2022年日照市重点中学高二物理第一学期期末检测模拟试题含解析

2022-2023学年高二上物理期末模拟试卷注意事项考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.K在变化的磁场中，穿过一个5匝的闭合线圈的磁通量每秒钟均匀地増加了4Wb,则线圈中的感应电动势每秒钟増加20V线圏中的膀应电动勢每秒钟增加10V銭圈中的感应电动势为20V线圈中的感应电动势为02、质量和电量都相等的带电粒子M和N,以不同的速率经小孔S垂宜进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图两种虚线所示，下列表述正确的是M带负电，N带正电M的速度率小于N的速率洛伦磁力对M、N做正功M的运行时间大于N的运行时间3、如图所示是一个由电池、电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在増大电容器两板间距髙的过程中。电阻R中没有电流 B.电容器的电容变大C.电阻R中有从a流向力的电流 D.电阻R中有从力流向a的电流4、如图所示是一种简易的验电器，金属丝固定在绝缘立柱上，两端（未接触）上有两块可以活动的铝箔，带电体与金

属丝接触之后，两块铝箱带上等量同种电荷，在静电斥力的作用下彼此分开.关于两块铝箱之间的静电力，下面说法正确的是（）两块铝箔之间的静电力跟两铝箔带电量成正比两块铝精之间的静电力跟两铝箔之间的距离成反比两块铝箔之间的静电力跟两铝箔之间的距离的平方成反比以上结论都不正确5、粗糙水平面上静止放置质量均为〃，的A、B两物体，它们分别受到水平恒力Fi、Fz的作用后各自沿水平面运动了一段时间，之后撤去兀、尸2,两物体最终都停止，其I图象如图所示，下列说法错误的是（ ）A・A、B两物体与地面间的滑动摩擦因数之比为L2E与A物体所受摩擦力大小之比为3：1R和F?大小之比为2：1A、B两物体通过的总位移大小相等6、 在电场中某点放一检验电荷，其电量为4,检验电荷受到的电场力为旦则该点电场强度为£= 那么下列说法q正确的是（）若移去检验电荷q,该点的电场强度就变为零b.若在该点放一个电量为可的检验电荷，该点的场强就变为：若在该点放一个电量为-2q的检验电荷，则该点场强大小仍为E,但电场强度的方向变为原来相反的方向若在该点放一个电量为-：的检验电荷，则该点的场强大小仍为E,电场强度的方向也还是原来的场强方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、 如图所示，M、N为平行板电容器的两个金属极板，G为静电计，开始时闭合开关S,静电计指针张开一定角度.则下列说法正确的是（）

开关S保持闭合状态，将R的滑片向右移动，静电计指针张角增大开关S保持闭合状态，仅将两极板间距减小，电容器的带电量増加断开开关S后，紧贴下极板插入厚云母片，静电计指针张角减小断开开关S后，仅将两极板间距减小，板间电场强度减小8、在如图甲所示的电路中，K为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S,将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数隨电流表示数变化的完整过程图线如图乙所示，则下列说法正确的是（）图乙中图线〃是电压表站的示数随电流表示数变化的图线电源内阻为10。电源的最大输出功率为L8W滑动变阻器R的最大功率为3.6W9、 铅蓄电池的电动势为2V,这表示（）电路中毎通过1C的电荷量，电源就把2J的化学能转化为电能蓄电池把其他形式的能转化为电能的本领比干电池的大蓄电池在1秒内将2J的化学能转化为电能蓄电池接入不同电路中，电动势就会发生变化10、 如图所示，水平面中有两根固定的足够长的金属平行导轨，导轨间距为L,导轨上面平行放着质量相等的导体棒湖和设导体棒始终处于竖宜向上的大小为八的匀强磁场区域内，且导体棒可在导轨上无摩擦地滑行，初始时刻11沥棒静止，给M棒一个向右的初速度皿，则（）A.湖棒将向左运动M棒速度一直大于湖棒的速度湖棒的最大速度为0.5所当M棒速度为0.加。时，回路中的电动势为0.6B3。三、实验题：本题共2小題，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。（6分）在练习使用多用电表的实验中，Q）某同学使用多用电表的欧姆档粗略测量一定值电阻的阻值R、，先把选择开关旋到“X10”挡位，测量时指针偏转如图所示.以下是接下来的测量过程：将两表笔短接，调节欧姆档调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，然后断开两表笔旋转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”档），并拔出两表笔将选择开关旋到“XI”挡d・将选择开关旋到“X100”挡将选择开关旋到“Xlk”挡将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值位,断开两表笔以上实验步骤中的正确顺序是 （壊写步骤前的字母）。⑵重新测量后，指针位于如图所示位置，被测电阻的测量值为—Qo（3）如图所示为欧姆表表头，已知电流计的量程为PIOOIE电池电动势为£=L5V,则该欧姆表的表盘上30卩A刻度线对应的电阻值是—（4）为了较精确地测量另一定值电阻的阻值麻采用如图所示的电路.电源电压D恒定，电阻箱接入电路的阻值可调且能直接读出.用多用电表测电路中的电流，则与〃点相连的是多用电表的—（选填“红”或“黑”）表笔。闭合电键，多次改变电阻箱阻值乩记录相应的A和多用电表读数L得到的关系如图所示•不计此时多用电表的内阻.则Ry=—Q,电源电压〃=—V。（12分）做“测绘小灯泡的伏安特性曲线哄验❷（1）实验电路图已经画出了一部分，如图甲所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好 <2）按你连接电路.S闭合后.要使小灯泡的亮度増加，变阻器的滑动触头P应向 （选填或“B”）端移动：⑶设小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示。实验时，需要在0V到小灯泡的额定电压之间选取10个左右的电压值记录它对应的电流值，为较准确地描绘出小电珠的伏安特性曲线，应在图乙中的4、B、C三点中的 点（仅填一个点）附近取较密或较多个电压值•四、计算题：本题共3小题，共38分.把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。（10分）如图所示，坐标平面第I象限内存在大小为£=3X10^/。、方向水平向左的匀强电场，在第II象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场.质荷比（-〃7,+s）的帯正电的粒子，以初速度Vo=2XlO7m/s从x轴上的A点垂直x轴射入电场，OA=0.15m,不计粒子的重力

XXXXXXVoXXXVoXXX（1） 求粒子经过y轴时的位置到原点o的距离；（2） 若要使粒子不能进入第m象限，画出粒子运动轨迹，求磁感应强度b的取值范围（不考虐粒子第二次进入电场后的运动情况）（16分）如图甲所示，足够长的光滑平行金属导轨MMPQ竖直放置，其宽度L=lm,一匀强磁场垂直穿过导轨平面，导轨的上端M与P之间连接一阻值为A=0；0Q的电阻，质量为mO.Olkg、电阻为r=0.40G的金属棒湖紧貼在导轨上•现使金属棒泌由静止开始下滑，下滑过程中湖始终保持水平，且与导轨接触良好，其下滑距离x与时间，的关系如图乙所示，图象中的編段为曲线，他段为直线，导轨电阻不计，g取lOm/s?（忽略汕棒运动过程中对原磁场的影响）.⑴判断金属棒两端，、力的电势高低；（2） 求磁感应强度8大小；（3） 在金属棒ah从开始运动的L5s内，电阻R上产生的热量。15.（12分）在如图所示的匀强电场中，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的电势差为2000V,距髙x=0J0m.求:1S~（1） 电场强度E的大小，（2） 将一个电荷量Q=+2.0xl0-«C的点电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1、 C【解析】闭合线圈的磁通量每秒钟均匀地増加，线圈中会形成稳定的感应电动势，根据法拉第电磁感应定律得，感应电动势大小为E=h—=5x—V=20V1故选C2、 A【解析】A.由左手定则可知，M带负电，N带正电，选项A正确由R=—可知，M的速度率大于N的速率，选项B错误；qBc.洛伦磁力对M、N都不做功，选项C错误；”2mD.由7=—可知，M的运行时间等于N的运行时间，选项D错误qB3、 C【解析】ACD.电容器与电源相连，电压不变，增大电容器两板间距髙的过程中，由公式。=片7可知，电容减小,4iika根据电容定义式C=S可知，电量减小，电容器放电，原来电容器上极板带正电，电路中放电电流方向为顺时针方向,则电阻R中有从a流向力的电流，故AD错误，C正确；B.由电容的决定式C=2可知，増大电容器两板间距离的过程中，电容减小，故B错误4兀kd4、 D【解析】库仑定律适于点电荷，不是点电荷不能用其求库仑力.对于两块铝箔，因距离小，则不能视为点电荷，不适用于库仑定律【详解】库仑定律只适用于点电荷，两块靠近的铝箔是不能看作点电荷的，因此，两块铝箔之间的静电力并不满足库仑定律，故ABC说法错误，D说法正确【点睛】考査库仑定律的适用条件，明确两块近距铝箔不能视为点电荷5、 C【解析】A.由速度与时间图象可知，两个匀减速运动的加速度之比为1：2；由牛顿第二定律f-ma可知A、B受摩擦力大小1：2,可知摩擦因数之比为1：2,A正确；B.由速度与时间图象可知.A物体加速与减速的位移之比为1：2,由动能定理可得Flx-fl-3x=0解得S=3：lB正确；由速度与时间图象可知，B物体加速与减速的位移之比为2：1,由动能定理可得F2-2x-f2-3x=0解得F2：/2=3：2又A、B受摩擦力大小之比丄*=1：2因此可知E和已大小之比为4：尤=11C错误；由速度与时间图象面积表示位移可知，A、8两物体加速与减速的位移相等，D正确.故错误的选C。6、D【解析】场强为电场本身的性质，与放不放试探电荷无关，即放不放试探电荷，电场强度的大小和方向由电场本身来决定，故D正确，ABC错误。故选D。二、多项选择题：本題共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的.全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.7、BC【解析】AB.保持开关闭合状态，则电容器两端电压保持不变，将滑片移动时，电容器两端电压也不发生变化，所以静电计指针张角不变，若是仅将两极板间距减小，根据电容器的决定式：可知电容器电容变大，根据电容的定义式:可知电容器带电荷量增加，A错误，B正确;C.断开开关S后，电容器所带电荷量保持不变，若是在板间插入厚云母片，根据电容器的决定式:c=~^d可知电容变大，根据电容的定义式:所以两板间电势差变小，所以静电计指针张角变小，C正确;D.断开开关S后，电容器所带电荷量保持不变，根据电容器的决定式: 5kd根据电容的定义式:极板间为匀强电场:eKd联立可得:若是仅将两板间距离减小，板间电场强度不变，D错误.故选BCo8、AC【解析】A.将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的电流増大，R的电压和电源的内电压增大，则殆的电压减小，所以电压表％的示数增大，电压表V2的示数减小，可知图线力反映的是电压表V的示数随电流的变化，图线〃反映的是电压表V2的示数随电流的变化，故A正确。根据闭合电路欧姆定律得电压表V2的示数为：Ui=EJ(&+,)①由图线。的斜率大小等于Ri+r,由图知：&+厂=也=—-—0=10。1A/0.6-0.2图线'的斜率等于则有:5Q则电源的内阻为”5d故B错误;图线口延长与0轴截距为电源的电动势E=6V,当内阻等于外阻时，电源的输出功率最大，最大的输出功率为:P ［2］.由图可知，与测量电路并联部分为滑动变阻器的左側部分，故为了增大电压应将滑片向B移动，从而增大灯泡两端的电压；P=——=——W=1.8W4r4x5故C正确；把K等效为内阻，则当滑动变阻器的阻值等于R+r时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为10。时，滑动变阻器消耗的功率最大，滑动变阻器的最大功率为：P=—=-—=0.9W4，4x10故D错误；故选AC09、 AB【解析】A.船蓄电池的电动势为2V,表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J,即电源把2J的化学能转化为电能，故A正确：电动势反映电源将其他形式的能转化为电能的本领；故铅蓄电池把其他形式能转化为电能的本领比一节干电池（电动势为LSV）的强，故B正确；电源的电动势表示将1C的电量转移时做功为2J,但并不明确做功的时间；故C借误；电动势反映电源将其他形式的能转化为电能的本领；与接入的外电路无关，故D错误10、 CD【解析】A.当M棒向右运动时，根据右手定则可知产生ubcd方向的电流，再对湖棒分析，根据左手定则可知沥棒受到向右的安培力，故沥棒向右运动，A错误；根据对湖棒和M棒受力分析可知M棒做减速运动，泌棒做加速运动，最终两棒共速一直运动下去，B错误；两棒在运动过程中因为水平方向上不受摩擦力，动量守恒，当两棒共速时泌棒具有最大速度，故有：mv0=2m\\解得卩1=0.5九，C正确；当cd棒速度为。.8助时，设泌棒的速度为乃，根据动量守恒定律可知：mvQ=mv2+mx0.8%解得P2=0.2v（＞；两棒均向右运动.所以可知回路中的感应电动势:E=打丄％对=^(0.8vo-0.2vo)=0.6BLvqD正确.故选CDo三、实验题，本题共2小题，共18分.把答案写在答题卡中指定的答题处.不要求写出演算过程。11、®.dafb②.2200 ®.35kQ④.红@.200 ⑥.8【解析】（1）卩】考査多用电表的操作步骤，自然是：先将选择开关旋到“xlOO”挡；后欧姆调零，即将两表笔短接，调节欧姆档调零旋钮，使指针对准刻度盘上欧姆档的尊刻度，然后断开两表笔；再测量，将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出阻值断开两表笔；最后归位，即旋转选择开关至交流电压最大量程处（或“OFF”档），并拔出两表笔.所以操作顺序是：色卬⑵⑵图2中指针读数为22.0,由（1）可知：欧姆表倍率为X100,故被测电阻的测量值为0^x100=2200。（3）［3］当电流计满偏时，欧姆表显示外电阻为零，故该欧姆表的内阻为：F—=lxlO4Q=15kH1电流计电流1=30心时，由闭合电路欧姆定律可得：表盘上30心刻度线对应的电阻值为:F 15R=——上=一Q-15kQ=35k£2I1130x10^⑷①［4］由图可得：〃点相连的为正极，故连接多用电表的红表笔；②国［6］根据图4所示电路图，由闭合电路欧姆定律可得：结合图像可知&=200dC=8V12、 ⑴.电路图见解析 （2）.B （3）.B【解析】（1）卩］.由本实验的要求可知，为了多測几线数据，应釆用分压接法，故连线如图所示,2 ［3］.由图象可知，在B处斜率变化较大，为了准确地将此处的转折做出，应在此处多测几级数据；四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步8L13、(1)0.4m(2)B>4xio~2T【解析】(1)对带电粒子在电场中的运动由平抛运动规律可求出粒子速度大小与方向；(2)设粒子在磁场中做匀速圆周运动，画出运动的轨迹，结合临界条件和向心力公式可求磁场强度.【详解】⑴设粒子在电场中