2018中考物理真题分类汇编专题28电功率(含解析)

专题28电功率一.选择题（共2小题）.（2018•北京）有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1800W,乙的额定功率为1200W.两个电热水壶都正常工作时，下列说法中正确的是（ ）A甲电热水壶两端的电压较高B电流通过甲电热水壶做功较快c通过两个电热水壶的电流相等D相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多【分析】额定电压是指用电器正常工作是的电压；电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据和W来作出分析和解答。【解答】解：、两电热水壶的额定电压相同，且都正常工作，所以它们两端的电压相等，故错误；、甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故正确；、两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据 可知，通过甲的电流大，故错误；、两个电热水壶都正常工作时，通电时间相同，甲的额定功率大，根据W可知，甲消耗的电能多，故错误。故选：、.（2018•邵阳）将规格都是“220V180W”的一台电冰箱、一台电脑和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，若通电时间相同，则下列说法正确的是（ ）A电冰箱产生的热量最多、电脑产生的热量最多c电热毯产生的热量最多、三者产生的热量一样多【分析】由题意知，三种用电器的额定电压都是220V,额定功率都是180W；家庭电路电压是220V,把这三个用电器接入家庭电路，三个用电器都正常工作，实际功率相同都等于额定功率，通电时间相同，根据W可知消耗的电能相同；通过分析三种用电器工作时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：因为接在家庭电路中， 220V所以三种用电器的实际功率：实额180；又因为Wp用电器工作时间相等，所以三种用电器消耗的电能相同，

电冰箱电工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电脑工作时，主要将电能转化为光能和声能，电热毯工作时电热丝产生热量，几乎把电能全部转化为热量，所以产生热量最多的是电热毯，故正确。故选：C（2018•宜昌）两个定值电阻1、2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关，则，产生的热量之比为（ ）1 2甲・2：1.1：2. 41.1：【分析】根据图象利用欧姆定律判定、【分析】根据图象利用欧姆定律判定、12【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过1、2的电流之比为2：1；根据=可知，、的电阻之比为1：2；12通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式W==可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。通电时间相同，电压相同，则根据焦耳定律公式故选：.（2018•绍兴）下列有关家庭电路的说法正确的是（ ）.家庭电路中的插座应与用电器串联.家庭电路的电压对于人体是安全的.测电笔可以辨别零线与地线.电能表用来测量用户消耗的电能【分析】（1）明确家庭电路的各用电器都是并联的；用电器与用电器之间、用电器与插座之间都是并联的;（2）家庭电路的电压是220v人体安全电压不高于 6（3）使用测电笔可以辨别火线和零线。（4）根据电能表的用途进行分析，即电能表是测量用户在一定时间为消耗电能的多少。【解答】解：A家庭电路中用电器与用电器、用电器与插座、插座与插座之间都是并联连接的，故错误；B对人体的安全电压是不高于 ，家庭电路的电压是220V所以家庭电路的电压对于人体是不安全的；故错误；C零线、地线和大地间的电压都是0,用测电笔分别接触零线与地线时，氖管都不发光，所以测电笔不能辨别零线与地线，但测电笔可以辨别火线和零线，故错误；D电能表用来测量用户在一定时间内消耗的电能，并且根据电能的多少来收取电费，故正确。故选：D（2018•钦州）电炉工作时，根据焦耳定律可知，相同时间内电炉丝产生的热量比导线多，所以电炉丝热得发红而连接电炉丝的导线不太热，其原因是（ ）A电炉丝的电阻较大B电炉丝与导线是并联的C电炉丝的横截面大D通过电炉丝的电流较大【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析判断。【解答】解：电炉子在使用时，电炉丝和导线串联，-I，通电时间相同，电炉丝导线因为2t电炉丝＞导线，所以电流产生的热量：电炉丝A导线，从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象。故选：A（2018•北京）下列用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）A电暖气 B计算器 C电视机 D笔记本电脑【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生Y热量，这种现象叫做电流的热效应。根据各用电器的能量转化可做出判断。【解答】解：A电暖气工作时将电能转化为内能，利用Y电流的热效应，故符合题意；B计算器工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故不符合题意；c电视机工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故不符合题意；

D笔记本电脑工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故不符合题意。故选：A。（2018•乐山）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（ ）A.电风扇 .洗衣机.电热水壶D电视机【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，据此分析即可判断。【解答】解：A、电风扇工作时将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作，故A不符合题意；、洗衣机工作时将电能转化机械能，不是利用电流热效应工作，故不符合题意；、电热水壶工作时将电能转化为内能，是利用电流热效应工作，故符合题意；D电视机工作时将电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作，故不符合题意。故选：、.（2018•玉林）如图所示，电源电压为10并保持不变，滑动变阻器规格为“20Q1A”。闭合开关，当滑片移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0；A当滑片移至中点时，电流表示数为0*则（ ）A.电路消耗的最小功率为2b滑片在中点时，灯泡消耗的功率为2c滑片在中点时，灯泡消耗的功率为 2.滑片在最左端时，2 内电流通过灯泡所做的功为10【分析】（1）当滑片移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和=-即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比较判断；（2）滑片在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压,根据 求出灯泡的实际功率；（）滑片在最左端时，根据【解答】解：（）滑片在最左端时，根据【解答】解：求出内电流通过灯泡做的功。（1）当滑片移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，由I=£可得，灯泡正常发光时的电阻：=JL=;卢（二=20。；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路消耗的功率最小，若不考虑灯泡电阻随温度的变化，根据串联电路的电阻特点可得，最小总功率：=X=^<it=25最小介应,二nUi也必由于灯泡不正常工作时的电阻低于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2 5故错误；（2）滑片在中点时，电流表示数为0 ,根据I=£可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=1滑=0X*X20Q=V因串联电路中总电压等于各电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：U‘二U-U滑=10V-V=6V灯泡的实际功率：=U'I=6VX0 =2；故正确，错误；（）滑片在最左端时，2 内电流通过灯泡做的功：=UI=10X0X2X60=600,故错误。故选：。（2018-潍坊）最先精确确定电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间关系的物理学家是（ ）A欧姆・焦耳.奥斯特・法拉第【分析】在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律。【解答】解：英国物理学家焦耳做了大量实验，于180年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出=It为了纪念他做出的贡献，人们将他的名字命名为热量（能量）的单位，故选：。.（2018•海南）如图所示，、为两盏白炽灯，灯型号是“110V25W”， 灯型号是“110V100W”，个未知电阻。若把它们接到电压为220V的电路上，下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是（y2］。蒙1 -22OV1j220V1 -220V<>—1【分析】（1）根据串联电路电阻的分压特点可知，电压相等时，电阻也要相等。TOC\o"1-5"\h\z* 芾（2）已知电源电压相等，根据公式=-可知，电路中电阻越大。消耗的功率就越小，先根据公式=分别求出\o"CurrentDocument"R P灯泡和灯泡的电阻，再求出、、图总电阻进行比较，即可得出结论。\o"CurrentDocument"2 U2 2【解答】解：根据公式工可知，灯泡的电阻工111州— 出,\o"CurrentDocument"R P, 25W±1jy2 2灯泡的电阻—山独一12。。Pp100WLi、图中灯泡和的并联，电压为220V,则、两端电压均为220V,大于其额定电压，故两盏灯都不正常发光，故不符合题意；、图中灯泡和的串联在电压为220V的电路中，由于两灯泡电阻不同，所以两灯泡两端的电压都不是其额定电压110V,则两盏灯都不正常发光，故不符合题意；C图是灯泡和可变电阻并联后又和灯泡串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡与可变电阻并联后和灯泡的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡和灯泡能正常工作，故符合题意；D图是灯泡和可变电阻并联后又和灯泡串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡与可变电阻并联后和灯泡的电阻相等；并联电路，电阻更小；故灯泡和灯泡不能正常工作时，故不符合题意；故选：。11.（2018•荆门）如图所示的电路，电源电压为V且保持不变，定值电阻1。，滑动变阻器2阻值范围为0〜。.闭合开关，在滑片从左向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）~S）-I（I—&S用 @ .滑动变阻器的最大功率为1..滑动变阻器的最大功率为2WC滑动变阻器的最大功率为22Wd电压表示数从0V增大到2V【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据=IR表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R的简单电路，电压表测电源两端的电压；当滑动变阻器接1入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，然后得出电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I二司飞行滑动变阻器消耗的电功率：U2ufufr2=I2R2=（不示二）2R2=*2）-二*一+瓯氏+2“一-尔氏+2+4尺产2=f'一员）. ，一R； R； 一+犯所以，当R2=R1=1Q时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则十二=£=」更匕=22，W故错误、正确；2大（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，此时电路中的电流：— —3V八.I=Ri+R汰=1，+40=06，电压表的最小示数：=I'R=06X1Q=06V1 1所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到06V故错误。故选：。12.（2018•南京）如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V3W”字样，闭合开关后，当滑片移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为；当滑片移至某一端点时，电流表示数为 ，电压表示数变化了 ，此时滑动变阻器消耗的功率为，且：=56下列判断正确的是( )B电路允许消耗的最大功率为.小灯泡正常发光时，滑片位于滑动变阻器中点位置D滑动变阻器消耗的功率由变为的过程中，小灯泡消耗的功率变化Y【分析】()由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；当滑片移至某一端点时，电流表示数为 ，电流表示数减小，电阻变大，说明滑片在最大阻值处，算出滑动变阻器的最大阻值；()根据=和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；()根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片的位置；()根据=算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。()设电源电压为U当滑片移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，由=可得，此时电路中的电流为：I=I亏=二-瞿二 5UL6P滑动变阻器消耗的功率为：=(-)1=(- )x ①当滑片移至某一端点时，电流表示数为 ，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了即增大了，此时滑动变阻器两端的电压为：尸--二，滑此时滑动变阻器消耗的功率为：=滑I/二(- )x ②已知： =5 ----③联立①②③解得，电源电压U=V则滑动变阻器的最大阻值为：滑大二詈二糕二爷等二20。，故A错误；(2)灯泡的额定电流为0.5A,则电路中的最大电流为0.5A,电路允许消耗的最大功率：大二UI大二W0.5A二.5W故正确；(3)小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U滑/二U-6V=W6V=3V,此时滑动变阻器的电阻为：滑‘二—1一=涓7=6。，因为滑动变阻器的最大阻值为20。，所以此时滑片不在中点位置，故错误；()由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为1,则此时灯泡消耗的功率=额二3W,滑动变阻器消耗的功率由1变为2的过程中，电压表示数变化了3V即增大了3丫，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V,则此时灯泡两端的电压U/=6V-3V=3V,此时灯泡消耗的电功率：‘二U‘I‘=3VX0.3A=0.W则灯泡消耗的功率变化了：4=-'=3W-0.W=2.1,故错误。故选：。13.(2018•岳阳)如图，电源电压恒为.5V@的量程为“0〜0.6A”，⑰的量程为“0〜3V"，灯泡上标有“2.5V1.25W"(不考虑灯丝电阻变化)，滑动变阻器的规格为“20。1A"。闭合开关，在保证电路安全的情况下，移动滑片的过程中()A.®的示数最大为0.6A.灯泡消耗的最小功率为0.12WC电路消耗的最大总功率为2.WD滑动变阻器接入电路的最小电阻为。【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据与求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据4求出电路消耗的最大电功率；(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时,电路中的电流最小,灯泡消耗的电功率最小,根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据 2求出灯泡消耗的最小功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由 可得，灯泡的额定电流:心第05故错误;因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0〜0 6滑动变阻器允许通过的最大电流为1A所以，电路中的最大电流大0,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，由工可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为：R以酒。，工生里°,U.5人 总■*■大U.5人因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：,R- 0-° °，故正确；小总电路消耗的最大总功率：+ +X0 2,故错误；大大（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的最小电流：小瓦+R大50+加018则灯泡消耗的最小功率：2 （018）2X°01,2故错误。小小故选：D14（2018•无锡）图甲是模拟调光灯。电源电压为 0小灯泡额定电压为2，电流随电压变化的-图象如图乙所示，小灯泡两端电压达到0时“刚亮”；铅笔芯长1、阻值为°，其阻值与长度成正比。回形针固定在铅笔芯右端，回形针可以在铅笔芯上自由滑动，该调光灯在使用时，以下说法错误的是（ ）.闭合开关，移动能连续调光.闭合开关，滑到距点0处，小灯泡的实际功率为0..在距点. 处做标记，可以提醒向滑过此处，小灯泡将不安全.小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光，实际功率变化范围为0.04〜0.【分析】()当铅笔芯电阻全部接入电路中时，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图象读出符合要求的电流和电压，然后判断灯泡是否能发光，然后判断移动时能否连续调光；()铅笔芯长 、阻值为①，其阻值与长度成正比，据此求出滑到距点0处和滑到距点.处接入电路中的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图乙读出符合要求的电流和电压，根据=求出小灯泡的实际功率，灯泡两端的电压大于额定电压下时将不会安全；()根据=求出小灯泡“刚亮”和正常发光时的功率，然后得出小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光时的实际功率变化范围。【解答】解：A当铅笔芯电阻全部接入电路中时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，其各处的电流相等，所以，由士可知，电源的电压：= ,即4.0V=Xe,由图乙可知，灯泡两端的电压=0.4V,通过灯泡的电流=0.时符合，此时小灯泡两端电压达到0.4V“刚亮”，所以，闭合开关，移动能连续调光，故正确；b因铅笔芯长、阻值为e，其阻值与长度成正比，所以，滑到距点0处，接入电路中的电阻：e=2，0则电源的电压：U=U'IR/，即 .0V=UIX20Q,由图象可知，灯泡两端的电压U,=0.8V,通过灯泡的电流I,=0.16A时符合，此时小灯泡的实际功率：=Ui=0.8VX0.16A=0.128w故错误；C滑到距A点2.5处，接入电路中的电阻:R〃二"2*2.5 =5,15ciri则电源的电压：U=U〃 I〃R〃，即.0V=U' I〃X5Q,由图象可知，灯泡两端的电压U〃=2.5V,通过灯泡的电流I,=0.3A时符合，此时灯泡正常发光，所以，在距A点2.5处做标记，可以提醒向A滑过此处，小灯泡两端的电压超过额定电压将不安全，故正确;.小灯泡“刚亮”时的实际功率：=UI=0.*0.12A=0.08,小灯泡正常发光时的实际功率：〃二U〃I〃=2.5VX0.3A=0.5w所以，小灯泡工作时，从“刚亮”到正常发光，实际功率变化范围为0.08〜0.5w故正确。故选：。15.(2018•通辽)小明同学在进行电学知识复习时，针对电阻甲和乙的I-U图象，作出了如下判断，正确的是( )A.甲、乙串联在电路中，相同时间内甲、乙产生热量之比为2：1.甲、乙并联在电路中，相同时间内甲、乙消耗电能之比为1：2C将甲和乙并联，当甲两端电压为2V时，则它们的干路电流为0.6Ad将甲和乙串联，当它们两端电压为3V时，通过甲的电流为0.6A【分析】(1)(2)根据串并联电路的特点、=IR求出它们产生热量和消耗电能的比值;(3)(4)根据串并联电路的电流、电压关系判定各个选项。【解答】解：A、甲、乙串联在电路中，电流是相同的，由图象可知，当电流都为0.2A时，甲的电压为IV,乙的电压为2V,即甲两端的电压是乙两端电压的费（取其它电流值仍然存在这样的关系），根据2可知，相同时间内甲、乙U产生热量之比为1：2,故A错误；b甲、乙并联在电路中，电压是相同的，由图象可知，当电压为2V时，甲的电流是0.A乙的电流是0.2A，即甲的电流是乙的电流的2倍，根据 2可知，相同时间内甲、乙产生热量之比为2：1,故错误；c将甲和乙并联，并联电路各支路两端的电压相等；当甲两端电压为2V时，由图象可知，通过甲的电流为0.A通过乙的电流为0.2A，根据并联电路的电流关系可知，干路电流为0.A0.2A0，故.正确；d将甲和乙串联，电流相同，由图象可知，当电路中的电流为0.2A时，甲的电压为1V，乙的电压为2V，满足它们两端电压（总电压）为3V，所以由串联电路的电流特点可知，通过甲的电流为0.2A，故错误。故选：C16（2018•内江）将规格为“2.5V0.3A”的小灯泡1和规格为“3.8V0.3A”的小灯泡2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（ ）A.1的电阻大于2的电阻.1的亮度比2的亮度更小.两只灯泡都正常发光.两只灯泡实际功率相等【分析】根据电路图可知，两灯泡串联；先根据欧姆定律的变形公式=比较两灯泡阻值的大小，根据串联电路电流的特点以及 2比较灯泡的明暗程度。根据2分析两只灯泡实际功率。【解答】解：A、由欧姆定律的变形公式=可得： <；故A错误；B因为串联电路处处电流相等，由 2可知，电流一定时，电阻越大，功率越大，因此灯泡的实际功率小于灯1泡2的实际功率，即灯泡2更亮，故正确；C两只灯泡都没有在额定电压下工作，所以都不正常发光，故错误；D因两灯泡的电阻不等，由 2可知，两只灯泡实际功率不相等，故错误。故选：B17（2018•深圳）如图为“探究焦耳定律”的实验装置。两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后,右侧玻璃管中液面比左侧高。下列说法正确的是（ ）

A通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这种方法是控制变量法B右侧电阻丝的阻值比左侧小c通过右侧电阻丝的电流比左侧小D该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系【分析】ID根据转换法分析；（2）形管中的液面越高，表明产生的热量越多，结合焦耳定律进行解答；（）在串联电路中，各处的电流是相同的；（）根据控制变量法分析。【解答】解：、通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这属于转换法，故错误；、由图知，两电阻丝串联，根据串联电路的电流特点可知，各处的电流是相同的，故错误；、两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高，说明电流通过右侧电阻丝产生的热量多；电流和通电时间均相同，根据焦耳定律2可知，右侧电阻丝的阻值大，故错误；、由前面解答可知，通过电阻丝的电流和通电时间均相同，由于左右两侧电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系，故正确。故选：、18.（2018•沈阳）如图所示，电源电压保持不变，11Q,闭合开关1,断开开关2,电流表示数为02、同时闭合开关1、2,电流表示数为0,此时1、2的电功率分别为1、2.下列判断正确的是（ ）1122=：2=R2：：P=2：12：1122=：2=R2：：P=2：12：R=R3：212C．P：P=：32 ：RR=2：5D．P：P=3：2 ：R=R3：212 12 12 12【分析】由电路图可知，闭合开关1,断开开关2时，电路为1的简单电路，电流表测通过1的电流；同时闭合开关1、2时，1与2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过2的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，根据求出两电阻的电功率之比。【解答】解：由电路图可知，闭合开关1，断开开关2时，电路为1的简单电路，电流表测通过1的电流；同时闭合开关1、2时，1与2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过的电流：2I0 -02 0,2 1因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由=可得，两电阻的阻值之比：K,著£耨H故错误；工：2由 可得，两电阻的电功率之比：V；粉T；=.，故正确、错误。故选：。19（2018•达州）如图所示电路，电源电压不变，闭合开关，当滑片置于变阻器的端时，电压表的示数为,在10内定值电阻1产生的热量为6当滑片置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2v下列结果正确的是（ ）

先后两次消耗的电功率之比为3：.滑动变阻器的最大阻值为 0.电源电压为VD的阻值为0【分析】由电路分析可知，与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到点时电压表的示数，则由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得与最大值之间的关系及电源的电压；由功率公式可求得的阻值，则可求得的最大阻值；最后由功率公式分别求得先后两次消耗的电功率，即可求得比值。【解答】解：由电路图可知，与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当滑片在端时，由欧姆定律可知，电流中的电流：禺+叼则滑动变阻器两端的电压（电压表的示数）：UR2UR2R]+R2二6V由题意知，当滑片滑到中点处时，滑动变阻器接入电阻变小，变阻器分得电压变小，即电压表示数应减小，所以，滑片滑到中点时，滑动变阻器两端电压为,=6V-V=；V同理可得，滑动变阻器两端的电压（电压表的示数）：展也TOC\o"1-5"\h\z'=i=+ ②乙2①：②可得：,可?上，尺1+电 弓解得= ③将③代入①:UR2R]+R2将③代入①:UR2R]+R2叫=；1+R]二6V,可得电源电压：=,故错误；当滑片滑到端时，两端电压为：=-=▽6V=6V；=J得:31=J得:31x

36J0,故错误;因2=1，所以变阻器2的最大阻值为3，故正确;V=8V，滑片在中点时，两端的电压为U‘二U-U'=12V-V=8V，则先后两次的电压之比为：1由凌可得先后两次消耗的电功率之比:Pi329由凌可得先后两次消耗的电功率之比:Pi329U/24216,错误。故选：20.（2018•湘西州）以下所列家用电器中，正常工作时，电能主要转化为机械能的是电风扇电水壶电饭煲电视机电水壶电饭煲电视机获得了其它形式的能量，就【分析】电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程，用电器消耗了电能，是一个电流做功的过程。获得了其它形式的能量，就【解答】解:在常见的家用电器中，电风扇主要把电能转化为机械能;而电水壶、电饭煲主要把电能转化为内能；电视机主要将电能转化为光能和声能。故选：21.（2018•福建）新的国家标准对廷长线插座配用电缆的导线横截面积要求进行了修改，额定电流1 的延长线插座，导线最小标称横截面积由12提升到1 2.增大导线横截面积的目的是（ ）.增大导线的电阻.减小通过导线的电流.增大导线的电压 .减小导线发热的功率【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据2分析导线的发热功率变化，要注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。【解答】解：A廷长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故错误；B通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，无法判断通过导线电流的变化，故错误；c在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由 可知，可以减小导线两端的电压，故错误；d在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由 2可知，可以减小导线发热的功率，故正确。故选：D22.（2018•泸州）小明家有额定电压相同的微波炉和电视机各一台，按照每度电0 元的计费标准，将这两个用电器正常工作1所用的电费绘制成了如图所示的柱状图，对小明家的这两个用电器，下列判断正确的是（ ）・微波炉正常工作时的电压大于电视机正常工作时的电压・微波炉正常工作时的电流等于电视机正常工作时的电流・微波炉正常工作时的电功率大于电视机正常工作时的电功率D每月在微波炉上用的电费一定比在电视机上用的电费多【分析】（1）根据用电器正常工作时的电压与额定电压相等分析判断；（2）从柱状图可知两用电器正常工作1小时的电费，进而知道消耗的电能，再根据=和 判断通过用电器的t电功率和电流；（）电能计算： ；电能的多少与电功率大小和时间长短有关；【解答】解：、用电器正常工作时的电压等于额定电压，由于微波炉和电视机的额定电压相同，所以这两个用电器正常工作时的电压相等，故错误；、由柱状图可知，微波炉正常工作1小时的电费比电视机高，而单价是一定的，所以微波炉消耗电能多，根据=可知，微波炉电功率大于电视机的电功率，故正确；t电压相同，由 可知，微波炉正常工作时的电流大，故错误；D虽然微波炉电功率大，由于不知道一个月内它们的实际工作时间，根据 知无法判断微波炉和电视机消耗的电能的多少，所以无法比较电费的多少，故错误。故选：。23（2018•无锡）用如图的装置探究影响电流热效应的因素”，电阻丝/口2分别密封在两只完全相同的烧瓶中，且1V2,瓶中装有质量相等的煤油。下列说法正确的是（ ）A该装置用来探究电流热效应与电流大小的关系.闭合开关后，装电阻丝的烧瓶中温度计示数上上升较快1.实验中，通过温度计示数的变化来比较电阻丝产生生热量的多少.将某一烧瓶中的煤油换成等质量的水，可比较煤油和水的比热容大【分析】（1）根据装置中的相同点、不同点，利用控制变量法分析；（2）由焦耳定律2分析放出热量的多少；（）通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少属于转换法；（）由吸热公式△可知，要比较水和煤油的比热容大小，应让两瓶中水和煤油的质量相等、吸收的热量吸相等（加热时间相等），通过比较它们升高的温度大小关系，得出比热容的大小关系。【解答】解：、由图可知，两电阻丝串联，电流相同，通电时间也相同，但电阻不同，故该实验探究的是电流产生的热量与电阻的关系，故错误；、由焦耳定律 2可知，电流和通电时间相同时，电阻越大，放出的热量越多，由于〈，故放出的热量1 2 2多，温度计示数升的高，故错误；、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，这个研究方法可以称之为转换法，故正确；.、要比较水和煤油的比热容,则应让水和煤油的质量相等、吸收的热量（加热时间）相等,由温度的变化大小得出比热容的大小关系；故用相同质量的水代替煤油,两瓶中都有相同阻值相同的电阻丝,电阻相等；故.错误。故选：24I2018•黄石）将、两个灯泡，按图一、图二两种方式连接，已知4、 6电源电压相同，下面分析正确的是（ ）法・ 阳：A图一中灯比灯亮B图二中灯比灯亮c图一中灯比图二中灯亮D图一中的总功率比图二中的总功率要大【分析】（1）图一中，两灯泡串联，通过它们的电流相等，根据 2比较两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；（2）图二中，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据 UI比较两灯泡的实际功率关系，然后判断亮暗关系;R（）根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点分析两图中灯两端的电压关系，根据 UI比较两种情R况下灯的实际功率关系，然后判断亮暗关系；（）根据电阻的串并联比较两图的总电阻关系，根据 UI比较两种情况下电路的总功率关系。R【解答】解：A图一中，两灯泡串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，灯泡的电阻较小，由 2可知，灯泡的实际功率较小，即灯比灯暗，故错误；B图二中，两灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由UI可知，灯泡的电阻较小，其实际功率较大，灯比灯亮，故正确；c由于图一中灯泡两端的电压小于电源电压，图二中灯泡两端的电压等于电源的电压，所以，由UI可知，图一中灯泡的实际功率较小，灯泡较暗，即图一中灯比图二中灯暗，故错误；RD因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，

所以，图一中的总电阻大于图二中的总电阻，由 uI可知，图一中的总功率比图二中的总功率要小，故错误。R故选：。25（2018•连云港）如图所示，电源电压恒为1,定值电阻的阻值为20Q，闭合开关后，使变阻器的阻值减小Q，电流表示数变化了0h则下列说法正确的是（ ）.电流表示数减小了01.电压表示数减小了0C定值电阻的电功率增大了02D电路总功率增大了1【分析】（1）由图与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测的电路中电流，根据欧姆定律判断电流表示数变化情况；（2）根据串联电路的特点和欧姆定律先求出变阻器连入电路的阻值，然后分别根据电功率公式求出功率。【解答】解：由图可知，变阻器变与串联在电路中，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测电路中电流；、使变阻器的阻值减小Q,根据串联电路的电阻特点可知总电阻变小，由于电源电压不变，根据=可知电路中K电流变大，所以电流表示数变化了01,应是增大01、故错误；、设原来变阻器接入电路的阻值为变,变阻器的阻值减小Q后,此时变阻器接入电路的阻值为变-Q，TOC\o"1-5"\h\z由题意可知：△ - 012 1U U即：R+艮安-50-示+R版01、 15P 15V所以，如a+r变-慈-a+r变01解得：所以，101,立-5解得：所以，变 变T—⑸-05\o"CurrentDocument"1R+R变=0Q+10Q 0，―一-一卫一2R+R会-5©20，】十10京-5G则电压表示数变化量：

变2变1变06A10Q-Q)-0 X10Q-2v所以电压表示数减小了2v故错误;、定值电阻电功率的增大量：△ 2-2 (0 )2X20Q-(01 2 1)2X20变2变1变06A10Q-Q)-0 X10Q-2v所以电压表示数减小了2v故错误;、定值电阻电功率的增大量：△ 2-2 (0 )2X20Q-(01 2 1)2X20Q22故错误;、总功率的增大量:△ - 1X0-1X02 11故正确。故选：2.（2018•武汉）如图所示，电源电压保持不变。当开关闭合、和断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路的总功率为］，再将滑片滑至最左端，有一只电表的示数变为原来的-；・；当开关和闭合、2断开，滑动变阻器的滑片从最右端滑至中点时，的功率增大了005且滑片在中点时，电压表的示数为1;当所有开关闭1合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为2,两只电流表示数相差0已知：

1215下列结论【分析】（1）当开关闭合、和21正确的是（）2Q2断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，与的最大阻值串联，电压表/测两端的电压，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流；再将滑片滑至最左端时，与的最大阻值串联，电压表、均测两端的电压，电流表测电路中的电流，据此可知示数变化的电表为，并得出两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出两电阻的阻值之比；两端的电压，（2）当开关2闭合、了口断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，根据电阻的串联和=表示出电路中的总功率「当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，1与2并联，电流表2测干路电流，电流表/则2支路的电流，根据并联电路的特点和电功率公式表示出电路的总功率2，利用J221得出等式即可求出1与（2）当开关的阻值关系；利用并联电路的电流特点结合两只电流表示数相差0即可得出电源的电压和2的阻值关系；当开

关和闭合、断开时，与串联，电压表测两端的电压，电压表测电源两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出滑片位于最右端和中点时电路中的电流，利用 结合的功率变化即可求出的阻值，进一步求出和的阻值以及电源的电压，利用欧姆定律求出的大小，最后根据并联电路的特点和=求出的大小。【解答】解：()当开关闭合、和断开，滑动变阻器的滑片在最右端时，等效电路图如图所示；再将滑片滑至最左端时，等效电路图如图所示:图1 图2由图和图可知，示数变化的电表为，且两端的电压|U因串联电路中总电压等于各分电压之和，一一. 4所以，两端的电压力，则：因串联电路中各处的电流相等，所以，由=可得：KUr?Rg1诟了南鬲了即----()当开关和闭合、断开，滑动变阻器的滑片位于最右端时，等效电路图如图所示;滑片位于中点时，等效电路图如图所示；当所有开关闭合，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的等效电路图如图所示：因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，图1中，电路的总功率：U2U2U2U2R2+R3必+骐25RJ因并联电路中各支路两端的电压相等，且电路的总功率等于各用电器功率之和，所以，图中，电路的总功率:可得:X磨嚼)RiR?.，解得：因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且图中两只电流表示数相差所以，图中，通过的电流:U即温一-UUU即温一I.则即圾图中，电路中的电流：图中，电路中的电流：Ri和图-32R..一4-因图相比较的功率增大了所以，可得:解得：代入①②③两式可得:错误;图4中，,故错误;图5中，10^,故正确。故选：27(2018•恩施州)如图，电路中“6V3W“和12“6V6W”两灯泡和滑动变阻器串联，电源电压恒为12V.下列说法正确的是().闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，两灯泡均能正常发光.保证两灯泡均不损坏，滑动变阻器连入电路的最小值为3QC滑片从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则此时另一盏灯的实际功率为1 Wd在保证电路安全的情况下，电路总功率最大可达到12W【分析】(1)闭合开关S两灯泡和滑动变阻器串联，由于串联电路的电流处处相等，则根据两灯泡正常发光时的电流大小即可判断；(2)已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据公式 先计算出两灯正常发光时的电流，两灯串联后，正常发光IT?的是电流较小的一个，再利用公式=求出两灯的电阻，利用欧姆定律求出总电阻，根据串联电路的电阻特点即P可求出连入电路的最小值；(3)由于正常发光的是电流较小的一个，则根据 2求出另一盏灯的实际功率；()在保证电路安全的情况下，电路中的电流达到正常发光时电流较小的灯泡的电流即为电路可达到的电流，利用 即可求出最大功率，【解答】解：、根据 可得，灯泡正常工作的电流分别为：里一型05%图1；=额16P0 2口额26P两灯泡正常发光时的电流不相等；闭合开关，两灯泡和滑动变阻器串联，由于串联电路的电流处处相等，所以两灯泡不能都正常发光；故错误；、由于串联电路的电流处处相等，两灯泡正常发光时的电流1V2，所以电路中的最大电流]0,由欧姆定律可得总电阻：=T24I0.5A由=可得，两灯的电阻分别为：R值包10,鱼侬廿6；1p额］驯 2P甑战根据串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，连入电路的最小值：最小-1-226-126-0 6；故错误；、滑片从最右端向左移动，使某灯刚好正常发光，则正常发光的是电流较小的一个灯泡1,所以另一盏灯的实际功率：2 （0 ）2X61,故正确；2 2D在保证电路安全的情况下，电路中的最大电流 0，1则整个电路的最大功率：+ M2V ,故W错误。大故选：、二.填空题（共1小题）28.（2018•青岛）某电视机的额定功率是 10,则它正常工作时，电流是0；1kW・h的电能可供它止常工作的时间是1h（至少保留一位小数）【分析】电视机正常工作时的功率和额定功率相等，利用公式下得到电视机的电流，再根据=求出1kW・h的电能可供电视机正常发光的时间。【解答】解：家庭电路的电压是220V,电视机的额定功率是10W则它正常工作时，通过电视机的电流为：=布券0；,、, wlkw-h1kW・h的电能可供它正常工作的时间：=卢詈甘产 lhP0.llkW故答案为：0 51h29（2018•攀枝花）如图所示，测电笔正确的使用方法是乙（选填"甲”或“乙”），已知测电笔的电阻约为1K106,氖管和人体的电阻比它小得多，可以忽略，请你计算“220V40W”灯泡正常工作时的电流约为正确使用测电笔时通过人体电流的―00倍（结果保留到整数）。【分析】①正确使用试电笔的方法：站在地上手接触试电笔的笔尾金属体，笔尖接触火线或零线。氖管发光的是火线,氖管不发光的是零线；三孔插座的左孔接零线,右孔接火线,上孔接地线,根据测电笔的正确使用方法进行分析,即食指接触测电笔末端的金属部位,使电路形成通路；②已知家庭电路电压及测电笔电阻和灯泡额定电压和额定功率，可以得到两者通过的电流，比较得到结果。【解答】解：使用测电笔时，拇指和中指不要接触测电笔前端的金属体，手必须接触测电笔末端的金属体，使电源和大地之间形成通路，故乙是正确的测量方法；『一一一…u220V通过测电笔的电流为I.不二 百丁水10-A笔巴堇1,「产》」因为，,一，一,P.kT40W所以通过灯泡的电流为--2-3入0.18A灯［!22u?0.18A所以灯泡正常工作时的电流约为正确使用测电笔时通过人体电流的丁一可丁 （倍。2X,10qA故答案为：乙；000（2018•湘西州）某学校传达室里安装有0和20两种灯泡，晚上开灯时，同学们发现0的比20的亮。这说明0的灯泡比20的灯泡实际功率大。（选填“大”或“小”）【分析】额定功率是灯泡在额定电压下工作的电功率，灯泡的亮度取决于灯的实际功率。【解答】解：因为灯泡的亮度是由其实际功率所决定的，而0的比20的亮，所以0的灯泡比20的灯泡实际功率大。故答案为：大。1（2018•重庆）丹麦物理学家奥斯特首先发现了电与磁之间存在本质联系,生产生活中的电磁起重机（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。【分析】（1）在1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场；（2）通电导体周围存在磁场，这叫做电流的磁效应。【解答】解：（1）奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场；（2）通电导线周围有磁场，这就是的电流的磁效应，电磁起重机、电磁继电器等都是利用该原理制成的；台灯工作时把电能转化为光和热，不是利用电流磁效应工作的；电热毯是利用电流流过导体时发热而工作的，应用了电流的热效应。故答案为：奥斯特；电磁起重机。2（2018•哈尔滨）“探究小灯泡电功率”的实验电路如图甲，实验中选择“2.5V”小灯泡，调节滑动变阻器滑片的过程发现灯亮度变化，这是由灯泡的实际功率变化引起的。实验得到灯的-图象如图乙，则小灯泡的TOC\o"1-5"\h\z额定功率是0 W。【分析】（1）甲图中，灯与变阻器串联，调节滑动变阻器滑片的过程中，电路中的电流变化，根据 2分析灯的实际功率变化，灯的亮度由灯的实际功率决定；（2）由图乙找出当灯的电压为2 时电流大小，根据 求小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）甲图中，灯与变阻器串联，调节滑动变阻器滑片的过程中，电路中的电流变化，根据 2,灯的实际功率变化，灯的亮度发生变化；（2）由图乙知，当灯的电压为2 时，电流大小为0，小灯泡的额定功率是： >20V0。W故答案为：灯泡实际功率；0 °.（2018•南充）如图所示，电源电压不变，灯泡标有“4V,2W”字样，当开关闭合时，灯泡正常发光，电流表的示数为0 ，电阻的电功率为04W,通电J,产生的热量为24。【分析】由图知，闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。p已知灯泡额定电压和额定功率并且正常发光，利用公式=得到通过灯泡的电流；已知干路电流和通过灯泡的电流，可以得到通过电阻的电流；已知灯泡正常发光，可以得到灯泡两端实际电压等于额定电压，根据并联电路电压特点得到电阻两端电压；已知电阻两端电压和通过的电流，利用公式 得到电阻消耗的功率；已知电阻消耗的功率和通电时间，利用 得到产生的热量。【解答】解：闭合开关时，灯泡和定值电阻并联，电流表测量干路电流。 ,一，，一，，一PL2W已知灯泡正常发光，由 可得，通过灯泡的电流： 芹第0，UL4VTOC\o"1-5"\h\z根据并联电路的电流特点可得，通过电阻的电流： - 0-0 01由并联电路的电压特点可知，电阻两端电压： 4所以电阻消耗的功率： X01 0；通电1 ,产生的热量： 0X0 2故答案为：0；2。.（2018•黔南州）180年，英国物理学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的关系：从能量转化的角度看，电热器的电热丝工作时是将电能转化为内能。【分析】（1）在大量实验的基础上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律；（2）电热器的电热丝工作时，电流做功，产生热量，使电热丝的内能增加、温度升高。【解答】解：（1）18（年，英国物理学家焦耳最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和时间的关系，得出了焦耳定律;（2）从能量转化的角度看，电热器的电热丝工作时，消耗的电能转化为内能。故答案为：焦耳；内。.（2018•辽阳）如图所示实验装置，可用来探究通电时间相同时，电流通过导体产生的热量与电阻的关系。将装置接在电压为的电源上，通电2i电流通过电阻产生的热量为2j2 R1£K【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少与电流大小、电阻和通电时间都有关系。研究某一物理量对热量的影响时，需要控制另外两个物理量；（2）已知两电阻阻值，可以得到串联后的总电阻；已知电源电压和电路总电阻，可以得到电路电流；已知电阻阻值、通过的电流和通电时间，利用焦耳定律得到产生的热量。【解答】解：由图知，定值电阻阻值不同，串联时通过的电流相同，已知通电时间相同，所以探究的是电流产生热量与电阻大小的关系；

串联电路总电阻为=12=100Q=15。，电路电流为坦-二域二0.2A,R15版通电2i电流通过电阻产生的热量：2=2t=（0.2A）2X50X2X60=24。2 2故答案为：电阻；24。6（2018•云南） 灯具有节能、环保的特点，一个“220V8.5W”的灯与一个“220V60W”的白炽灯亮度相当。若一个“220V8.5W”的灯每天正常工作4小时，（天消耗的电能是，02度，这些电能可供“220V60W”的白炽灯正常工作」一小时。【分析】（1）利用W=球解消耗的电能；设两种灯泡正常发光的时间为t,利用公式川=计算消耗的电能；（2）电器正常工作=,利用t=3得到灯泡正常工作时间。额【解答】解：由弓可得，该灯（天消耗的电能：W=t=8.X10-kWXX4h=1.02kW・h；这些电能可供“220V60W”的白炽灯正常工作的时间：tP；0.06kW1。故答案为：1.02；1°.（2018•吉林）一只标有”8V0.4A”的小灯泡，接在电源电压为12V的电路中，为使其正常发光，应串联一个100的电阻；该电阻通电10所产生的热量是-16j【分析】根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点得到电路中的电流，利用欧姆定律求出串联电阻的阻值，根据焦耳定律求出串联电阻产生的热量。【解答】解：根据串联电路中总电压等于各分电压之和，则串联电阻两端电压：=-=12V-8V=4V,因串联电路中各处的电流相等，所以灯泡正常工作时电路中的电流：=0.4A,由《可得，串联电阻的阻值:”=上I0.4A”=上I0.4A=100；此时该电阻通电10产生的热量为:=2 =0.4)2X10QX10=16。R故答案为：10；16。38.(2018•哈尔滨)通过110Q电阻丝的电流是2a产生8800的热量需要通电一20 ,这段时间电流做的功是8800【分析】已知电阻阻值、通过的电流及产生的热量，利用焦耳定律变形公式可以得到通电时间;电流做功的过程，也就是将电能转化为其他形式的能量的过程。电阻丝通电时，不计热损失，电能全部转化为内能。【解答】解：因为=2，所以通电时间为=-R= 所以通电时间为=-R= 12。匚=20s电热丝工作过程中，电流做的功等于产生的热量，所以电流做功8800j故答案为：20；8800j39(2018•德州)小刚早上8：00出门前查看了他家的电能表示数如图甲所示，然后关闭家中其它用电器，只让电冰箱工作。下午18：00回家后再次查看电能表，显示的数字如图乙所示。则小刚家的电冰箱在这段时间内消耗的电能为0.5kW・h,电冰箱的实际电功率为50W。一一，，一 一 ，一一一 一一 W,,. .【分析】利用电能表两次示数差求出消耗的电能，注意电能表最后一位是小数；知道时间，利用皂求电冰箱的实t际功率。【解答】解：(1)由图知，小刚家的电冰箱在这段时间内消耗的电能：W=10124.1kW・h-10123.6kW・h=0.5kW・h；(2) =1800-8：00=10h,电冰箱的实际电功率：幽旦型也t10h幽旦型也t10h=0.05kW=50W。故答案为：0.5；50。0（2018•成都）如图所示，电热水壶上标有“220V1800W”，小明发现烧水过程中热水壶的发热体部分很快变热，但连接的电线却不怎么热，是因为导线的电阻比发热体的电阻」^。在额定电压下，烧开一壶水用时 ，20这段时间内电热水壶发热体产生的热量为 X10j【分析】（1）由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中（通过的电流相等），通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据此分析原因；（2）根据 可求电热水壶发热体产生的热量。【解答】解：热水壶的发热体与电线串联，通过它们的电流及时间相等，但热水壶的发热体的电阻比电线的电阻大得多，由焦耳定律2可知，热水壶的发热体比电线产生的热量就多得多，所以电热丝很热，但与之相连的电线却不怎么热；在额定电压下，烧开一壶水用时 ，2这段时间内电热水壶发热体产生的热量：18003X0 20 .10j故答案为：小； X10。断开时，1（2018•天津）如图所示电路中，电源电压保持不变，电阻1与2的阻值之比为21•开关断开时，1与1与2的电功率之比为21：开关闭合前后，电压表两次的示数之比为2：【分析】（1）开关断开时，电阻J串联，电压表测1【分析】（1）开关断开时，电阻J串联，电压表测1两端的电压，根据2可求得1与2的电功率之比;（2）开关闭合时，电阻2被短路，电路为1的简单电路，电压表测电源的电压，根据欧姆定律求出电压表的示数，然后可知电压表两次的示数之比。【解答】解：（1）已知电阻1（1）已知电阻1与2的阻值之比为2：1，则1=22R，开关断开时，电阻1、2串联，因串联电路中电流处处相等，则i则i与2的电功率之比:I2%R12=，JRJT开关断开时，电阻1、开关断开时，电阻1、2串联，此时电路中的电流u.&+R22工之+尺23%此时电压表测1两端的电压，由9可得，电压表的示数：KuUo2U1"1=3R2X1=3R2x22-亍(2)开关闭合后，电路为的简单电路，电压表测电源电压，即电压表的示数为；1所以，开关闭合前后，电压表两次的示数之比为3"微。故答案为：2：1；2：2(2018•泰州)某电吹风工作 ，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为0.1kW・h,电功率为1000W,这些电能可供一只“220V10W”的 灯正常工作10h,一只这样的灯与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若 灯正常发光时的效率为80%则白炽灯正常发光效率为8—。【分析】(1)“1200r/kW・h”表示电路中每消耗1kW・h的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，再利用立求出电吹风的功率；t(2)求出了电吹风消耗的电能，再利用也求可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间；t()节能灯与白炽灯在正常工作时发光效果相当，则两灯泡获得光能的功率相等，根据效率公式得出等式求解。【解答】解：(1)因为“1200r/kW・h”表示电路中每消耗1kW・h的电能，电能表转盘转过1200r,所以电能表转盘转120r,电吹风消耗的电能:W=7^-kW・h=0.1kW・h,1200电吹风的功率：0.lkW・h==一屋—=1W=1000；士前七（2）由金可得，这些电能可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间：t，，W♦1即匚s;’（）灯的发光效率等于转化为光能的功率与消耗电能的功率（灯的电功率）之比，即n=—，p因10W的节能灯与100W的白炽灯在正常工作时发光效果相当，所以两灯泡获得光能的功率相等，则：白n白二节n节,即100WXq白=10WX80%解得该白炽灯的发光效率：n白=8。故答案为：011000；10；8。3（2018•安徽）图中1=Q,2=Q，把它们并联在=的电路中，则1和2并联后的总电阻为2—Q；通电0,电阻1消耗的电能为5用——T-1—，~ ：* U >11/【分析】根据三=菽/可求得并联后的总电阻，利用W=上—t可求得通电0,电阻消耗的电能。1【解答】解：已知1和2并联，，、…一111则并联后的总电阻；二式V，限去•*,解得=2Q4因为1和2并联，把它们并联在=的电路中，则1两端电压为V通电0,电阻消耗的电能W=~t=上"X0= 71 R]4a故答案为：2

三．计算题（共7小题）.（2018•呼和浩特）一个彩色灯泡上标有“36V7.2W”的字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）求：（1）该灯泡正常工作时的电流和灯丝的电阻；（2）若接在220V的照明电路中使用，至少需要串联多少个这种灯泡才行。【分析】（1）已知灯泡额定电压和额定功率，由 计算灯泡正常发光电流，由=计算灯丝电阻;K（2）根据串联电路的电压特点进行解答，即串联电路中总电压等于各分电压之和。【解答】解：（1）由 可得灯泡正常发光时的电流： 4=^~0.2，U额36V由=可得灯丝电阻：；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，要使小灯泡接在220V的电路中使用，串联小灯泡的个数:220V一17人黄46」…7个。答：（1）该灯泡正常工作时的电流为0.2，灯丝的电阻为180Q；（2）若接在220V的照明电路中使用，至少需要串联7个这种灯泡才行。.（2018•绵阳）小华家距离变压器2,在变压器与小华家之间的两条输电线，每条输电线每千米的电阻为0.Q,即0.Qk变压器加在输电线两端的电压是220V.在某一时间段，整个线路只有小华家一台额定电压220V、额定功率220W勺电热水器工作。不考虑温度变化对电热水器电阻的影响。求：（1）输电线中电流的大小（2）热水器的实际电功率【分析】（1）根据公式=求出电热水器的电阻，根据串联电路的电阻特点求出总电阻，根据欧姆定律求出电路R中的电流；（2）根据 2求出热水器的实际功率。【解答】解：（1）由《可知，电热水器的电阻为：==2皿;2Q；R P2420W导线的电阻为： X0.QQ；2+RQ+RQ'+=Q20=22Q；R总22Q '总输电线中电流的大小为：(2)热水器的实际功率为： 2 (10)2X20Q2000W答：(1)输电线中电流的大小为10;(2)热水器的实际电功率为2000W。.(2018•哈尔滨)随着生活水平的提高，汽车成为人们常用的交通工具。下表是两种汽车的相关数据:某电动汽车某燃油汽车空车质量：2空车质量：1充满一次电：①电池储存电能：80kW・h②能行驶的最大路程：00k/h高速)百公里平均消耗油量：8(高速)电费单价：0元/kW・h油费单价：元/请回答：(1)电动汽车工作时电动机最大功率为0k,工作电压为00,求电动机工作时最大电流是多少？电动机工作，电流所做的功最多是多少？(2)电动汽车和燃油汽车轮胎与地面的总接触面积均为012m求两空车静止时对水平地面的压强之比。()若从哈尔滨经高速公路自驾到某地旅游，两地距离为2000km电费或油费的预计支出为00元，通过计算说明两车能否到达目的地。(高速路上能满足充电或加油的需求)【分析】(1)已知电动机最大功率和工作电压，利用 可求得电动机工作时最大电流；利用=公式变形可求得电动机工作 ，电流所做的功；(2)两空车静止时对水平地面的压力都等于其重力，已知电动汽车和燃油汽车轮胎与地面的总接触面积均为012m然后可求得对水平地面的压强之比；()根据电费或油费的预计支出为00元分别求得电动车消耗的电能和行驶的距，燃油车消耗燃油和行驶的距离，比较即可。【解答】解：(1)由 可得，电动机工作时最大电流：P大寿!曲布大U 3MV,胆 由=可得，电动机工作 ，电流所做的功：tX9104WX5X60s=X2.1077J；

电电电（2）两空车静止时对水平地面的压力都等于其重力，即电电电燃燃燃S=S=0.21，m电燃两空车静止时对水平地面的压强之比:辿注纯组王陋工以P燃『燃睡G懂lii^g哪1.4t7（）已知电费单价：0元/kWh,则700元电动车提供的电能:>10kW・h,已知充满一次电：①电池储存电能:则700元能使电动车行驶的距离电匚口色口.X80kW^h00k/h>17文m已知油费单价：7元/,, 已知充满一次电：①电池储存电能:则700元能使电动车行驶的距离电匚口色口.X80kW^h00k/h>17文m已知油费单价：7元/,, ,TOO元则700元能为燃油车提供燃油=77-100L已知然后车百公里平均消耗油量：8（高速），则700元能使燃油车行驶的距离燃受X100k/h1>210km已知从哈尔滨经高速公路自驾到某地旅游，两地距离为2000km因为燃<S电，所以电动汽车能到达目的地，燃油汽车不能到达目的地。答：(1)电动机工作时最大电流是00，电动机工作5i电流所做的功最多是2>107；(1)(2)两空车静止时对水平地面的压强之比为10：7。(2)两空车静止时对水平地面的压强之比为10：7。(3)电动汽车能到达目的地，燃油汽车不能到达目的地。7．（2018•遵义）小华家买了一个家用电吹风，其简化电路如图所示，主要技术参数如下表。电吹风在额定电压7．热风温度50-75℃额定功率热风时： 0冷风时：110W下工作，请解答如下问题:W额定电压质量（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？（）电热丝工作时的电阻是多大？（）电吹风内电动机的电阻是Q，电吹风吹冷风 产生的热量是多少?电亶电亶【分析】（）当吹冷风时，只有电动机工作，根据 求出通过电动机的电流；（）当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，电热丝的功率等于电吹风吹热风时的功率减去吹冷风时的功率，根据卫:求出电热丝的电阻值。R（）根据求出 内电流通过电动机产生的热量；TOC\o"1-5"\h\z【解答】解：（）当吹冷风时，只有电动机工作， ，由可得，通过电动机的电流：幺=1缈.\o"CurrentDocument"U220V .（）当电吹风吹热风时，电动机和电热丝同时工作，电动机与电热丝并联，电热丝的电功率：P- '由=可得R电热丝的电阻值：工申汇Q。七880W（） 内电流通过电动机产生的热量：（ ）XQX ；答：（）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是 ；（）电热丝工作时的电阻是Q；（）电吹风内电动机的电阻是Q，电吹风吹冷风产生的热量是。8（2018•怀化）某电熨斗的电路如图所示，额定电压为220v最大功率为 。发热部分由调温电阻和定值电阻组成。调温电阻是可变电阻，其最大阻值为110Q，温度对电阻值的影响忽