2022届浙南名校高三一诊考试物理试卷含解析

2021-2022学年高考物理模拟试卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1.如图所示，两光滑圆形导轨固定在水平面内，圆心均为。点，半径分别为4=0.2m,4=°」m,两导轨通过导

线与阻值A=2Q的电阻相连，一长为｛的导体棒与两圆形导轨接触良好，导体棒一端以。点为圆心，以角速度

G=100rad/s顺时针匀速转动，两圆形导轨所在区域存在方向竖直向下、磁感应强度大小8=2T的匀强磁场，不计

导轨及导体棒的电阻，下列说法正确的是()

XX.X

xrx

A.通过电阻的电流方向为由。到。

B.通过电阻的电流为2A

C.导体棒转动时产生的感应电动势为4V

D.当为减小而其他条件不变时，通过电阻的电流减小

2.2018年11月1日，第四十一颗北斗导航卫星成功发射。此次发射的北斗导航卫星是北斗三号系统的首颗地球静止

轨道(GEO)卫星,也是第十七颗北斗三号组网卫星。该卫星大幅提升了我国北斗系统的导航精度。已知静止轨道(GEO)

卫星的轨道高度约36000km,地球半径约6400km,地球表面的重力加速度为g,请你根据所学的知识分析该静止轨道

(GEO)卫星处的加速度最接近多少()

3.如图甲所示MN是一条电场线上的两点，从M点由静止释放一个带正电的带电粒子，带电粒子仅在电场力作用下

沿电场线M点运动到N点，其运动速度随时间f的变化规律如图乙所示下列叙述中不正确的是()

M

医甲图乙

A.M点场强比N的场强小

B.M点的电势比N点的电势高

C.从M点运动到N点电势能增大

D.从M点运动到N点粒子所受电场力逐渐地大

4.一定质量的理想气体由状态A沿平行T轴的直线变化到状态5,然后沿过原点的直线由状态B变化到状态C,p-

T图像如图所示，关于该理想气体在状态A、状态B和状态C时的体积以、VB、匕的关系正确的是（）

A.匕=%=%

B.匕〈勿=%

C.匕＞3%

D.匕＜匕＜忆

5.2020年3月15日中国散列中子源利（CSNS）利用中子成像技术帮助中国科技大学进行了考古方面的研究。散射

中子源是研究中子特性、探测物质微观结构和运动的科研装置。CNSN是我国重点建设的大科学装置，将成为发展中

国家拥有的第一台散裂中子源。下列关于中子研究的说法正确的是（）

A.a粒子轰击/N,生成10,并产生了中子

B.经过4次a衰变，2次0衰变，新核与原来的原子核相比，中子数少了6个

C.放射性。射线其实质是高速中子流，可用于医学的放射治疗

D.核电站可通过控制中子数目来控制核反应剧烈程度

6.关于安培力和洛伦兹力，下列说法正确的是（）

A.运动电荷在磁场中一定受到洛伦兹力作用

B.通电导线在磁场中一定受到安培力作用

C.洛伦兹力一定对运动电荷不做功

D.安培力一定对通电导线不做功

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7.甲、乙两物体一开始沿同一条直线相向运动，在U0时刻甲、乙相距x=3m,它们的速度一时间图象如图所示。下

列说法正确的是（）

A.U2s时甲、乙速度相等，且恰好相遇

B.t=ls时甲、乙速度不等，但恰好相遇

C.f=ls时，乙的速度方向发生改变，U2s时追上甲

D.在4s时间内，甲、乙相遇了两次

8.两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有4、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2x10/C,

质量为1g的小物块在水平面上从C点静止释放，其运动的v-Z图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最

大的位置（图中标出了该切线）。则下列说法正确的是（）

A.B点为中垂线上电场强度最大的点，场强E=1（）（）N/C

B.由C点到A点电势逐渐减小

C.由C到A的过程中物块的电势能先变大后变小

D.4、8两点间的电势差UAB=-500V

9.如图所示，一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A和物块B,跨过固定于斜面体顶端的小滑轮O,倾角为〃=

30。的斜面体置于水平地面上，A的质量为m,B的质量为4,”。开始时，用手托住A,使OA段绳恰处于水平伸直状

态（绳中无拉力），OB绳平行于斜面，此时B静止不动。将A由静止释放，在其下摆过程中，斜面体始终保持静止。

下列判断中正确的是（）

A.B受到的摩擦力先减小后增大

B.A下摆的过程中，绳的最大拉力为3mg

C.A的机械能守恒

D.A的机械能不守恒，A、B系统的机械能守恒

10.一定质量的理想气体经历下列过程后，说法正确的是（）

A.保持体积不变，增大压强，气体内能增大

B.降低温度，减小体积，气体分子单位时间内碰撞器壁单位面积的次数可能增大

C.保持体积不变，降低温度，气体分子单位时间内碰撞器壁单位面积的次数减小

D.压强减小，降低温度，气体分子间的平均距离一定减小

E.保持温度不变，体积增大，气体一定从外界吸收热量

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某同学研究小灯泡的伏安特性曲线，所使用的器材有：

小灯泡心（额定电压3.8V,额定电流0.32A）,

电压表（量程3V,内阻为39）,

电流表A（量程0.6A,内阻约0.50）,

定值电阻&（阻值为IkC）,

滑动变阻器R（阻值0~10Q）,

电源E（电动势5V,内阻很小）

开关S,导线若干.

（1）实验要求能够实现在0~3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请将图甲电路补画完整_____

0——@)

R

S

E

⑵实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图所示，由曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻将

B.逐渐减小

C.先增大后不变D.先减小后不变

（3）若用多用表直接测量该小灯泡的电阻，正确操作后多用表指针如图所示，则小灯泡的电阻是Q.

（4）用另一电源综（电动势4V,内阻10Q）和题中所给的小灯泡L、滑动变阻器R连接成如图所示的电路，闭合开

关S,调节滑动变阻器R的阻值.在R的变化范围内，电源的最大输出功率为W,此时小灯泡的功率为W,

滑动变阻器R接入电路的电阻为Q.

HrL

-----i~

R

E。

12.（12分）某实验小组在“探究弹力和弹簧伸长量的关系”实验中，设计了如图甲所示的实验装置图。

（1）安装时一定要让刻度尺跟弹簧都处于同一_____面内。

（2）如果需要测量弹簧的原长，则正确的操作是。（填序号）

A.先测量原长，后竖直悬挂B.先竖直悬挂，后测量原长

（3）在测量过程中每增加一个钩码记录一个长度，然后在坐标系（横轴代表弹簧的长度，纵轴代表弹力大小）中画出了

如图乙所示的两条图线，（填a、b弹簧序号）弹簧的劲度系数大，（填a、。弹簧序号）弹簧的原长较长。

甲

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图所示，在质量为M=0.99kg的小车上，固定着一个质量为，〃=O.Olkg、电阻R=l。的矩形单匝线圈

MNPQ,其中边水平，NP边竖直，边长为L=0.1m,NP边长为/=0.05m.小车载着线圈在光滑水平面上一

起以vo=lOm/s的速度做匀速运动，随后进入一水平有界匀强磁场(磁场宽度大于小车长度).磁场方向与线圈平面垂

直并指向纸内、磁感应强度大小5=1.01已知线圈与小车之间绝缘，小车长度与线圈边长度相同.求:

X

(1)小车刚进入磁场时线圈中感应电流I的大小和方向；

(2)小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量g；

(3)如果磁感应强度大小未知，已知完全穿出磁场时小车速度vi=2m/s,求小车进入磁场过程中线圈电阻的发热量

14.(16分)1916年，Tolman和Stewart发表论文指出，一个绕在圆柱上的闭合金属线圈当该圆柱以一定的角速度

绕轴旋转时，线圈中会有电流通过，这种效应称为Stewart-Tolman效应。设有许多匝线圈，每匝线圈的半径为r,每

匝线圈均用电阻为K的细金属导线绕成，线圈均匀地绕在一个很长的玻璃圆柱上，圆柱的内部为真空每匝线圈的位置

用黏胶固定在圆柱上，单位长度的线圈匝数为"，包含每匝线圈的平面与圆柱的轴垂直。从某一时刻开始，圆柱以角

加速度绕其轴旋转。经过足够长时间后：请计算每匝线圈中的电流强度。

15.(12分)竖直平面内有一直角形内径相同的细玻璃管，A端封闭，C端开口，最初段处于水平状态，中间有一

段水银将气体封闭在A端，各部分尺寸如图所示，外界大气压强po=75cmHg。

(1)若从右侧缓慢注入一定量的水银，可使封闭气体的长度减小为20cm,需要注入水银的总长度为多少？

(2)若将玻璃管绕经过4点的水平轴顺时针转动90。，当A5段处于竖直、5c段处于水平位置时，封闭气体的长度

变为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

A.由右手定则可知，通过电阻的电流方向为“到〃，故A错误；

B.两圆环间导体棒在加时间内扫过的面积

Ao/22、皿

△5=(左弓一］，「)•---

24

由法拉第电磁感应定律可知，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势

222

E=^=^^=lB(^-7；)6y=1x2x(O.2-O.l)xlOOV=3V

通过电阻R的电流

E3

/=—=-A=1.5A

R2

故B错误；

C.导体棒转动时产生的感应电动势

—八0+班ccc100x0.2-…

E=BrV=Br.--------=2x0.2x------------V=4V

1122

故C正确；

D.当々减小而其它条件不变时，两圆环间导体棒切割磁感线产生的感应电动势

EA=BDLIv-=DZ-4)、——的f，)

变大，通过电阻的电流增大，故D错误。

故选C

2、A

【解析】

近地卫星的加速度近似等于地球表面重力加速度，根据。分析卫星的加速度。

r

【详解】

近地卫星的加速度近似等于地球表面重力加速度，根据知，GEO星的加速度与近地卫星的加速度之比

r

如凸，即GEO星的加速度约为地球表面重力加速度的1/36倍，故A正确，BCD错

a近rGEo(36000+6400)236

误；故选A。

3、C

【解析】

AD.从M图像可以看出，加速度越来越大，根据牛顿第二定律歹=/m,则说明受到的电场力越来越大，根据公式

F=qE,说明电场强度越来越大，所以"点场强比N的场强小，故AD正确；

B.因为带电粒子做加速运动，所以受到的电场力往右，又因为带电粒子带正电，所以电场线的方向往右，又因为顺

着电场线的方向电势降低，所以M点的电势比N点的电势高，故B正确；

C.从M点运动到N点动能增加，电势能应该减小，故C错误。

故选C。

4、B

【解析】

V

从A到8为等压变化，根据一=C可知，随着温度的升高，体积增大，故

T

从5到C为坐标原点的直线，为等容变化，故

所以

故ACD错误，B正确。

故选B。

5、D

【解析】

A.a粒子轰击生成10,并产生了质子，选项A错误；

B.2和经过4次a衰变,2次衰变,新核质量数为222,电荷数为86,中子数为136,原来的原子核中子数为238-92=146,

则与原来的原子核相比，中子数少了10个，选项B错误；

C.放射性b射线其实质是高速电子流，选项c错误；

D.核电站可通过控制中子数目来控制核反应剧烈程度，选项D正确。

故选D。

6、C

【解析】

A.运动电荷在磁场中运动，若速度方向与磁场方向平行，则不受洛伦兹力作用，选项A错误；

B.通电导线在磁场中，若电流方向与磁场方向平行，则不受安培力作用，选项B错误；

C.由于洛伦兹力方向垂直于运动电荷的速度方向，根据功的定义可知，洛伦兹力对运动电荷不做功，选项C正确；

D.安培力方向与通电导线垂直，可以对通电导线做功，从而把电能转化为机械能，选项D错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

AC.由图可知Uis时刻，乙的速度方向发生改变，U2s时刻甲、乙速度相等，但由图像与坐标轴围成的面积表示位

移可知，乙围成的面积是0,说明乙回到出发点，甲的位移4m,所以两者此时没有相遇，故AC错误；

B.Uis时刻甲、乙速度不等，由图像与坐标轴围成的面积表示位移可知，乙位移是1m,甲的位移2m,两都位移之

和刚好是3m,所以恰好相遇，故B正确；

D.Uis时到/=3s时，甲乙两图像与坐标轴围成的面积相等，说明这段时间内两者的位移相等，由B项分析可知，t=ls

时恰好相遇，所以仁3s时也恰好相遇，说明在U0到/=4s时间内，甲乙仅相遇过二次，故D错误。

故选BD.

8、ABD

【解析】

A.根据v-t图象可知物块在B点的加速度最大

Av4-0

ci——2m/s2

△t7^5

所受的电场力最大为

F=??KZ=1X10-3X2=2X10-3N

故B点的场强最大为

・F2x10-3

E=—=■-----v=100N/C

q2x10-5

故A正确；

B.根据两个等量的同种正电荷，其连线中垂线上电场强度方向由。点沿中垂线指向外侧，故由C点到4点电势逐渐

减小，B正确；

C.根据一，图象可知C到A的过程中物块的速度增大，电场力做正功，电势能减小，故C错误；

D.由a到3根据动能定理可得

WAB=^EkmVl-g相片=一0。1J

又因

WABTUAB

故

-o.oi丫

UAB=-500V

2x10-5

q

故D正确。

故选ABD,

9、ABC

【解析】

AB.开始时B物块静止，轻绳无拉力作用，根据受力平衡:

f=4〃2gsin300=2mg

方向沿斜面向上，小球A从静止开始摆到最低点时，以。点为圆心做圆周运动，应用动能定理:

12

mgr=—mv

落到最低点，根据牛顿第二定律：

T-mg=m—

解得A球下落过程中绳子的最大拉力:

T=3mg

此时对B物块受力分析得：

T=4mgsin30°+f'

解得B物块受到的静摩擦力：

f'=mg<f

方向沿斜面向下，所以B物块在A球下落过程中，所受静摩擦力先减小为0,然后反向增大，AB正确；

CD.A球的机械能由重力势能和动能构成，下落过程中只有重力做功，A球机械能守恒，同理，A、B系统也只有A

球的重力做功，所以A、B系统的机械能守恒，C正确，D错误。

故选ABC。

10、ABC

【解析】

A.保持体积不变，增大压强，则温度升高，气体内能增大，选项A正确；

B.降低温度，减小体积，则气体的压强可能变大，因气体分子数密度变大，分子平均速率减小，则气体分子单位时

间内碰撞器壁单位面积的平均冲力减小，则碰撞次数可能增大，选项B正确；

C.保持体积不变，气体分子数密度不变，降低温度，则气体分子单位时间内碰撞器壁单位面积的碰撞次数一定减小,

选项c正确；

D.压强减小，降低温度，气体的体积不一定减小，气体分子间的平均距离不一定减小，选项D错误；

E.真空等温膨胀，不一定吸热，选项E错误。

故选ABC,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

E

【解析】

(1)口]因本实验需要电流从零开始调节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电

流表外接法；另外为了扩大电压表量程，应用4和电压表串联，故原理图如图所示

E

(2)[2]/-。图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小，故说明电阻随电流的增

大而增大；其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大；

A.与分析相符，故A正确;

B.与分析不符，故B错误;

C.与分析不符，故C错误;

D.与分析不符，故D错误;

(3)[3]灯泡正常工作时的电阻为:

―"C=11.8C

^70.32

则多用电表可以选择欧姆挡的xl挡；由图示多用电表可知，其示数为1.5C；

(4)[4]当电源内阻等于外电路电阻时，电源的输出功率最大，电源的最大输出功率为:

£242

——=-——W=0.4W

4r4x10

⑸此时小灯泡的电流为：

£

/=—=0.2A

2r

由图可知，此时灯泡电压为：

U=1.4V

此时小灯泡的功率为：

p=U/=1.4x0.2W=0.28W

[6]此时小灯泡的电阻为：

R]=4=7fl

滑动变阻器R接入电路的电阻为：

R=r-RL=3Q

12、竖直B。〃

【解析】

(1)[1J.安装时一定要让刻度尺跟弹簧都处于同一竖直面内。

(2)[2].为了减小由弹簧自重而产生的弹簧伸长对实验造成的误差，实验中应该先将弹簧安装好，竖直悬挂后再测量原

长。故选B。

(3)[3][4].题图乙中斜率表示弹簧的劲度系数，所以。弹簧的劲度系数大；横轴上的截距表示弹簧的原长，所以。弹簧

的原长长。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.5A电流方向为(2)5xlO3C(3)32J

【解析】

(1)线圈切割磁感线的速度yo=10m/s,感应电动势

E=B/vo=lxO.O5xl0=0.5V

由闭合电路欧姆定律得，线圈中电流

由楞次定律知，线圈中感应电流方向为MTQTP—N—M

(2)小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量为