2021年河南省驻马店第二高级中学高考物理预测试卷

2021年河南省驻马店第二高级中学高考物理预测试卷

1.曾U经过若干次a衰变和0衰变后变为曾Pb,下列说法正确的是（）

A.a射线的穿透能力比0射线的强

B.a射线的电离能力比0射线的弱

C.的比结合能比能鬻Pb的比结合能小

yzoz

D.衰变过程中共发生了8次a衰变和10次0衰变

2.2020年7月23日中午12时41分，我国在海南文昌卫星发射中心，使用“长征五号”

遥四运载火箭，将我国首颗火星探测器“天问一号”发射升空，随后，“天问一号”

探测器顺利进入预定轨道，我国首次火星探测发射任务取得圆满成功！已知地球的

质量约为火星的10倍，地球的半径约为火星的2倍，则下列说法正确的是（）

A.地球表面重力加速度约为火星表面的VI倍

B.地球的“第一宇宙速度"约为火星的遥倍

C.“天问一号”绕火星匀速飞行时，其内部仪器处于平衡状态

D.探测器的发射速度大于第三宇宙速度

3.如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直

杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，

挂于绳上处于静止状态。如果只人为改变一个条件，当

衣架静止时，下列说法正确的是（）

A.绳的右端上移到b',绳子拉力变小

B.将杆N向右移一些，绳子拉力变大

C.绳的两端高度差越小，绳子拉力越小

D.若换挂质量更大的衣服，则衣服架悬挂点右移

4.平行板电容器、静电计理想二极管D（正向电阻为0,反向电阻无穷大）与内阻不计的

电源连接成如图所示的电路，现在平行板电容器两极板间的P点固定一带正电的点

电荷，电容器的两极板可左右移动少许。设静电计的张角为仇则下列说法正确的

是（）

A.若右极板向右移动少许，则。不变，P点的电势降低

B.若右极板向右移动少许，则8变大，P点的电势不变

C.若左极板向右移动少许，贝的变小，位于P点的点电荷的电势能增大

D.若左极板向右移动少许，则e不变，位于P点的点电荷的电势能增大

5.如图所示，匀强电场方向水平向右，匀强磁场方向垂直纸P

面向外，电场宽度和磁场宽度均为d。一个质量为m,电d-—Z

量为q的带正电粒子从电场边界P点以大小为V。的初速度d*

沿垂直电场方向射入电场，经电场偏转发生的侧移量为“

粒子进入磁场后，经磁场偏转恰好不能从磁场的下边界射出。不计带电粒子的重力,

则下列说法正确的是（）

A.磁感应强度大小为空警B.磁感应强度大小为逋三警

qdqd

C.电场强度大小为粤D.电场强度大小为住詈

6.如图所示，理想变压器的原线圈接有交流电源，副线圈।一।--------

上的滑片P1可上下滑动，滑动变阻器的滑片P2可左右滑动。!"p,

当副线圈上的滑片Pl处于图示位置时，灯泡L能发光。要，32LT

使L变亮，可以采取的方法有（）一।

A.仅增大交流电源的电压B.仅增大交流电源的频率

C.仅向上滑动PiD.仅向左滑动P2

7.如图所示，质量均为M的b、d两个斜面体静止于水

平地面上，两斜面体底面粗糙且长度相等，斜面光

滑，b斜面倾角为30。，d斜面倾角为60。。质量均为

m的小物块a和c分别从两个斜面顶端由静止自由滑

下，下滑过程中两斜面始终静止。在小物块到达斜

面底端的过程中，下列说法正确的是（）

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A.地面对两斜面的摩擦力均向左B.两物块所受重力做功的平均功率相同

C.两斜面对地面压力均小于(m+M)gD.两物块所受重力冲量相同

8.如图甲所示，倾斜的传送带正以恒定的速度v沿顺时针方向转动，传送带的倾角为

37。。一物块以初速度V。从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动，物块到

传送带顶端的速度恰好为零，其运动的v-t图像如图乙所示。重力加速度g取

10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,下列判断正确的是()

A.传送带的速度为4m/s

B.传送带底端到顶端的距离为32m

C.物块与传送带间的动摩擦因数为0.25

D.物块所受摩擦力一直与物块运动的方向相反

9.某同学在研究性学习中用如图装置来''验证机械能守恒”，

轻绳两端系着质量相等的物体A、B,跨过足够光滑的定滑

轮，物体B上放一金属片C,铁架台上固定一金属圆环，圆

环处在物体B的正下方。系统静止时，金属片C与圆环间的

高度差为h。由静止释放后，

系统开始运动，当物体B穿过圆环时，金属片C被搁置在圆

环上。两光电门固定在铁架台Pl、P2处，通过数字计时器可

测出物体B通过Pi、P2这段距离的时间。(重力加速度为g)

(1)若测得Pi、P2之间的距离为d,物体B通过这段距离的时间为3则物体B刚穿过

圆环后的速度v-

(2)若物体A、B的质量均用M表示，金属片C的质量用m表示，该实验中验证下面

(填字母序号)等式成立，即可验证机械能守恒定律。

A.mgh=1mv2

B.mgh=Mv2

1.r

C.mgh=-(2M+m)v2

1n

D.mgh=5(M+m)vz

(3)若M>m,改变金属片C的质量m,使物体B由同一高度落下穿过圆环，记录各

次的金属片C的质量m,以及物体B通过Pi、P2这段距离的时间t,以mg为横轴，以

(填+2"或)为纵轴，通过描点作出的图线是一条过原点的直线。

10.为了测定小灯泡L(6V,3W)在不同电压下的电功率，现以下器材：直流电源E(8V,

内阻不计)；电流表®)(0-0.6A.内阻约0.6。)；电压表。(0〜15V,内阻约

200kn)；滑动变阻器R(0〜10C,2A);开关和导线。

(1)某同学将实验器材连接成如图(a)所示的电路(其中滑动变阻器的连线没有画出)。

闭合开关进行实验时，如图(b)所示电流表读数为A；无论怎样移动滑片P,

电压表和电流表的示数都不为零，且始终没有变化。则该同学把滑动变阻器接入电

路中的方式可能是(填标号)。

A.G与E相连，D与H相连B.G与E相连，F与H相连

C.G与C相连，F与H相连D.G与C相连，D与H相连

(2)在图(a)中将滑动变阻器正确接入电路中。要求：灯泡两端的电压可以从零开始

调节。

(3)正确连接电路后，改变滑动变阻器滑片的位置，测出多组电压、电流的数据，

可得小灯泡在不同电压下的电功率，并作出相应的P-U2图象，则在下列图象中可

能正确的是(填标号)，其理由是。

BCD

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11.如图所示，光滑轨道abc固定在竖直平面内，ab为四分之一圆弧轨道，be段水平，

且与ab圆弧相切于b点，在光滑水平地面上紧靠轨道c端，停着质量为M=3kg、长

度为L=0.5m的平板车，平板车上表面与be等高、现将可视为质点的物块从与圆心

0等高的a点静止释放，物块滑至圆弧轨道最低点b时的速度大小为Vb=2m/s,对

轨道的压力大小等于30N,之后物块向右滑上平板车。取重力加速度g=10m/s2,

不计空气阻力。

(1)求该物块的质量；

(2)若物块最终未从平板车上滑落，求物块在平板车上滑动过程中产生的热量。

12.如图甲所示，光滑且足够长的平行金属导轨MN、PQ固定在同一水平面上，两导轨

间距L=0.30m.导轨电阻忽略不计，其间连接有固定电阻R=0.40Q导轨上停放一

质量m=0.10kg、电阻r=0.20Q的金属杆ab,整个装置处于磁感应强度B=0.50T

的匀强磁场中，磁场方向竖直向下.用一外力F沿水平方向拉金属杆ab,使之由静

止开始运动，电压传感器可将R两端的电压U即时采集并输入电脑，获得电压U随时

间t变化的关系如图乙所示.

XXXX

电

接

电XXXX

脑学

aXXXX

XXXX

(1)试证明金属杆做匀加速直线运动，并计算加速度的大小；

(2)求第2s末外力F的瞬时功率；

(3)如果水平外力从静止开始拉动杆2s所做的功W=0.35J,求金属杆上产生的焦耳

热.

13.如图所示是一定质量的。2在0℃和100℃时分子数与，分fti,,,

分子速率的图象.从图象中可以得到的正确结论是|//V

()

分子速率

A.曲线甲是。2在0°C时的图象

B.无论是0汽还是100汽，中等速率的氧气分子占大多数

c.存在某一速率，。。(:和io(rc时氧气分子数相等

D.100。(:时。2分子的速率都大于0℃时。2分子的速率

E.曲线甲对应的。2分子的总动能大于曲线乙对应的。2分子的总动能

14.为了方便监控高温锅炉外壁的温度变化，可在锅炉的外壁上镶嵌一个导热性能良好

的气缸，气缸内封闭气体温度与锅炉外壁温度相等。如图所示，气缸右壁的压力传

感器与活塞通过轻弹簧连接，活塞左侧封闭气体可看做理想气体。已知大气压强为

Po,活塞横截面积为S,不计活塞质量和厚度及与气缸壁的摩擦。当锅炉外壁温度

为To时，活塞与气缸左壁的间距为L,传感器的示数为0.温度缓慢升高到某一值时，

传感器的示数为PoS,若弹簧的劲度系数为野，求：

(1)此时锅炉外壁的温度；

(2)若已知该过程气缸内气体吸收的热量为Q,求气体内能增加量。

15.一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时的波形图如图所示，介质中质点M、N的

平衡位置分别在XM=2cm>xN=4cm处，从1=0时开始计时，当t=11s时质点N刚

好第3次到达波峰，则()

A.波的波长为4cm

B.波的传播周期为8s

C.从t=0时刻开始，质点M比质点N先到达波谷位置

D.波的波速大小为lcm/s

E.从t=0时开始计时，质点;N做简谐运动的表达式为y=2sin©t+n)(cm)

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16.如图所示，水深为H的池底有一半径为r的圆形光源，在------匚二--------

水面上形成圆形光斑，已知水的折射率为n,真空中的光------f-----------

、二二二』现二二二二

速为c,求：-*?r1*-

①光到达水面的最短时间t；

②光斑的半径R。

答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：AB、a射线的穿透能力比0射线弱，而电离能力比B射线强，故AB错误；

C、至8U衰变为第6的过程中的衰变都是自发的，每一次衰变的过程中都要释放能量，

所以衰变后总结合能增大，由于£He的比结合能较小，所以能8U的比结合能一定比第6的

比结合能小，故C正确；

D、裂U衰变为裂的过程可以综合写成核反应方程：$8UT毅Pb+犯e+n9】e；根据

质量数守恒和电荷数守恒，有：2385=206+4m,92=82+2m-n；解得：m=8,

n=6,故D错误。

故选:Co

根据三种射线的特点判断；根据电荷数守恒、质量数守恒确定a衰变和0衰变的次数。通

过衰变过程释放能量比较结合能的大小。

本题考查了衰变、结合能与比结合能、三种射线的特点等基础知识点，难度不大，关键

要熟悉教材，牢记这些基础知识点，不能混淆。

2.【答案】B

【解析】解：A、根据mg=^

解得：g=^

可知地球与火星表面重力加速度之比为

J=|,故A错误;

B、根据誓=嘤

解得:v=_J^

可知地球与火星第一宇宙速度之比为

^=75,故B正确；

C、“天问一号”内部仪器随其绕火星做匀速圆周运动，不处于平衡状态，故C错误;

D、探测器的发射速度大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度，故D错误；

故选：Bo

根据万有引力提供重力和向心力分别得出重力加速度和第一宇宙速度的比值关系；

正确理解仪器所处的运动状态；

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本题主要考查了万有引力定律的相关应用，理解物体做圆周运动的向心力来源，结合向

心力公式和宇宙速度的概念完成分析。

3.【答案】B

【解析】解：如图所示，两个绳子是对称的，与竖直方向夹角是相等的。

饮

假设绳子的长度为X,贝iJXcos。=L,绳子一端在上下移动的时候，绳子的长度不变，两

杆之间的距离不变，贝帕角度不变；

AC、两个绳子的合力向上，大小等于衣服的重力，由于夹角不变，所以绳子的拉力不变；

A错误，C错误；

B、当杆向右移动后，根据XcosO=L,即L变大，绳长不变，所以。角度减小，绳子与竖

直方向的夹角变大，绳子的拉力变大，B正确；

D、绳长和两杆距离不变的情况下，。不变，所以挂的衣服质量变化，不会影响悬挂点

的移动，D错误。

故选:B(.

绳子两端上下移动时，两杆距离不变，据此分析两端绳子间夹角的变化情况，进而分析

拉力的变化；

两杆之间距离发生变化时，分析两段绳子之间的夹角变化，进而分析拉力变化。

本题在判断绳子拉力的变化关键是把握一个合力的不变，然后分析绳子夹角的变化情况,

而夹角的变化情况又与两杆距离有关，写出了距离与夹角关系，题目就会变的容易。

4.【答案】A

【解析】解：AB、静电计上的电压保持不变，所以静电计的张角8不变。由于二极管具

有单向导电性，所以电容器只能充电，不能放电，将电容器的左极板向左移动少许时，

根据

可知电容减小，但不能放电，则电容器电荷量不变，再根据

可得，电容器两极板间的电场不变，则P点的电势为U左p=Ed左p,电势差变大，即P点

的电势降低，故A正确，B错误；

CD、同理可得将电容器的左极板向右移时，电压不变，电容器的电容增大，电场强度

增大，P点的电势升高，由于P点固定的是负电荷，因此位于P点的点电荷电势能减小，

故CD错误；

故选：Ao

先假设电压不变，分析出电荷量的变化,考虑到二极管的单向导电性，重新分析电容器，

得出场强的变化，进而得出电势的变化；

结合电荷的电性分析出电荷的电势能变化。

本题主要考查了电容器的动态分析，理解变化过程中的不变量，要注意到二极管的单向

导电性，结合公式的推导即可完成分析。

5.【答案】A

【解析】解：CD、依题意作出粒子运动轨迹如图所示

解得:E=里，

qd

故CD错误；

AB、粒子在电场中做类平抛运动:

d

tana=2•4=1

□

即a=45°,

V=i

在磁场中做匀速圆周运动，由几何关系得

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r-sina+r=d

由牛顿第二定律得

V2

qvB=m—

联立解得：B=（1+稀mv。,

qd

故A正确，B错误；

故选：A..

粒子在电场中做类平抛运动，根据平抛运动规律可求电场强度和进入磁场时速度；在磁

场中做匀速圆周运动，由几何关系求出轨迹半径，根据洛伦兹力提供向心力列式可求磁

感应强度大小。

本题考查带电粒子先类平抛，后匀速圆周转动的实例，在电场中根据平抛运动规律求解,

在磁场中根据牛顿第二定律和几何关系完成相关计算。

6.【答案】AC

【解析】解：A、增大交流电源的电压，根据U"无=%：0可知，副线圈输出电压变

大，则通过灯泡的电流变大，则灯泡会变亮，故A正确；

B、仅增大交流电源的频率，通过副线圈电路中的电流并不变化，故灯泡亮度不会发生

变化，故B错误；

C、当向上滑动Pi时，副线圈匝数ri2增大，根据5：曳可知，副线圈输出电压

变大，则通过灯泡的电流变大，灯泡变亮，故C正确；

D、当滑动变阻器滑片P2向左滑动时，接入电阻变大，则通过灯泡的电流变小，灯泡变

暗，故D错误。

故选:AC。

明确变压器原理,知道要使灯泡变亮,应使副线圈两端电压增大,通过灯泡的电流增大，

根据变压器的性质确定增大灯泡中电流的方法。

本题考查变压器原理，要知道电压之比等于线圈匝数之比，同时明确变压器不会改变交

流电的频率。

7.【答案】CD

【解析】解：设斜面的倾角为。时下滑的时间为3设斜面底端长度为L,则斜面长为一），

COS0

根据牛顿第二定律可得加速度为：a=gsine

根据运动学公式可得：->=；at2

cos02

解得：t=每

由于两个斜面的倾角分别为30。和60。，且知sin(2x30°)=sin60°=sin(2x60°)=

sinl20°,则可知a、c沿斜面下滑的时间相等。

A、两物块所受重力冲量I=mgt相同，故A正确；A、当物块加速下滑时，加速度有水

平向右的分量，则对滑块和斜面的整体而言，由牛顿第二定律可知，地面对两斜面的摩

擦力均向右，故A错误;

B、重力做功卬=mgLtanB,则重力做功的平均功率：1=?=-mgjgldin2e.tan6,则

当斜面倾角分别为30。和60。时两物块所受重力做功的平均功率不相同，故B错误；

C、竖直方向，因滑块下滑时加速度有竖直向下的分量，可知滑块失重，则两斜面对地

面压力均小于(m+M)g,故C正确。

D、两物块所受重力冲量1=mgt相同，故D正确。

故选：CDo

求出两种情况下物块下滑的时间，根据冲量的计算公式分析冲量、根据功率的计算公式

求解功率，根据系统牛顿第二定律分析摩擦力和支持力。

本题主要是考查冲量的计算、平均功率以及牛顿第二定律的综合应用问题，利用动量定

理解答问题时，要注意分析运动过程中物体的受力情况，知道合外力的冲量才等于动量

的变化。

8.【答案】AB

【解析】解：A、由图乙知，物体先做匀减速直线运动，速度达到传送带速度后(在t=2s

时刻)，由于重力沿斜面向下的分力大于滑动摩擦力，物块继续向上做匀减速直线运动，

从图象可知传送带的速度为4m/s,故A正确；

B、物块上升的位移大小等于v-t图象所包围的面积大小，为：x=W^x2m+^m=

32m,所以传送带底端到顶端的距离为32m,故B正确；

C、0-2s内物块的加速度大小为：a=^=^m/s2=10m/s2,根据牛顿第二定律

得：mgsin37°+|imgcos370=ma,解得p=0.5,故C错误；

D、在0-2s内物块的速度大于传送带的速度，物块所受摩擦力的方向沿斜面向下，与

物块运动的方向相反。2-4s内，物块的速度小于传送带的速度，物块所受摩擦力的方

向沿斜面向上，与物块运动的方向相同。故D错误。

故选:AB»

刚开始时，物块的速度大于传送带的速度，受到沿斜面向下的滑动摩擦力，向上做减速

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运动，速度与传送带相等以后，物体所受摩擦力改为向上，继续向上做加速度减小的减

速运动；根据图象的“面积”求传送带底端到顶端的距离。

解决本题的关键理清物体在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进

行求解。

9.【答案】m

【解析】解：(1)B通过圆环后将匀速通过光电门，则B刚穿过圆环后的速度为丫=/

(2)设绳子拉力大小为F,对A由牛顿第二定律得：

F—Mg=Ma

对B与C整体下落h的过程，由牛顿第二定律得：

(M+m)g—F=(M+m)a

再由运动学公式应有：V2=2ah,联立以上各式解得：

mg=(2M+m)?,故C正确，ABD错误：

故选：C«

(4)在释放至金属片C被搁置在圆环上的过程中，分别对A和B、C由牛顿第二定律可得：

对A有

F—Mg=Ma

对B和C有

(M+m)g-F=(M+m)a

再由匀变速直线运动公式有

v2=2nauh；v=d

联立解得：好潟声.mg

因为M»m,则

m1R.hmg

所以，以mg为横轴，以卷为纵轴的图线是一条过原点的直线。

故答案为：(1)?(2)C；(3)i0

(1)根据运动学公式得出B穿过圆环的速度；

(2)根据牛顿第二定律联立运动学公式得出对应的表达式；

(3)根据实验原理学会对实验结果进行简单的分析。

本题主要考查了机械能守恒定律的验证实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，根据

机械能守恒定律即可完成分析。

10.【答案】0.36BDC根据小灯泡的伏安特性曲线可知，电压增大到一定值时，小灯

泡阻值会明显增大

【解析】解：(1)根据电表读数规则，得如图(b)所示电流表读数为0.36A；

移动滑片P,电压表和电流表的示数都不为零，且始终没有变化，说明滑动变阻器的电

阻不变，则该同学把滑动变阻器接入电路中的方式为要么都接上面两个接线柱，要么都

接下面两个接线柱，故选：BD；

(2)在图(a)中将滑动变阻器正确接入电路中，要求灯泡两端的电压可以从零开始调节，

说明是分压外接式电路，如图所示：

(3)正确连接电路后，改变滑动变阻器滑片的位置，测出多组电压、电流的数据，可得

小灯泡在不同电压下的电功率为：P=J^=1U2,可知P-U2图象的斜率为电阻的倒数,

随着电功率的增大，电阻的温度会升高，电阻的阻值会增大，当电压增大到一定值时，

小灯泡阻值会明显增大，即P-U2图象的斜率会明显变小，故C正确：

故答案为：(1)0.36,BD；(2)如上图所示；(3)C,根据小灯泡的伏安特性曲线可知，电

压增大到一定值时，小灯泡阻值会明显增大。

(1)根据电表读数规则，得如图(b)所示电流表读数；移动滑片P,电压表和电流表的示

数都不为零，且始终没有变化，说明滑动变阻器的电阻不变,要么都接上面两个接线柱，

要么都接下面两个接线柱；

(2)在图(a)中将滑动变阻器正确接入电路中，要求灯泡两端的电压可以从零开始调节，

说明是分压外接式电路，进行连接导线即可；

(3)根据小灯泡在不同电压下的电功率为：P=q=《u2,可知P-U2图象的斜率为电阻

RR

的倒数进行讨论即可。

本题考查的是测定小灯泡在不同电压下的电功率问题，综合性比较强，涉及到了电表读

数，滑动变阻器连线错误的识别、实物图连线等知识，此题的难点是要正确理解不同电

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压下的电功率P-IP图象的斜率为电阻的倒数。

11.【答案】解：(1)设四分之一圆弧的半径为R，物块的质量为m,在b点轨道对物块的

支持力为F,物块从a到b由机械守恒定律有：

mgR=|mvg

物块运动到b点，由牛顿第二定律有：F-mg=m?

联立解得F=3mg

由牛顿第三定律知F=30N

联立解得：m=1kg

(2)设物块与平板车的共同速度为v,物块在平板车上滑行过程中产生的热量为Q,取水

平向右为正方向，由动量守恒定律有：

mvb=(m+M)v

由能量守恒定律有:Q=imvg-i(m+M)v2o

联立解得：Q=1.5J

答：

(1)该物块的质量是1kg。

(2)物块在平板车上滑动过程中产生的热量是1.5J。

【解析】(1)先研究物块在圆弧轨道上下滑的过程，由机械能守恒定律可求出物块运动

到b点的速度，在b点，轨道的支持力和重力的合力提供向心力，由牛顿第二定律列式,

可求出物块的质量。

(2)再研究物块在平板车上运动的过程，物块先做匀减速运动，平板车做匀加速运动，

当两者的速度相等时相对静止，之后一起匀速运动。在此过程中，物块与平板车组成的

系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出物块与平板车的最终速度，并求出这个过程中

产生的热量。

对于物块在小车滑动的类型，关键要理清物体的运动过程，知道物块在平板车上滑动时

遵守动量守恒定律和能量守恒定律。

12.【答案】解：(1)由图乙可得U=kt,k=O.lOV/s.

设路端电压为U,金属杆的运动速度为v,则感应电动势E=BLv,

通过电阻R的电流1=工

电阻R两端的电压U=IR=^

解得V=q^-t

oLK

因为速度与时间成正比，所以金属杆做匀加速运动，加速度为2=噌察=1.0m/s2.

BLR

(2)在2s末,速度V2=at=2.0m/s,电动势E=BLv2,

通过金属杆的电流为1=六

金属杆受安培力F安=BIL=与?

解得：F安=7.5X10-2N

设2s末外力大小为F2，由牛顿第二定律，F2-F安=ma,

2

解得：F2=1.75x10-N

故2s末时F的瞬时功率P=F2V2=0.35W

(3)设回路产生的焦耳热为Q,由能量守恒定律，W=Q+|mv^解得：Q=0.15]

电阻R与金属杆的电阻r串联，产生焦耳热与电阻成正比所以，粤=3

Qrr

运用合比定理得，当分=呼，而QR+Q「=Q

故在金属杆上产生的焦耳热Qr=4：Q

KTI

2

解得：Qr=5.0x10-J

答：

(1)证明见上.金属杆做匀加速直线运动的加速度大小为lm/s2；

(2)第2s末外力F的瞬时功率为0.35W；

(3)金属杆上产生的焦耳热为5.0x10-2工

【解析】(1)由乙图提到电压与时间的表达式.根据E=BLv、1=点：、U=IR推导出速

度与时间的关系式，即可证明金属杆做匀加速直线运动，并求出加速度的大小.

(2)由速度公式求出2s末杆的速度，由£=8皿、1=言＞F安=BIL结合求出杆所受的安

培力大小，由牛顿第二定律求出外力F,即能求出外力的功率.

(3)水平外力从静止开始拉动杆2s所做的功W=0.35J,外界有0.35J的能量转化为电路的

内能和杆的动能，根据能量守恒定律求出电路中产生的焦耳热，由焦耳定律求出金属杆

上产生的焦耳热.

本题是电磁感应与力学的综合，关键是安培力的计算，F=警是经验公式，如能熟记，

R+r

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对分析和计算电磁感应中力学问题大有帮助.

13.【答案】ABC

【解析】解：A、分子总数目是一定的，故图线与横轴包围的面积是100%,100汽的氧

气与（TC氧气相比，速率大的分子数比例较多，所以曲线甲是。2在0℃时的图象，故A

正确；

B、由图可知，0。（:和io（rc氧气分子速率都呈现“中间多两头少”的分布特点.即中等

速率的氧气分子占大多数，故B正确；

c、由图可知，两图存在交点，故说明存在某一速率，0久和io（rc时氧气分子数相等，

故c正确；

D、由图可知，100。（：时。2分子的速率并不是都大于0℃时。2分子的速率，故D错误；

E、曲线甲为0度时的曲线，而温度越高分子的平均动能越大，故图象曲线甲对应的。2分

子的总动能小于于曲线乙对应的。2分子的总动能，故E错误.

故选：ABC.

解答本题的关键是结合不同温度下的分子速率分布曲线理解温度是分子平均动能的标

志的含义，明确分子平均动能的统良规律的意义.

本题考查分子个数与速率的关系图象，要注意明确图象中对应的高速率的分子数越多，

则说明对