广东省揭阳普宁市2018-2019学年高一物理下学期期末考试试题(含解析)

广东省揭阳普宁市2018_2019学年高一物理下学期期末考试一试题(含分析)广东省揭阳普宁市2018_2019学年高一物理下学期期末考试一试题(含分析)广东省揭阳普宁市2018_2019学年高一物理下学期期末考试一试题(含分析)广东省揭阳普宁市2018-2019学年高一物理下学期期末考试一试题（含分析）一、单项选择题以下说法正确的选项是：牛顿发现了万有引力定律，并测出了万有引力常量。做圆周运动的物体，协力必然指向圆心惯性是物体的固有属性，速度大的物体惯性必然大国际单位制中，力学的三个国际基本单位是：kg、m、s【答案】D【分析】【详解】A.牛顿发现了万有引力定律，他没有测出万有引力常量，是卡文迪许测出了万有引力常量；故A错误.B.匀速圆周运动的协力必然指向圆心，变速圆周运动的协力不用然指向圆心；故B错误.C.惯性是物体的固有属性，质量是惯性大小的独一量度，惯性大小与速度没关；故C错误.D.国际单位制中，力学的三个国际基本单位是：kg、m、s；故D正确.以以下图为一质点作直线运动的速度—时间图象，以下说法中正确的选项是ab段与bc段的速度方向相反bc段与cd段的加快度方向相反ab段质点的均匀速度为3m/sD.ab段质点的加快度大小为4m/s2-1-【答案】

C【分析】【详解】

A.ab段与

bc段质点的速度均为正，则速度方向同样；故

A错误.B.依据图象的斜率表示加快度，斜率的正负表示加快度方向，则知

bc

段与

cd

段的加快度方向同样；故

B错误.C.ab段质点做匀加快直线运动，其均匀速度v0v24v2m/s3m/s；故C正确.2D.ab段质点的加快度大小为av42m/s22m/s2；故D错误.1以以下图，举行500m直道龙舟大赛，以下说法正确的选项是获取第一名的龙舟，抵达终点时的速度必然最大第一名的龙舟，均匀速度必然最大以龙舟为参照系，岸上站立观众是静止的研究队员的划桨动作，可将队员看作质点【答案】B【分析】【详解】AB.获取第一名的龙舟用时最短，由xv知均匀速度必然大，但撞线时的速度不一t定最大，故A项错误，B项正确.C.观众相对于龙舟是运动的，因此以龙舟为参照系，岸上站立观众是运动，故C错误.D.研究队员的划桨动作时，大小和形状不可以忽视，故不可以将队员看作质点，故D错误.4.以以下图，AB为竖直面内圆弧轨道，半径为R，BC为水平直轨道，长度也是R．一质量为m的物体，与两个轨道间的动摩擦因数都为μ，现使物体从轨道顶端A由静止开始下滑，恰巧的-2-运动到C处停止，那么物体在AB段战胜摩擦力所做的功为（）μmgRμmgπRmgR（1﹣μ）mgR【答案】D【分析】以物体为研究对象，全程由动能定理可知，mgR+Wf+W=0，此中W=-μmgR，解得Wf=μmgR-mgR=（μ-1）mgR，故AB段战胜摩擦力做功为W克=（1-μ）mgR，因此D正确，ABC错误。某电动车以额定功率从静止开始加快，若所受阻力素来不变，则在加快过程，以下说法正确的选项是A.电动车牵引力不变B.电动车牵引力渐渐增大C.电动车做匀加快直线运动D.电动车的加快度渐渐减小【答案】D【分析】【详解】AB.汽车以恒定功率加快，则开始时加快度较大，速度迅速增大；由P=Fv可得，F减小；故A，B错误；CD.由牛顿第二定律可得，加快度减小；故汽车做加快度减小的加快运动；故C错误，D正确.以以下图，自行车的大齿轮A、小齿轮B、后轮C的半径之比为4：1：16，在使劲蹬脚踏板行进的过程中，对于A、C轮缘的线速度和角速度说法正确的选项是-3-ωA：ωC=1：4ωA：ωC=4：1vA：vC=1：4vA：vC=4：1【答案】A【分析】【详解】AB.因为A、B的线速度大小相等，依据vr，A、B的半径之比为4:1，因此A、B的角速度之比为1:4，B、C的角速度大小相等，因此ω：ω=1:4，故A正确，B错误.ACCD.因为ωB=ωC，RB：RC=1:16，依据v=r?ω知vB:vC=1:16，因此vA:vC=1:16，故C,D均错误.7.2018年10月我国港珠澳大桥正式通车。在港珠澳大桥建设中，将一根直径22m、高40.5m的钢筒，打入海底围成人工岛，创办了迅速筑岛的世界记录。若钢筒重量为G，用起重机同时由10条对称散布的、每条长为22m的钢索将其竖直吊起处于静止状态如图，则每根钢索遇到的拉力大小为GB.G3GD.3GA.C.5101530【答案】C【分析】【详解】因为钢筒的直径为22米，钢索的长为22米，则每个两根对称钢索与直径组成等边三角形，因此每根钢索与竖直方向的夹角为30；设每根钢索遇到的拉力大小为F，竖直方向依据均衡条件可得10Fcos30=G，因此F3G，故C正确，ABD错误。15-4-二、多项选择题对于地球同步卫星，以下说法正确的选项是它处于均衡状态，且拥有必然的高度它的加快度小于9.8m/s2它的周期是24h，且轨道平面与赤道平面重合它的速度等于7.9km/s【答案】BCD【分析】【详解】A.同步卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力供给向心力，离地面的高度h为必然值，没有处于均衡状态，故A错误.GMmGM2B.同步卫星和近地卫星都符合r2ma，近地卫星aR29.8m/s，因为同步卫星轨道半径大于近地卫星的半径，故同步卫星的加快度小于9.8m/s2，故B正确.C.同步卫星的周期必然与地球自转周期同样，同步卫星的周期为24h，轨道平面与赤道平面重合，故C正确.2D.依据万有引力供给向心力，GMmmv，解得运转速度vGM，近地卫星的运转速r2rr度为7.9km/s，则同步卫星的运转速度小于7.9km/s，故D错误.9.一质量为2kg的质点在xOy平面内运动，在x方向的s-t图象和y方向的v-t图象分别如图所示.则该质点A.初速度大小为3m/sB.所受的合外力为3N-5-做匀变速曲线运动初速度方向与合外力方向垂直【答案】BC【分析】【详解】A.由图可知，质点在x方向上初速度为vxx8m/s4m/s，y方向上初速度t2为3m/s，依据平行四边形定章，则初速度的大小v0vx2vy204232m/s5m/s；故A错误.BD.质点的加快度方向沿x轴方向，avm/s1.5m/sFma6322，则合==2×1.5=3N，t2的协力的方向沿y轴方向，与初速度的方向不垂直；故B正确，D错误.C.质点遇到的合外力不变，则质点的加快度不变，因此质点做匀变速曲线运动；故C正确.10.“套圈圈”是很多人都喜欢的一种游戏.以以下图，少儿和大人直立在界外同一地点，在同一竖直线上不同样高度先后水平抛出小圆环，并恰巧套中前面同一物体.假定小圆环运动可视为平抛运动，则少儿抛出的圆环速度大小较小两人抛出的圆环速度大小相等少儿抛出的圆环运动时间较短两人抛出的圆环，在同样时间内的速度变化量同样【答案】CD【分析】【详解】AB.水平方向位移xvtv2h知，大人抛环速度小；故A错误，B错误.g-6-C.设抛出的圈圈做平抛运动的初速度为v，高度为h，则着落的时间为t2h，平抛运动的g物体遨游时间由高度决定，少儿抛出的圆环运动时间较短；故C正确.D.在同样时间内的速度变化量：△v=g△t，与初速度没关，因此两个人抛出的圆环，在同样时间内的速度变化量同样；故D正确.某同学将一个质量为m的小球竖直向上抛出，小球上涨的最大高度为H.设上涨过程中空气阻力f大小恒定.则在上涨过程中小球的动能减小了(f+mg)H小球机械能减小了fH小球重力势能减小了mgH小球战胜空气阻力做功(f+mg)H【答案】AB【分析】【详解】A.小球上涨的过程中，重力和阻力都做负功，依据动能定理得:-mgH-fH=△Ek，则得动能的减小量等于mgH+fH；故A正确.依据功能关系知：除重力外其他力做的功等于机械能的变化量；在上涨过程中，物体战胜阻力做功fH，故机械能减小fH；故B正确.小球上涨H，故重力势能增添mgH；故C错误.D.在上涨的过程中，小球战胜空气阻力做功fH；故D错误.马戏团中演出的飞车节目深受观众喜欢。如图甲，两表演者骑着摩托车在竖直搁置的圆锥筒内壁上做水平匀速圆周运动。若两表演者（含摩托车）分别看作质点A、B，其表示简图如图乙所示，摩托车与内壁倾斜方向的摩擦力恰巧为零，则B做圆周运动的周期较大-7-B.线速度较大C.角速度较大D.向心加快度较大【答案】AB【分析】【详解】BC.摩托车做匀速圆周运动，摩擦力恰巧为零，由重力mg和支持力F的协力供给圆周运动的向心力，作出受力分析如图：则有：向心力n=tanα，由2v2gtan，，rr则知B质点高，半径r大，则ω较小，v较大；故B正确，C错误.2，而B质点角速度小，则其周期较大；故A正确.A.因为TD.因为mgtanα=ma，则向心加快度为a=gtanα，因此A、B两质点的向心加快度相等，故D错误.以以下图，质量M，中空为半球型的圆滑凹槽搁置于圆滑水平川面上，圆滑槽内有一质量为m的小铁球，现用一水平向右的推力F推进凹槽，小铁球与圆滑凹槽相对静止时，凹槽圆心和小铁球的连线与竖直方向成α角。重力加快度为g，则以下说法正确的选项是小铁球遇到的合外力方向水平向左B.凹槽对小铁球的支持力为mgcosC.系统的加快度为agsinD.推力FmMgtan-8-【答案】BD【分析】【详解】A.小铁球的加快度方向水平向右，依据牛顿第二定律知小铁球遇到的合外力方向水平向右;故A错误.对小球进行受力分析，以以下图：则凹槽对小铁球的支持力N

Gmg

;故B正确.coscosC.对小球进行受力分析得：mgtanα=ma，解得：a=gtanα，因此系统的加快度为a=gtanα;故C错误.D.对整体进行受力分析，依据牛顿第二定律得：F=(m+M)a=(m+M)gtanα;故D正确.14.轻质弹簧吊着小球静止在以以下图的A地点，现用水平外力F将小球迟缓拉到B地点，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ，在这一过程中，对于整个系统，以下说法正确的选项是()A.系统弹性势能不变系统的弹性势能增添系统的机械能不变系统的机械能增添【答案】BD【分析】依据力的均衡条件可得F＝mgtanθ，弹簧弹力大小为F弹＝mg，B地点比A地点弹力大，cos弹簧伸长量大，因此由A地点到B地点的过程中，系统的弹性势能增添，又因为重力势能增-9-加，动能不变，因此系统的机械能增添．三、实验题某次实验利用打点计时器打出一条以以下图的纸带，C、D、E、F、G是按打点次序挨次选取的计数点，计数点的距离以以下图，相邻计数点间的时间间隔为0.1s.1）刻度尺D点的读数为________cm;（2）小车加快度大小为________m/s2（结果保存2位有效数字）.【答案】(1).1.00(2).0.20（0.18～0.22）【分析】【详解】第一空.毫米刻度尺的精准度为1mm，估读到0.1mm，则D点读数为1.00cm.第二空.依据匀变速直线运动的鉴别式xaT2，四组位移选择逐差法得：axEGxCE(5.202.202.20)102m/s20.20m/s2.4T240.1216.用以以下图装置来研究功和动能变化关系，木板上固定两个完满同样遮光条、，用AB不可以伸长的细线将木板经过两个滑轮与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道D上，轨道放在水平桌面上，P为小桶（内有砂子），滑轮质量、摩擦不计，重力加快度大小为g。的（1）实验中轨道应倾斜必然角度，这样做的目的是__________.-10-（2）用游标卡尺丈量遮光条的宽度d.（3）实验主要步骤以下：①丈量木板（含遮光条）的质量M，丈量两遮光条间的距离L，按图正确连结器械；②小桶P（内有沙子）的质量_________（填“需要”“不需要”）远小于木块（含遮光条）的质量。③将木板左端与轨道左端对齐，静止开释木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及遮光条B、A先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条B、A经过光电门的过程中木板动能的变化量Ek=______，合外力对木板做功W=________；（用字母M、t1、t2、d、L、F表示）④在小桶中增添砂子，重复③的操作，比较W、Ek的大小，得出实验结论.【答案】(1).均衡木板遇到的摩擦力(2).1d2d2不需要(3).M(22)(4).2t2t1FL【分析】【详解】第一空.为了使绳索拉力充任协力，即细线拉力做的功等于协力对小车做的功应先平衡摩擦力；第二空.丈量木板（含遮光条）的质量M，丈量两遮光条间的距离L，按图正确连结器械；由于有弹簧秤可以丈量拉力，因此没有必需使小桶P的总质量远小于木板的质量；第三空.遮光条B、A先后经过光电门的时间为t1、t2，则遮光条B、A经过光电门的速度分别为v1dd1d2d2，v2，则动能的变化为：EkM(22).t1t22t2t1第四空.协力所做的功就是绳索拉力做的功，合=.WFL四、计算题17.以以下图，为大型游玩设备环形座舱跳楼机。跳楼机由高度75m处自由着落到离地面30m的地点开始以恒力制动，已知跳楼机和人的总质量m=4×103kg，重力加快度g=10m/s2.不计跳楼机与柱子间的摩擦力及空气阻力.试求：-11-1）跳楼机的最大速度；2）跳楼机在制动过程中，所受制动力的大小；3）跳楼机从开始着落到着地经历的时间.【答案】（1）30m/s（2）1.0105N（3）5s【分析】【详解】（1）自由着落过程：v202ghh0解得：v=30m/s（2）制动过程：0v22ah0解得：a15m/s2制动过程，由牛顿运动定律有：F-mg=ma解得：F1.0105N（3）自由着落过程时间：t1解得：t13s0v