12m/s，此速度的物理意义是：此速度的物理意义是打点计时器打下计时点A时纸带对应的速度．14、CD不是【解析】

(1)[1]A．斜槽轨道没必要光滑，只要到达底端的速度相等即可，故A错误；B．斜槽轨道末端必