2023年重庆市重庆下学期高考物理二模试卷含解析

2023学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下列说法正确的是（）

A.金属发生光电效应时，逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成正比

B.重核裂变（2,U+：n->%Xe+；；Sr+2（；n）释放出能量，噜Xe的结合能比空U的大

C.8g2；：Rn经22.8天后有7.875g衰变成2；：Po,贝吠;Rn的半衰期为3.8天

D.氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长小于从能级2跃迁到能级1辐射出的光子的波长

2、一列简谐横波沿x轴正方向传播，速度为0.5m/s,周期为4s。Z=ls时波形如图甲所示，a、。、C、。是波上的四个

质点。如图乙所示是波上某一质点的振动图像。下列说法正确的是（）

A.这列波的波长为1m

B.Z=Os时质点a的速度与质点b的速度相等

C.Uis质点a的加速度大小比质点分的加速度大

D.如图乙表示的是质点6的振动图像

3、一颗人造地球卫星在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速率为V,角速度为3,加速度为g,周期为T.另一颗人

造地球卫星在离地面高度为地球半径的轨道上做匀速圆周运动，则（）

A.它的速率为上B.它的加速度为金

24

C.它的运动周期为血TD.它的角速度也为3

4、科学家对物理学的发展做出了重大贡献，下列描述中符合历史事实的是（）

A.伽利略通过理想斜面实验，否定了“力是维持物体运动的原因”，并得出了惯性定律

B.牛顿通过月一地校验证明了行星和太阳间作用力的规律与月球和地球间作用力的规律是相同的

C.安培在研究电磁现象的过程中提出了分子电流假说，发现了安培定则和右手定则，并发明了电流计

D.法拉第在研究电磁现象的过程中引入了电场线和磁感线，并得出了法拉第电磁感应定律

5、如图为氢原子的能级示意图，锌的逸出功是3.34ev,那么对氢原子在能量跃迁过程中发射或吸收光子的特征，认识

正确的是（）

雨V

0

-0.54

-0.85

-151

A.用氢原子从高能级向基态跃迁时发射的光照射锌板一定不能产生光电效应

B.一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，能放出4种不同频率的光

C.用能量为10.3eV的光子照射，可使处于基态的氢原子跃迁到激发态

D.一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，发出的光照射锌板，锌板表面所发出的光电子的最大初动能为8.75eV

6、某同学设计了一个烟雾探测器，如图所示，S为光源，当有烟雾进入探测器时，S发出的光被烟雾散射进入光电管

Co光射到光电管中的钠表面产生光电子，当光电流大于或等于/时，探测器触发报警系统报警。已知真空中光速为c,

钠的极限频率为列，电子的电荷量为c,下列说法正确的是（）

散射的光束

财接报警系统财接报警系统

、、'

烟就彳卜壳

A.要使该探测器正常工作，光源S发出的光波长应大于—

%

B.若用极限频率更高的材料取代钠，则该探测器一定不能正常工作

C.若射向光电管C的光子中能激发出光电子的光子数占比为〃，报警时，，时间内射向光电管钠表面的光子数至少是

It

药

D.以上说法都不对

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，在竖直方向上A、B两物体通过劲度系数为A的轻质弹簧相连（轻质弹簧的两端分别固定在A、5上）,

8、C两物体通过细绳绕过光滑轻质定滑轮相连，A固定在水平地面上，C放在固定的倾角为30°的光滑斜面上。已知

5的质量为，"，C的质量为4m,重力加速度为g,细绳与滑轮之间的摩擦力不计。现用手按住C,使细绳刚刚拉直但

无张力，并保证a方段的细绳竖直、cd段的细绳与斜面平行。开始时整个系统处于静止状态，释放C后，它沿斜面下

滑，斜面足够长，则下列说法正确的是

b

A.整个运动过程中5和。组成的系统机械能守恒

B.C下滑过程中，其机械能一直减小

C.当8的速度达到最大时，弹簧的伸长量为攀

k

D.5的最大速度为2g但

V5k

8、如图(a),A、8为某电场中沿x方向上的两个点，现将正点电荷g从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向

运动一段距离到达8点，其电势能Ep随x的变化关系如图(b)所示，则

X

AB

(a)

A.从A到3,电势先逐渐降低后逐渐升高

B.从A到8,电场强度先增大后减小

C.从A到8的过程中，电荷所受电场力先减小后增大

D.从A到8的过程中，电场力对电荷先做负功后做正功

9、关于气体的性质及热力学定律，下列说法正确的是()

A.气体压强本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力

B.气体的温度越高，分子热运动就越剧烈，所有分子的速率都增大

C.一定质量的理想气体，压强不变，温度升高时，分子间的平均距离一定增大

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性

E.外界对气体做正功，气体的内能一定增加

10、如图所示，轻绳一端连接小木块A,另一端固定在。点，在4上放小物块8,现使轻绳偏离竖直方向成。角由静

止释放，当轻绳摆到竖直方向时，A受到挡板的作用而反弹，8将飞离木块飞离瞬间无机械能损失）做平抛运动.

不计空气阻力。下列说法正确的是（）

A.若增大。角再由静止释放，可以增大5落地时速度方向与水平方向之间夹角

B.若增大。角再由静止释放，平抛运动的水平位移将增大

C.A,8一起摆动过程中，4、B之间的弹力一直增大

D.A、5一起摆动过程中，A所受重力的功率一直增大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）图甲是某同学在做“探究加速度与力、质量的关系”实验初始时刻的装置状态图，图乙是该同学得到一条用

打点计时器打下的纸带。

甲

乙

（1）写出图甲中错误的地方o（至少写出两点）

（2）图甲中所示打点计时器应该用以下哪种电源o

A.交流4~6VB.交流220V

C.直流4~6VD.直流220V

（3）为完成“探究加速度与力、质量的关系”实验，除了图甲中装置外，还需要用到以下哪些装置

A.

D.dHfa

c

(4)该装置还可用于以下哪些实验_____________o

A.探究小车速度随时间变化的规律实验

B.用打点计时器测速度实验

C.研究平抛运动的实验

D.探究做功与物体速度变化的关系实验

(5)图乙是打点计时器打出的点，请读出C点对应的刻度为cm,已知打点计时器的频率为50Hz,打点计时

器在打C点时物体的瞬时速度叱=m/s,由此纸带测得小车的加速度为a=m/s2(最后两空计算结果均保

留到小数点后面两位数字)。

12.(12分)为了测量木块与木板间动摩擦因数某实验小组使用位移传感器设计了如图所示的实验装置，让木块从

倾斜木板上A点由静止释放，位移传感器可以测出木块到传感器的距离。位移传感器连接计算机，描绘出滑块与传感

⑴根据上述图线，计算可得木块在0.4s时的速度大小为口=()m/s；

(2)根据上述图线，计算可得木块的加速度大小〃=()m/s2；

(3)现测得斜面倾角为37。，则片()。(所有结果均保留2位小数)

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，在直角坐标系xoy的第一象限中有两个全等的直角三角形区域I和H,充满了方向均垂直纸

面向里的匀强磁场，区域I的磁感应强度大小为队，区域II的磁感应强度大小可调，C点坐标为(4L3L),M点

为OC的中点.质量为，"带电量为-q的粒子从C点以平行于y轴方向射入磁场H中，速度大小为磔白，不计粒子所

受重力，粒子运动轨迹与磁场区域相切时认为粒子能再次进入磁场.

(1)若粒子无法进入区域I中，求区域n磁感应强度大小范围；

(2)若粒子恰好不能从AC边射出，求区域II磁感应强度大小；

(3)若粒子能到达M点，求区域H磁场的磁感应强度大小的所有可能值.

AlC

XXX

....................................................

。D

x

14.（16分）如图所示，ABC等边三棱镜，尸、Q分别为A3边、4c边的中点，BC面镀有一层银，构成一个反射面,

一单色光以垂直于8c面的方向从尸点射入，经折射、反射，刚好照射在4c边的中点Q,求

①棱镜对光的折射率；

②使入射光线绕P点在纸面内沿顺时针转动，当光线再次照射到Q点时，入射光线转过的角度.

15.（12分）为了观察门外情况，在门上开一小圆孔，将一块圆柱形玻璃嵌入其中，圆柱体轴线与门面垂直。从圆柱

底面中心看出去，可以看到的门外入射光线与轴线间的最大夹角称做视场角。已知该玻璃的折射率为"，圆柱形玻璃

的厚度为底面半径为广，则视场角为。（用反三角函数表示）

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.根据爱因斯坦光电效应方程可知，逸出的光电子的最大初动能与入射光的频率成一次函数关系，不是正比关系，

故A项错误；

B.重核裂变过程释放出能量，组成原子核的核子越多，它的结合能越大，故B项错误；

C.根据衰变规律得

小刁*)，

由题意知

相剩=(8—7.875)g=0.125g

Z=22.8天

解得汇=3.8天，故C项正确；

D.根据八£=牛可知，入射光的能量与波长成反比，氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子小于从能级2跃迁

到能级1辐射出的光子的能量，则氢原子从能级3跃迁到能级2辐射出的光子的波长大于从能级2跃迁到能级1辐射

出的光子的波长，故D项错误。

故选C。

2、C

【解析】

A.由题可知，速度为0.5m/s,周期为4s,则波长

A-vT=0.5x4=2m

A错误；

B.QOs时质点a在波峰处，速度为零，质点)在平衡位置，速度最大，B错误；

C.因为周期7=4s,所以当Uis时经历了工，此时质点a在平衡位置，位移为零，加速度为零，质点分在波峰处，位

4

移最大，加速度最大，C正确；

D.由乙图可知，当Qis时该质点在波谷处，与此相符合的质点是质点c,D错误。

故选C。

3、B

【解析】

A、研究地面附近的卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力：空胆=m匚,R为地球半径，M为地

R2R

GMm'v'2

球质量，，为卫星的速率.研究另一个卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力向再=住,联

立解得：V，*V,故A错误;

2

B、忽略地球自转的影响，根据万有引力等于重力：空Jng,可得：g="GMg

即：g，=（27?）2=4,故B正确;

GMm4%“

C、研究地面附近的卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力:———=m—―

R2T-

另一个卫星的周期：T'=2nT,故C错误;

GM

D、地面附近的卫星的周期与另一个卫星的周期不等，根据3=，得它们的角速度也不等，故D错误。

T

故选B。

4、B

【解析】

A.伽利略通过理想斜面实验，说明了力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动的原因，牛顿得出了惯性

定律，A错误；

B.牛顿通过月一地检验证明了行星和太阳之间作用力的规律与月球和地球之间作用力的规律是相同的，B正确；

C.安培在研究电磁现象的过程中提出了分子电流假说，发现了安培定则，并发明了电流计，但右手定则不是安培发

现的，C错误；

D.法拉第在研究电磁现象的过程中引入了电场线和磁感线，纽曼和韦伯总结出了法拉第电磁感应定律，D错误。

故选B。

5、D

【解析】

A、氢原子从高能级向基态跃迁时发出的光子的最小能量为10.2eV,照射金属锌板一定能产生光电效应现象，故A错

误；

B、一群处于n=3能级的氢原子向基态跃迁时，根据《=3可知，能放出3种不同频率的光，故B错误；

C、用能量为10.3eV的光子照射，小于12.09eV,不可使处于基态的氢原子跃迁到激发态，要正好等于12.09eV才能

跃迁，故C错误；

D、氢原子从高能级向n=3的能级向基态跃迁时发出的光子的能量最小为E大=-1.51+13.6=12.09eV,因锌的逸出功是

3.34ev,锌板表面所发出的光电子的最大初动能为EKm=12.09-3.34=8.75eV,故D正确；

故选D.

6、C

【解析】

A.根据c=可知，光源S发出的光波波长

，=£

%

即要使该探测器正常工作，光源S发出的光波波长小于£,故A错误；

%

B.根据光电效应方程可知，用极限频率更高的材料取代钠，只要频率小于光源S发出的光的频率，则该探测器也能

正常工作，故B错误；

C.光电流等于/时，，秒产生的光电子的个数

It

n=——

e

，秒射向光电管钠表面的光子最少数目

…〃It

N=—=—

>15

故C正确；

D.由以上分析，D项错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.整个运动过程中，弹簧对5物体做功，所以8和C组成的系统机械不守恒，故A错误；

B.C下滑过程中，绳子的拉力对C做负功，由功能关系可知，物体C的机械能减小，故B正确；

C.当B的速度最大时，其加速度为零，绳子上的拉力大小为冷陪，此时弹簧处于伸长状态，弹簧的伸长量刈满足

kx2=mg

得

“一k

故C错误；

D.释放瞬间，对8受力分析，弹簧弹力

F=kx、=mg

得

x_螫

%-k

物体B上升的距离以及物体C沿斜面下滑的距离均为

h=Xl+X2

由于X1=X2,弹簧处于压缩状态和伸长状态时的弹性势能相等，弹簧弹力做功为零，设B物体的最大速度为Vm,由机

械能守恒定律得

,12

4mghsina-mgh=—(m+4〃z)v

解得：

故D正确。

8、AC

【解析】

AD.正点电荷g从A点静止释放，仅在电场力作用下沿x轴方向运动一段距离到达3点，电势能先减小后增大，则正

电荷从A到5电场力先做正功，后做负功；正点电荷g电势能先减小后增大，所以电势先降低后升高。故A正确，D

错误；

BC.电势能EP随位移x的变化关系图象的斜率表示电场力的大小，因此电场力先减小后增大，电场强度先减小后增大,

故B错误，C正确。

9、ACD

【解析】

A.气体压强是由大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的作用，所以其本质上就是大量气体分子作用在器壁单位面积

上的平均作用力，所以A正确；

B.物体的温度越高，分子的平均动能就越大。分子的平均动能大，并不是每个分子动能都增大，也有个别分子的动

能减小，所以B错误；

C.根据理想气体状态方程

T

可知，一定质量的理想气体，压强不变时，温度升高时，体积增加，故分子间的平均距离一定增大，所以C正确；

D.气体的扩散现象说明涉及热现象的宏观过程具有方向性，所以D正确；

E.外界对气体做功

W>0

由于不知道气体是吸热还是放热，根据热力学第一定律

△U=W+Q

无法确定气体的内能增加还是减小，故E错误。

故选ACD„

10、BC

【解析】

A.设绳子的长度为L,4的质量为M,B的质量为，小4从最高点到最低点的过程中机械能守恒，设到达最低点时的

速度为v,则：

g(M+m)v2=(M+m)gL(i-cosB)

可得

v=J2gL(1-cos。)

若增大e角再由静止释放，则a到达最低点的速度增大；

8开始做平抛运动时的速度与A是相等的，设抛出点的高度为瓦则8落地时沿水平方向的分速度

B落地时速度方向与水平方向之间夹角设为明则

tan—

VJ2gL(1-cos8)vMl-cos0)

可知。增大则a减小，所以增大。角再由静止释放，5落地时速度方向与水平方向之间夹角将减小。故A错误;

B.若增大。角再由静止释放，平抛运动的水平位移

x=vt=yj2gL(l-cosd)•=2yJhL(l—cos0)

可知增大。角再由静止释放，平抛运动的水平位移将增大，故B正确;

C.A与5一起摆动的过程中3受到的支持力与重力沿4。方向的分力的合力提供向心力，在任意位置时

L廿

F-mgcosa=-----

N£

在摆动的过程中4与5的速度越来越大，绳子与竖直方向之间的夹角减小，所以支持力队越来越大。故C正确；

D.A、8一起摆动过程中，开始时它们的速度为零，则重力的功率为零；A与B一起恰好到达最低点时，沿竖直方向

的分速度为零，所以重力的瞬时功率也等于零，可知A所受重力的功率一定是先增大后减小，故D错误。

故选BC„

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、小车释放时距打点计时器过远；细线没有放在滑轮上；细线没有与木板平行BBCABD11.00

0.60(0.59—0.63均可)1.35(1.30~1.40均可)

【解析】

(1)⑴小车释放时距打点计时器过远、细线没有放在滑轮上、细线没有与木板平行均为错误操作；

(2)［2］图甲中是电火花计时器，电源应用交流电压220V,故选B；

(3)［3］题图甲中已经有了电火花计时器，故不再需要电磁打点计时器，故A错误；实验中需要测量小车质量及纸带

点间距离，故要用到天平和刻度尺，故BC正确；题图甲中已经有钩码，不需要质量较大的祛码，故D错误，故选BC；

(4)⑷本装置不能做平抛运动实验，其他均可，故选ABD；

(5)⑸⑹［7］刻度尺分度值为1mm,故读数为11.00cm；

选C点前后点数据可得瞬时速度

x(12.22—9.82)x10-2m八”,

v=—=--------------------------=0.60m/s

r°t0.04s

前面的点抖动明显存在误差，选择后面的点计算

a=竺J'-ILOOiLOO*%］。*=1.35mzs?

t20.12

12、0.401.000.63

【解析】

(1)口］木块在斜面上做匀加速直线运动，某段时间内的平均速度等于这段时间内中间时刻的瞬时速度，则木块在0.4s

时的速度大小

(30-14)x10-2

m/s=0.40m/s

0.6-0.2

⑵⑵木块在0.2s时的速度大小

(32-24)x10-2

m/s=0.20m/s

0.4-0

木块的加速度大小

,=0=吐丝加=1。0mzs2

△t0.4-0.2

(3)网斜面倾角为37。，则对木块受力分析，由牛顿第二定律可得

〃?gsin37°-〃加gcos37°

m

解得

»0.63

8

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)B〈殳;(2)6=*%；(3)若粒子由区域I达到M点，n=l时，8==为；n=2时，B=n=3时,

649816

8=金线；②若粒子由区域n达到M点，n=0时，B=^-Bo,n=l时，-

24816

【解析】

(1)粒子速度越大，半径越大，当运动轨迹恰好与x轴相切时，恰好不能进入I区域

故粒子运动半径石〉3L

粒子运动半径满足：代入