2023学年度江苏省南京市鼓楼区九年级(上)期中物理试卷带答案

2023-2023学年江苏省南京市鼓楼区九年级〔上〕期中物理试卷一、选择题〔12224分〕1．〔2分〕以下用来命名功率单位的科学家的名字是〔 〕A．焦耳 B．瓦特 C．牛顿 D．安培2．〔2分〕如下图，我们在拖动行李箱时，一般先拉出行李箱上方的拉杆，从杠杆的角度分析，这样做的目的是为了〔 〕A．增大动力臂 B．减小阻力臂 C．增大动力 D．减小阻力3．〔2分〕如下图，用一样的滑轮组装的甲、乙两个滑轮组，匀速提起质量一样的物体，不计绳重及摩擦。以下说法正确的选项是〔 〕A．甲更省力，甲机械效率大B．乙更省力，机械效率一样大C．乙更省力，乙机械效率大D．甲更省力，机槭效率一样大4．〔2分〕如图中的皮划艇运发动一手支撑住桨柄的末端，另一手用力划桨，此时的船桨可看作是一个杠杆。以下图中的船桨模型中最合理的是〔 〕1A． B．C． D．5．〔2分〕以下有关热和能的说法中，正确的选项是〔 〕A．发生热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体B．一块0℃的冰熔化成0℃的水后，温度不变，内能变大C．内燃机的压缩冲程，主要通过热传递增加了汽缸内物质的内能D．夏天在室内洒水降温，利用了水的比热容较大的性质6．〔2分〕用搓手的方法取暖时，双手经过反复搓擦后温度会上升，如下图的四个事例中能量转化与之一样的是〔 〕2A．甲和丙 B．甲和丁 C．乙和丙 D．乙和丁7．〔2分〕用一样的电加热器分别对质量相等的AB两种液体〔不计热量损失〕加热：如图是AB的温度随加热时间变化的图象，以下说法正确的选项是〔 〕A．都加热时间t，B吸取热量比A吸取热量多B．AB上升一样的温度，B吸取热量较多C．A的比热容与B2：1D．A的比热容与B2：38．〔2分〕如图是德州开发区使用的“风光互补”景观照明灯。它“头顶”小风扇，“肩扛”光电池板，“腰挎”照明灯，“脚踩”蓄电池。以下解释合理的是〔 〕A．光电池板是将电能转化为光能B．照明灯是将内能转化为电能C．小风扇利用风力发电，将机械能转化为电能D．蓄电池夜晚放电，将电能转化为化学能9．〔2分〕物理兴趣小组设计了一种声光报警器，其电路实物连接如下图，各元件均能正常工作，对可能消灭的现象描述正确的选项是〔 〕3灯亮，铃肯定响C．铃响，灯肯定亮

灯亮，铃肯定不响D．铃响，灯肯定不亮10．〔2分〕如下图，电源两端电压保持不变，闭合开关S后，电路正常工作，过了一会儿，突然一个灯泡不亮，两表示数都变大，则电路消灭的故障可能是〔 〕A．灯L1断路 B．灯L1短路 C．灯L2断路 D．灯L2短路11．〔2分〕依据所学的学问，推断以下选项的说法中正确的选项是〔 〕在宾馆中插卡取电时，房卡的作用相当于电源划擦火柴而使之点燃，是通过热传递的方式转变内能通过图中箭头的示意，可说明白天“海陆风”形成的原理图直接搬动物体和利用光滑斜面推动物体到同一高度所做的功相等12．〔2分〕科学争论中常常觉察某一问题的两个相关的量〔x，y〕之间存在肯定的关系，且可用图线表示。以下相关的量之间不符合如下图关系的是〔 〕4A．恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系B．给某个物体加热时，物体吸取的热量与温度的关系C．某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系D．机械在额定功率下做的功与所用时间的关系二、填空题〔8127分〕13．〔2分〔〕你的推断依据是。14．〔6分〕202318次放射任务，请答复以下相关问题：火箭在上升过程中与空气摩擦导致内能 〔变小/不变/变大〕，此内能转变是通过 的方式实现的。现代火箭用液态氢作燃料，是由于它具有较大的 ，燃烧时能放出更多的 〔温度/内能/热量〕。我国火箭回收方式是：火箭消耗完燃料后将自动脱离飞船，借助降落伞落回地面，则在匀速下落过程中，火箭的动能 〔变小/不变/变大，下同〕，机械能 。15．〔2分〕给蓄电池充电时，蓄电池相当于〔填“用电器”或“电源”〕；某同学把灯泡、干电池和开关用导线连接起来。开关闭合后灯泡不亮，不一会儿干电池就发热了。这个电路的故障是该电路发生了。16．〔2分〕如下图，有一根均匀铁棒，长为L，OA＝AC＝，重力G＝900N，为了不使这根铁棒的B端下沉，所需外力至少应为 N．假设F的方向不变，略微抬起这根铁棒的B端，所需外力应为N。517．〔3分〕200gc＝2.5×103J/〔kg•℃〕，在均匀放热的条件下20min的内能〔选填“大于”、“小于”或“等于”〕10min的内能；凝固过程中该物质共放热J；该物质液态与固态的比热容之比为。18．〔4分〕如下图，小明用滑轮组提升重物，假设物体重200N，每个滑轮重20N。用150N的拉力将物J，额外功是 J，拉力的功率是 W，滑轮组的机械效率是 。19．〔3分〕在如图甲所示的电路中，SA1A2的示数分别为如图乙和图丙所示，则通L1的电流是AL2的电流是A.工作一段时间后，突然觉察一灯熄灭，两电流表示数相等，消灭此现象的缘由可能是。620．〔3分〕如图电路中，当S1闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当S1断开、S2闭合时，电压表示数为6V，则灯L1两端电压为 V，灯L2两端的电压为 V，电源电压为 V。21．〔2分〕如下图开关S闭合后，小灯泡L1和L2都能发光，则电表甲是 ，电表乙是 。〔选填“电流表”或“电压表”〕三、解答题〔8小题，28、2949分〕22．〔2分〕依据以下题设条件完成作图。在图中画出访用该滑轮组时最省力的绕法。23．〔2分〕如图，在B点施加一个最小力F1，使杠杆在此位置平衡，请画出最小力F1的示意图，并标出阻力臂L2。724．〔2分〕如图，使用笔画线代替导线完成电路。要求：两灯并联，开关掌握干路，电流表测量干路电流，导线不能穿插。25．〔5分〕图中甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动4.5N的物体从A位置提升到AB位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示。请你依据他们做的试验答复以下问题：提升物体时的拉力是N，有用功是J，该滑轮组的机械效率＝；假设在图甲装置的根底上，再增加一个钩码，则滑轮组的机械效率〔或“不变”〕除了转变物体重量和动滑轮的重量外，提高滑轮组机械效率还可以实行的方法是。26．〔6分〕如图是小明用刻度均匀、质量分布也均匀的杠杆进展“探究杠杆平衡条件”的试验，每个钩码质量相等，杠杆上的数字所对应的单位为cm。8将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，觉察杠杆左端下沉，他将杠杆左端平衡螺母向右调整到最大限度后，杠杆左端仍有稍微下沉，这时他应将右端的平衡螺母向端调整，才能使杠杆在水平位置平衡，这样既便利读取力臂大小，也可以消退对杠杆平衡的影响。如图甲所示，是他在探究过程中的一个情境，接下来他在两边钩码的下方各加两个一样的钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将右端钩码移动到右端cm刻度线处。假设杠杆的重心恰好处于杠杆的支点处，当杠杆在图甲的水平位置平衡后，用手使杠杆缓慢地转过一个角度〔如图乙〕后松手，杠杆〔选填“能”或“不能”〕保持静止。小明通过不断转变两端所挂钩码的个数和位置，使杠杆在水平位置平衡，并记录各次试验数据，通过对数据分析后可以得出结论：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离。与教师沟通后，他增加一个弹簧测力计又做了如图丙中的A、B、C三次试验。①用弹簧测力计进展图A操作后，在图B操作前应领先 ；②A、B、C三次试验操作， 图所示试验能直接说明原先结论是错误的。27．〔6分〕如图，用小球和木块来探究动能大小与哪些因素有关”：mA＝mB＜mC；hA＝hC＞hB.9试验中是通过比较来比较动能大小的。本试验争论的动能是指。〔填序号〕A.小球在斜面上时的动能B.小球撞击木块时的动能C.小球撞击木块后的动能D.木块的动能比较图A、B可得结论：。有同学通过比较B、C两图，得出“质量大的物体动能大”的结论，请你说出这一比较过程存在的错误是。D所示，小华在试验时，先让质量为mh1高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为s1，接着他马上让同一小球从斜面h2高处由静止下滑〔h2＞h1〕，测出木块被撞击后移动的距s2，结果觉察s2＝s1，从而得出：“物体动能大小与速度无关”的错误结论。①小华在试验操作中存在的问题是；②从能量的角度分析，造成这一结果的缘由是小球在水平面上滚动时。28．〔8分〕小明利用图甲装置探究了“不同物质吸热升温的现象”。10从装置中可以推断，试验还缺少的一种器材是 ，试验是通过 来反映物质吸取热量的多少。质量相等的沙子和水，在初温一样时开头加热，图乙是依据试验记录数据画出的温度随时间变化图象，由图象可知，试验过程中操作不到位的步骤是 。用燃烧皿替换两个一样的酒精灯，比较酒精和碎纸片的热值〔如图丙所示〕。对于此试验的器材要求，以下需要掌握的是 〔填序号〕。A.酒精和碎纸片的质量相等B.烧杯中水的质量相等小明设计了一张记录试验数据的表格，其中①②两项内容漏写了，请你帮他补充完整燃料 ① ②10g酒精10g碎纸片① ；② 。用丙图中的试验装置来估测碎纸片的热值，实际测量值与纸张的真实热值进展比较是 〔选填“偏大”或“偏小”〕，其缘由是 〔仅要求写出一种状况〕。29．〔6分〕如下图，小明做“探究并联电路中电流的规律”试验。11位置I/A

A0.30

B0.24

C0.54试验时，接好电路后，闭合开关觉察两灯都亮，但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随便拆下一根导线，觉察两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是的〔“正确”或“错误”〕，理由是 。图甲是他设计的电路图，图乙是他测量电流时连接的实物电路，由图可知：此时电流表测量的是〔选填“B”或“C”〕处的电流。请在图乙中移动一根导线，使电流表测量A处的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。测出A、B、C三处电流如表所示，由此得出初步结论〔只写表达式〕 。教师指出：为了得出更普遍的规律，应当进展屡次试验，你的操作方法是： 。30．〔6分〕如图中的“塔吊”是建筑工地上普遍使用的起重设备，AB是竖直支架，CD是水平臂，其上OC段叫平衡臂，C端装有配重体，OD段叫吊臂，E处装有滑轮，可在O、D两点间移动。由“塔吊”构造图甲可知，当E点越靠近D点时，能安全吊起重物的最大质量越 〔选填12“大”或“小”〕1.5t10m8m后即送达指定位置，求这一过程中“塔吊”对钢材做功。“塔吊”通过电动机带动如图乙所示的滑轮组，竖直吊起物体。某次吊起的重物为3×104N，物1.5m/s30%，求电动机对滑轮组钢丝上水平拉力F做功的功率。31．〔6分〕随着人们生活水平的渐渐提高，小轿车已经走进了千家万户，小明家也买回来了一辆小汽车，小明找出了小汽车下表列出的有关数据。水的比热容为c＝4.2×103J/〔kg•℃〕，汽油的热值q＝4.6×107J/kg，结果保存三位有效数字。求：小汽车的质量汽油的密度

1200kg0.7×103kg/m3小汽车的额定功率2.5×104W100km耗油量 8L汽车的冷却系统常用水的循环来降低发动机的温度。8kg水在冷却系统中温度上升50℃，所吸取的热量是多少？该汽车以额定功率在水平路面上匀速行驶时，车速为100km/h，此时汽车所受阻力是多少？该小汽车发动机的效率是多大？13参考答案与试题解析一、选择题〔本大题共12小题，仅有一个选项符合题意，每题2分，共24分〕1-5BABBB 6-10ACCCD11-12DB二、填空题〔8127分〕13．〔2分〕长江大桥上的路灯总是同时亮，同时灭，它们的连接方式是并联〔选填“串联”或“并14联”〕你的推断依据是假设一个灯坏了，其它的路灯仍能正常工作。因此它们是并联连接。故答案为：并联；假设一个灯坏了，其它的路灯仍能正常工作。14．〔6分〕202318次放射任务，请答复以下相关问题：火箭在上升过程中与空气摩擦导致内能变大〔变小/不变/变大此内能转变是通过做功的方式实现的。现代火箭用液态氢作燃料，是由于它具有较大的热值，燃烧时能放出更多的热量〔温度/内能/热量〕。我国火箭回收方式是：火箭消耗完燃料后将自动脱离飞船，借助降落伞落回地面，则在匀速下落过程中，火箭的动能不变〔变小/不变/变大，下同〕，机械能变小。【解答】解：〔1〕火箭在上升过程中，火箭和空气之间有摩擦，抑制摩擦做功，火箭的内能变大，此内能转变是通过做功的方式实现的；现代火箭承受液态氢做为火箭的燃料，缘由是液态氢具有较大的热值，燃烧时能放出更多的热量。火箭匀速下落过程中，质量不变，速度不变，高度渐渐变小，则动能不变，重力势能变小，机械能变小。故答案为：〔1〕变大；做功；〔2〕热值；热量；〔3〕不变；变小。15．〔2分〕给蓄电池充电时，蓄电池相当于用电器〔填“用电器”或“电源”〕；某同学把灯泡、干电池和开关用导线连接起来。开关闭合后灯泡不亮，不一会儿干电池就发热了。这个电路的故障是该电路发生了短路。【解答】解：蓄电池充电时相当于用电器；用导线把干电池、小灯泡和开关连接成一个电路，用电器只有小灯泡一个，开关闭合后，小灯泡不发光说明没有电流通过小灯泡，但一会儿电池发热，说明有电路中很大的电流，即把电源的正负两极没有经过用电器直接连接起来，造成了短路，同时也对灯泡短路。故答案为：用电器；短路。16．〔2分〕如下图，有一根均匀铁棒，长为L，OA＝AC＝，重力G＝900N，为了不使这根铁棒的B15端下沉所需外力至少应为300 N．假设F的方向不变略微抬起这根铁棒的B端所需外力应为450N。【解答】解：〔1〕依据杠杆的平衡条件可知，F×〔+ 〕＝G×；所以F＝＝ ＝300N；〔2〕微微抬起这根铁棒的B端，F×L＝G×；所以F＝＝ ＝450N。故答案为：300；450。17．〔3分〕如下图，质量为200g的某液体，比热容是c＝2.5×103J/〔kg•℃〕，在均匀放热的条件下凝固成固态物质，且质量不变，则：第20min的内能小于〔选填“大于”、“小于”或“等于”〕第10min的内能凝固过程中该物质共放热8.4×104 J；该物质液态与固态的比热容之比为2：1 。【解答】解：由凝固图象可知，该物质的凝固时温度保持0℃不变，则图象为水的凝固图象，因水在凝固时，放出热量、内能变小，所以第20min10min的内能；由图象可知，水从A点降温到B5min10℃，所以，此过程中放出的热量Q ＝c m△t＝4.2×103J/〔kg•℃〕×0.5kg×10℃＝2.1×104J；放 水16因该物质是均匀放热，且质量不变，所以，一样时间内，物质放出的热量相等，故凝固过程用了20min，故放出热量为Q ＝4×2.1×104J＝8.4×104J；凝固放由图象知，液态降温10℃和固态降温20℃所用的时间相等，所以它们放出的热量相等，由于固态段和液态段物质的质量m一样，由图象知，放热时间一样，即热量一样，液态段降温是10℃，固态段降温20℃，从而计算得比热容之比为：＝ ＝ ＝＝2：1。。18．〔4分〕如下图，小明用滑轮组提升重物，假设物体重200N，每个滑轮重20N。用150N的拉力将物J，额外功是200 J，拉力的功率是30 W，滑轮组的机械效率是66.7% 。【解答】解：重物由2段绳子担当，绳子移动的距离为：s＝2h＝2×2m＝4m有用功为：W ＝Gh＝200N×2m＝400J有总功为：W ＝Fs＝150N×4m＝600N总额外功为：W ＝W ﹣W ＝600N﹣400N＝200N额 总 有拉力的功率为：P＝ ＝ ＝30W滑轮组的机械效率为＝ ＝ 66.7%17故答案为：400；200；30；66.7%。19．〔3分〕在如图甲所示的电路中，SA1与A2的示数分别为如图乙和图丙所示，则通L1的电流是0.48A，通过灯L2的电流是0.52A.工作一段时间后，突然觉察一灯熄灭，两电流表示数相等，消灭此现象的缘由可能是L1断路。【解答】0﹣3A，分度值为0.1A，电流表A1的示数为1A，丙图电流表的量0﹣0.6A0.02A，电流表A20.52A；L1L2A1测通过干路的电流，电流表A2L2的电流，所以通过灯L20.52A，由于并联电路中干路中的电流等于各支路电流之和，所以通过灯L1的电流大小：I1＝I﹣I2＝1A﹣0.52A＝0.48A；由于并联电路中各支路互不影响，因此工作一段时间后，突然觉察一灯熄灭，并且两电流表示数相等，说明电路故障为L1断路。故答案为：0.48；0.52；L1断路。20．〔3分〕如图电路中，当S1闭合、S22.5VS1断开、S2闭合时，电压表6V，则灯L1两端电压为2.5V，灯L2两端的电压为3.5V，电源电压为6V。【解答】解：由电路图可知，当S1闭合，S2断开时和当S1断开，S2闭合时，两灯泡始终串联；S1断开，S2闭合时，电压表测电源的电压，此时电压表的示数为6V，则电源电压U＝6V；18S1闭合，S2断开时，电压表测L1两端的电压，所以灯L1两端的电压U1＝2.5V；L2两端的电压：U2＝U﹣U1＝6V﹣2.5V＝3.5V。故答案为：2.5；3.5；6。21．〔2分〕SL1L2都能发光，则电表甲是电压表，电表乙是电流表。〔选填“电流表”或“电压表”〕【解答】解：小灯泡L1和L2并联，电压表肯定要并联在电路中，电流表肯定要串联在电路中，所以电流从正极动身分两支，一支经灯泡L1回负极，另一支经电流表乙、L2回负极，所以甲肯定是电压表，乙肯定是电流表。如以下图所示：故答案为：电压表；电流表。三、解答题〔8小题，28、2949分〕22．〔2分〕依据以下题设条件完成作图。在图中画出访用该滑轮组时最省力的绕法。【解答】解：只有一个动滑轮，要求最省力，绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再19绕过动滑轮，如下图：。23．〔2分〕如图，在B点施加一个最小力F1，使杠杆在此位置平衡，请画出最小力F1的示意图，并标出阻力臂L2。【解答】解：依据杠杆的平衡条件，要使力做小，则动力臂应最长，即连接OB为最长的力臂，力的方向与OB垂直且向下，杠杆受到的阻力F2的方向竖直向下，过O点做阻力F2作用线的垂线，垂线段的长即为阻力F2的力臂L2，如下图：故答案为：如上图所示。24．〔2分〕如图，使用笔画线代替导线完成电路。要求：两灯并联，开关掌握干路，电流表测量干路电流，导线不能穿插。20【解答】解：。25．〔5分〕图中甲是某学习小组“测量滑轮组的机械效率”的示意图。用弹簧测力计竖直向上匀速拉动4.5N的物体从A位置提升到AB位置上升到B′位置，在这个过程中，弹簧测力计的示数如图乙所示。请你依据他们做的试验答复以下问题：提升物体时的拉力是2，有用功是0.225，该滑轮组的机械效率＝75%；假设在图甲装置的根底上，再增加一个钩码，则滑轮组的机械效率变大〔选填“变大”、“变小”或“不变”〕除了转变物体重量和动滑轮的重量外，提高滑轮组机械效率还可以实行的方法是减小绳重和摩擦。【解答】解：〔1〕测力计B位置匀速提升到B”位置，测力计上升的高度为：s＝15.0cm；由图可知，有3段绳子拉着动滑轮，则物体上的高度为：h＝s＝×15.0cm＝5.0cm＝0.05m；有用功：W＝Gh＝4.5N×0.05m＝0.225J；2N；21总功：W＝Fs＝2N×0.15m＝0.3J：该动滑轮的机械效率＝ ＝ ×10075；当在图甲装置的根底上，再增加一个钩码，依据W＝Gh知，有用功增加，额外功不变，有用功与总功的比值增大，则滑轮组的机械效率变大；有用功与总功的比值是滑轮组的效率，总功等于有用功与额外功的和，减小额外功可以提高滑轮组的机械效率，减小动滑轮的重量、减小绳重和摩擦可以减小额外功，可以提高滑轮组的效率。〔1〕2；0.225；75%；〔2〕变大；〔3〕减小绳重和摩擦。26．〔6分〕如图是小明用刻度均匀、质量分布也均匀的杠杆进展“探究杠杆平衡条件”的试验，每个钩码质量相等，杠杆上的数字所对应的单位为cm。将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，觉察杠杆左端下沉，他将杠杆左端平衡螺母向右调整到最大限度后，杠杆左端仍有稍微下沉，这时他应将右端的平衡螺母向右端调整，才能使杠杆在水平位置平衡，这样既便利读取力臂大小，也可以消退杠杆自重对杠杆平衡的影响。如图甲所示，是他在探究过程中的一个情境，接下来他在两边钩码的下方各加两个一样的钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，他应将右端钩码移动到右端15cm刻度线处。假设杠杆的重心恰好处于杠杆的支点处，当杠杆在图甲的水平位置平衡后，用手使杠杆缓慢地转过一个角度〔如图乙〕后松手，杠杆能〔选填“能”或“不能”〕保持静止。小明通过不断转变两端所挂钩码的个数和位置，使杠杆在水平位置平衡，并记录各次试验数据，22通过对数据分析后可以得出结论：动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离。与教师沟通后，他增加一个弹簧测力计又做了如图丙中的A、B、C三次试验。①用弹簧测力计进展图A操作后，在图B操作前应领先调零；②A、B、C三次试验操作，C 图所示试验能直接说明原先结论是错误的。【解答】解：〔1〕现在杠杆左端仍有稍微下沉，说明杠杆左端偏重，为使杠杆在水平位置平衡，这时应将右端的平衡螺母向右端调整，使杠杆在水平位置平衡使杠杆的重心在支点上，消退杠杆重对杠杆平衡的影响；设一个钩码重为G，杠杆一个格为L，左边加两个一样的钩码，则左边力和力臂的乘积为F L ＝3G×4L＝12GL，左 左右边加两个一样的钩码，设右边的力臂为L ，则右边的力和力臂的乘积为F L ＝4G×L ，右 右 右 右为了使杠杆在水平位置平衡，F L ＝F L ，即12GL＝4G×L ，所以L ＝3L，他应将右端钩码移左 左 右 右 右 右15cm处；杠杆的重心在支点处，与支点重合，松手后，杠杆仍旧是平衡的，所以能保持静止；①AB两次试验时，弹簧测力计的拉力的方向不同，所以需要对弹簧测力计进展调零；②小明得到“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”，这个结论是不正确的；当动力臂不等于支点到动力作用点的距离时，看试验结论是否成立，所以利用图C进展验证。故答案为：〔1〕右；杠杆自重；〔2〕15；〔3〕能；〔4〕①调零；②C。27．〔6分〕如图，用小球和木块来探究动能大小与哪些因素有关”：mA＝mB＜mC；hA＝hC＞hB.23试验中是通过比较小球推动木块通过的距离来比较动能大小的。本试验争论的动能是指B 。〔填序号〕A.小球在斜面上时的动能B.小球撞击木块时的动能C.小球撞击木块后的动能D.木块的动能比较图A、B可得结论：在质量一样时，速度越大，小球的动能越大。有同学通过比较B、C两图，得出“质量大的物体动能大”的结论，请你说出这一比较过程存在的错误是没有掌握小球撞击木块时的的速度一样。D所示，小华在试验时，先让质量为mh1高处由静止下滑，测出木块被撞击的距离为s1，接着他马上让同一小球从斜面h2高处由静止下滑〔h2＞h1〕，测出木块被撞击后移动的距s2，结果觉察s2＝s1，从而得出：“物体动能大小与速度无关”的错误结论。①小华在试验操作中存在的问题是小球撞击木块的位置不同；②从能量的角度分析，造成这一结果的缘由是小球在水平面上滚动时要抑制摩擦力做功，机械能转化为内能。【解答】解：〔1〕依据转换法，试验中是通过比较小球推动木块通过的距离来比较动能大小的；将小球从斜面的肯定高度自由下滑，目的是小球到达水平面时有肯定的速度，通过比较小球推动木块通过的距离来比较小于的动能大小，故本试验争论的动能是指小球撞击木块时的动能，选B；hA＞hB，故小球到达水平面时的速度vA＞vB，mA＝mB，由图知sA＞sB，故比较图A、B可得结论：在质量一样时，速度越大，小球的动能越大；争论动能大小与质量的关系，要掌握速度一样，比较B、C两图，因hC＞hB，小球到达水平面时的速度，vC＞vB，故这一比较过程存在的错误是没有掌握小球撞击木块时的的速度一样；①争论物体动能大小与速度的关系要掌握质量一样，通过小球推动木块通过的距离来表示小球的不同；24②第一次试验时，小球刚滚下斜面就撞击到木块，其次次试验时，小球在水平面上滚动了一段距离后才撞击到木块，小球在运动的过程中要抑制摩擦力做功，机械能转化为内能，所以小球在其次次撞击木块时的机械能比第一次小，木块移动的距离s1等于s2。故答案为：〔1〕小球推动木块通过的距离；〔2〕B；〔3〕在质量一样时，速度越大，小球的动能越大；〔4〕没有掌握小球撞击木块时的的速度一样；〔5〕①小球撞击木块的位置不同；②要抑制摩擦力做功，机械能转化为内能。28．〔8分〕小明利用图甲装置探究了“不同物质吸热升温的现象”。从装置中可以推断，试验还缺少的一种器材是秒表，试验是通过加热时间来反映物质吸取热量的多少。质量相等的沙子和水，在初温一样时开头加热，图乙是依据试验记录数据画出的温度随时间变化图象，由图象可知，试验过程中操作不到位的步骤是搅拌器没有将水搅拌均匀。用燃烧皿替换两个一样的酒精灯，比较酒精和碎纸片的热值〔如图丙所示〕。对于此试验的器材要求，以下需要掌握的是A、B 〔填序号〕。A.酒精和碎纸片的质量相等B.烧杯中水的质量相等小明设计了一张记录试验数据的表格，其中①②两项内容漏写了，请你帮他补充完整燃料 ① ②10g酒精10g碎纸片① 加热前水温/℃；② 燃料燃尽时的水温/℃。25用丙图中的试验装置来估测碎纸片的热值，实际测量值与纸张的真实热值进展比较是偏小〔选填“偏大”或“偏小”〕，其缘由是酒精完全燃烧放出的热量不能被水全部吸取〔仅要求写出一种状况〕。【解答】解：〔1〕依据转换法，使用一样的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，故试验还缺少的一种器材是秒表，试验是通过加热时间来反映物质吸取热量的多少；因水的比热容大，故质量一样的两种物质加热一样时间水升温慢，由图乙知，在加热的前半段时间，水升温快，试验过程中操作不到位的步骤是搅拌器没有将水搅拌均匀；为了比较酒精和碎纸片的热值，酒精和碎纸片质量一样，加热质量一样的同种液体〔水〕，依据Q＝cm△t，液体升温越高，则燃料放出的热量越多，这种燃料热值越大，应选A、B；①①加热前的水温/℃；②加热后的水温/℃；纸张完全燃烧放出的热量不能被水全部吸取，故算出的碎纸片热值要小于真实值。故答案为：〔1〕秒表；加热时间；〔2〕搅拌器没有将水搅拌均匀；〔3〕A、B；〔4〕①加热前的水温/℃；②加热后的水温/℃；〔5〕偏小；纸张完全燃烧放出的热量不能被水全部吸取。29．〔6分〕如下图，小明做“探究并联电路中电流的规律”试验。位置I/A

A0.30

B0.24

C0.54试验时，接好电路后，闭合开关觉察两灯都亮，但由于连线较乱，一时无法确定两灯是串联还是并联，小明灵机一动，随便拆下一根导线，觉察两灯都熄灭，因此他认定两灯是串联的，小明的方法是错误的〔“正确”或“错误”〕，理由是两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭。26图甲是他设计的电路图，图乙是他测量电流时连接的实物电路，由图可知：此时电流表测量的是C 〔选填“B”或“C”〕处的电流。请在图乙中移动一根导线，使电流表测量A处的电流。在移动的导线上画“×”，并用笔画线代替导线连接正确的电路。测出A、B、C三处电流如表所示，由此得出初步结论〔只写表达式〕IC＝IA+IB 。教师指出：为了得出更普遍的规律，应当进展屡次试验，你的操作方法是：更换不同规格的小灯泡，进展屡次试验。【解答】解：两灯泡串联时，拆开任意一根导线，电路断路，两灯泡熄灭；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭；所以，依据拆开电路中的一根导线两灯泡都熄灭不能判定两灯泡是串联的，则小明的方法是错误的；由图可知，电流表接在干路中，测量的是C处的电流；原图中，电流表测量干路中的电流，要使电流表测量A处的电流〔即测通过L1的电流〕，依据电流表与待测电路串联，故应将电流表与灯L1串联，如下所示：分析表中数据中有：0.54A＝0.30A+0.24A，由此得出的初步结论为：IC＝IA+IB；为避开试验的偶然性，使得出的结论具有普遍性，应换用不同规格的灯泡进展屡次试验。故答案为：〕错误；两灯泡并联时，拆开干路中的一根导线，两灯泡也同时熄灭；2；〕图；〔4〕IC＝IA+