2022年山东省潍坊市诸城市中考物理一模试卷（附答案详解）

2022年山东省潍坊市诸城市中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）

1.关于生活中涉及的物理知识，下列说法正确的是（）

A.用液化气灶烧水是通过做功改变水的内能

B.用吸管吸“可乐”是利用了液体压强

C.把糖块放入水杯中，水渐渐变甜，是扩散现象

D.高压锅工作时增大了锅内气压，降低了水的沸点

2.以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（）

A.“露从今夜白”，露的形成是凝固现象，需要放热

B.“好雨知时节”，雨的形成是熔化现象，需要放热

C.“花非花，雾非雾”，雾的形成是液化现象，需要吸热

D.“兼葭苍苍，白露为霜”，霜的形成是凝华现象，需要放热

3.如图所示是蹦床运动员表演的情景，运动员从离开蹦床到到达最高

点的过程中，忽略空气阻力，关于运动员的动能、重力势能和机械

能的变化情况说法正确的是（）

A.动能增大，重力势能增大

B.机械能减小，动能减小

C.机械能不变，重力势能增大

D.机械能增大，重力势能增大

4.关于图中的声现象，下列分析正确的是（）

A.!Q：^A图中敲打鼓面，附近的烛焰跳动，说明声音可以传递信息

B.图中弹吉他时，增大拨动弦的力度可以增大声音的响度

c.图中“辽宁号”航母上起飞引导员戴有耳罩的头盔，是在声

源处减弱噪声

D.图中抽出罩内空气，听到钟声音变小，说明发声体振动减弱

5.对下列各图的描述中，正确的是（）

B.乙图的实验表明磁可以生电

C.丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系

D.丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极

6.2022年北京冬奥会，谷爱凌取得两金一银优异成绩，国内刮起一

股谷爱凌旋风。如图是某小朋友模仿谷爱凌滑雪时的场景，下列

说法正确的是（）

A.使用滑雪板滑雪是通过减小压力来减小压强的

B.以滑雪板为参照物，小朋友是静止的

C.当小朋友加速滑行时;地面对滑雪板的摩擦力变大

D.当小朋友加速滑行时，自身的惯性变大

7.2月23日，C919大型客机106架机于11时08分从上海浦东机场起飞，13时07分平稳

降落东营胜利机场，顺利转场东营试飞基地，开展后续试飞工作。关于客机的相关

物理知识，下列说法不正确的是（）

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A.客机升空利用了“空气流速大的地方压强小”的原理

B.客机采用密度小的材料，可以减轻它的重力

C.客机所在高空的大气压强，比海平面附近的大气压强更大

D.客机在空中沿直线匀速飞行，是受平衡力作用

8.如图所示，电源电压保持不变。闭合开关S,当滑动变阻器

的滑片P向左移动时，电流表和电压表示数将怎样变化（）

A.电压表示数变大，电流表示数变小

B.电压表示数变小，电流表示数变大

C.电压表示数变大，电流表示数变大

D.电压表示数变小，电流表示数变小

二、多选题（本大题共4小题，共12.0分）

9.用相同热源、相同的加热装置，对质量相等的甲、乙两种固态物质加热时，得到的

温度随时间变化的图像，根据图像分析，下列说法中正确的是（）

A.甲、乙两种物质可能是松香和蔡

B.甲、乙两种物质在熔化过程吸收的热量相等

C.甲物质在a、b两点时，温度和内能都相同

D.甲、乙两种物质在固态时，甲的比热容小于乙的比热容

10.如图所示，放在水平桌面质量为1kg的木块4处于静止状态，所挂的托盘和祛码的

总质量为0.6kg,弹簧秤示数为4N,滑轮摩擦不计.若轻轻取走部分祛码，使托盘和

祛码的总质量减小为0.3kg,A始终处于静止状态.这时（）

A.弹簧秤读数变小B.弹簧秤读数不变

C.力受到的摩擦力大小不变D.4受到的摩擦力方向改变

11.如图甲电路，电源电压为3.0V,4、乙2、乙3为三个规格相同的小灯泡，其电流与电

压的关系如图乙所示。闭合开关后，下列说法正确的是（）

A.干路的电流为0.45AB.通过人电流为G电流的2倍

C.三个小灯泡的阻值相等D.电路消耗的总电功率为1.35小

12.在图甲中，用力&沿水平方向拉动重为G的物体4匀速移动s的距离。在图乙中，其

它条件不变，若改用滑轮组同样沿水平方向拉动A匀速移动s的距离，所用的拉力为

A.有用功功率为等B.总功为3F2s

C.机械效率为今D.额外功为3F2s-F1S

三、作图题（本大题共2小题，共6.0分）

13.如图所示，学校教学楼楼梯拐角处墙上装了一面镜子，能通过光的反射对楼道进行

照明.请画出灯S在镜中的像S',及灯S经过镜子照射到下层楼道4点的光路.

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14.如图，物体4静止在斜面上，画出物体A所受的重力G和物

体对斜面压力F的示意图。

四、实验探究题(本大题共4小题，共12.0分)

15.小华在“探究电流跟电压关系”的实验中，设计了如图所示的实验电路甲。

⑴如图甲所示，a为，b为(填“电流表”或“电压表”)。

(2)在实验操作过程中保持不变，闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片P做了

四次实验并记下了实验数据，如下表所示，请根据该表中的数据在图乙中描点连线;

物理量/实验次数1234

电压U/V1.02.02.53.0

电流0.110.200.260.30

(3)对数据图线进行分析，归纳得出结论

16.(1)如图(a)所示，在“探究平面镜成像规律”的实验中，选用玻璃板、两支完全相

同的蜡烛等器材进行实验.用玻璃板是为了替代；

(2)如图(b)所示，在“探究凸透镜成像规律”中，凸透镜的焦距为10cm,光屏上

所成清晰的像应是倒立_____的实像(选填“缩小”、“等大”或“放大”);

(3)如图(b)所示，生活中的(选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”)就

是利用这样的成像原理；

(4)保持透镜位置不变，当蜡烛向右移动一段距离后，无论怎么移动光屏，在光屏

上都找不到蜡烛的像，其可能原因是。

17.如图所示，是小刚同学在探究“电流通过导体产生热量的影响因素”的实验装置。

U形管中注入了水，将1、2和3、4导线分别接到电源两端。

⑴其中a、b、c、d四个相同的容器密闭着质量_____(选填“相等”或“不相等”)

的空气，实验中通过观察两个U形管中水面高度的变化来比较电流通过电阻丝产生

热量的多少，这种实验方法叫:

(2)图乙所示的实验装置______(选填"c”或"d”)容器中电阻的电流小，可以用

来研究电流通过电阻丝产生的热量与的关系；

(3)用图甲所示的实验装置做实验，实验装置______(选填"a”或"b”)容器中产

生的热量较多；在做某次实验中，观察到串联在图甲中电流表的示数如图丙所示,

则图甲b容器中定值电阻在2nl出内产生的热量是

18.小华同学利用标有“2.8U”字样的小灯泡，在学校实验室找来一些器材连接了如图

甲所示的实验电路，电源电压恒定不变，电流表、电压表完好：

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(1)小华测小灯泡电阻的实验原理是

(2)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整(要求滑片向右移动时灯泡变暗

)；

(3)闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表

无示数，其故障原因是;

(4)故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所

示，小灯泡正常工作时的电阻是；

(5)完成上述实验后，小华向老师要了一个已知阻值为Ro的定值电阻和一个单刀双

掷开关，重新设计了如图丙所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，请你帮他

完成下列实验步骤：

①连接好实验电路，闭合开关工，将开关S2拨到_____触点(选填“1”或“2”),

移动滑片，使电压表的示数为V；

②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点(选填“1”或“2”),读出电

压表的示数为U;

③小灯泡额定功率的表达式为「频=(用已知量和测量量表示).

五、计算题(本大题共3小题，共9.0分)

19.在全国“战疫”期间，各地向上海运送了许多抗疫物

资。如图所示，一辆满载医疗物资的货车正从潍坊驶

往上海，货车经过10九到达上海，全程约828^71。已

知这辆货车所受的重力为lx1。57，货车行驶的全程

看作匀速直线运动，所受阻力为重力的"求:

(1)货车全程的平均速度；

(2)货车牵引力的功率大小;

(3)全程牵引力做的功。

20.随着生活水平的提高，很多家庭装有“一拖四中央空凋”。“一拖四中央空调”简

单来说就是一台室外机带四台室内机(如图)。一台室外机即压缩机，实际功率可以

随室内机工作情况发生变化。四台室内机可用于四个房间，使用时均正常工作，某

用户在自家装修中安装了某品牌的“一拖四中央空调”，其相关系统参数如下表所

示，生活用电电压为220人求：

额定功率/〃额定制冷量/皿

室外机500016800

客厅1806300

餐厅1004200

63室内机

主卧室1403500

次卧室802800

(1)若该用户测试空调性能时，将室外机以及室内所有空调机全部同时开机进行额

定功率下的工作测试，测试过程中中央空调线路干路中的电流；

(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)

实际功率的3.5倍。当只开客厅空调时，“整机”正常工作4h所消耗的电能；

(3)用该空调将次卧室室温从35。(：降至25。(：，至少需要多长时间［次卧室室内空气质

量为75.6kg,空气的比热容为1000//(kg-℃)］.

如图所示，电源电压为4.5V,灯泡上标有a3V,1.5W字样，

定值电阻％的阻值为5。，滑动变阻器氏2上标有“30。，1A”

字样，电流表量程为。〜34,电压表量程为0〜3,，不考虑温

度对灯丝电阻的影响，求：

(1)灯泡电阻的阻值；

(2)当开关S、Si、S2闭合，S3断开时，电路总功率的最小值;

(3)当开关S、S2、S3闭合，Si断开，灯泡正常发光时，滑动变阻器&接入电路中的阻值;

(4)当开关S、S3闭合，S］、S2断开时，在保证电路元件安全的情况下，滑动变阻器/?2的

取值范围。

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答案和解析

1.【答案】c

【解析】解：4、用液化气灶烧水时，是通过热传递的方法改变了水的内能。故A错误；

8、使用吸管时吸走了吸管内的空气，“可乐”在大气压的作用下进入吸管，故B错误；

C、将糖块放到水中，一会儿水就变甜了，这是溶解过程，是扩散现象，故C正确；

。、高压锅工作时增大了锅内气压，升高了水的沸点，故力错误。

故选：Co

(1)改变物体内能的方法：热传递和做功。

(2)吸管吸饮料是利用了大气压。

(3)不同物质的分子，彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明了一切物体的分子都

在不停地做无规则运动。

(4)液体的沸点与液体上表面空气的压强有关，气压越低沸点越低。

本题考查面比较广，需要对改变物体内能的方法、液体的沸点与气压的关系、大气压和

扩散现象有所掌握，并要把握准确。否则很容易出错。

2.【答案】D

【解析】解：力、露的形成是水蒸气的液化现象，需要放热，故A错误；

8、雨的形成是水蒸气的液化成小水滴或冰晶熔化成的小水滴，故B错误；

C、雾的形成是水蒸气的液化现象，需要放热，故C错误；

。、霜的形成是水蒸气的凝华现象，需要放热，故。正确。

故选：Do

(1)物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；

由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程

叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。

(2)六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、

液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

3.【答案】C

【解析】解：运动员从离开蹦床到到达最高点的过程中，速度减小，高度增大，所以动

能减小，重力势能增大，由于忽略空气阻力，所以机械能守恒。

故选：Co

动能和势能之和称为机械能，若忽略空气阻力，机械能是守恒的。

动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度。

本题主要考查了机械能的相关知识点，要注意动能和势能之间的转化。

4.【答案】B

【解析】解：力、甲图中敲打鼓面，附近的烛焰跳动，说明声音可以传递能量，故A错

误；

3、吉他发出声音的响度与弦的振动幅度有关；拨动弦的力度越大，弦的振动幅度越大，

发出声音的响度越大，故8正确；

C、“辽宁号”航母上起飞引导员戴有耳罩的头盔，是在人耳处减弱噪声，故C错误;

。、抽出罩内空气，听到闹钟的声音变小，推理可知真空不能传声，说明声音传播需要

介质，不能说明发声体振动减弱，故。错误。

故选：B。

(1)声音可以传递能量，声音还可以传递信息。

(2)响度指声音的强弱，是由发声体振动的振幅和距离决定的，振幅越大、距离越近，

响度越大。

(3)减弱噪声的途径：在声源处减弱，在传播过程中减弱，在人耳处减弱。

(4)声音的传播需要介质，声音不能在真空中传播。

此题为声学综合题，考查声音的传播、声音的特征，以及声与信息和声与能量等，难度

不大，属于声学基础知识考查。

5.【答案】C

【解析】解：4、图中没有电源，是闭合电路中的部分导体在磁场中做切割磁感线运动

产生感应电流，属于电磁感应现象，而竖直向上运动并没有切割磁感线，因此无感应电

流，电流表指针不发生摆动，故A错误；

以图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故8错误；

C、图中两电磁铁的电流相同，匝数不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，

故C正确；

。、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，根据小磁针的北极与磁感线方向一致可知，

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小磁针的a端为N极，故。错误。

故选：Co

(1)电磁感应是指闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生感应

电流。

(2)根据奥斯特实验进行分析；

(3)影响电磁铁磁性强弱的因素。知道电磁铁的磁性与电流的大小和线圈匝数有关。

(4)根据安培定则和磁极间的相互作用进行判断。

本题考查了电与磁现象中的重要实验的识别。解题的关键是牢记一些重要实验装置图，

记清实验装置和实验原理。

6.【答案】B

【解析】解：4、使用滑雪板滑雪，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，

故A错误：

8、以滑雪板为参照物，小朋友与滑雪板之间没有位置变化，所以小朋友是静止的，故

B正确；

C、滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，小朋友加速滑行时，对地

面的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则地面对滑雪板的摩擦力大小不变，故C错误;

。、惯性大小只跟物体的质量有关，跟物体的运动速度没有关系，当小朋友加速滑行时，

其质量不变，则惯性不变，故。错误。

故选：B。

(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；

(2)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生

变化，则是运动，不发生变化，则是静止；

(3)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关；

(4)惯性大小只跟物体的质量有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关

系，质量越大，惯性越大。

本题考查了减小压强的方法、影响滑动摩擦力大小的因素、运动和静止的相对性、惯性，

是一道综合性较强的题目，但总体难度不大。

7.【答案】C

【解析】解：4、客机升空利用了“空气流速大的地方压强小”的原理，故A正确；

B、由公式?n==mg知，在体积一定的情况下，要减轻重力，只能选择密度较

小的材料，故B正确。

C、客机所在高空的大气压强，比海平面附近的大气压强小，故C错误；

。、在空中匀速直线飞行的飞机处于平衡状态，故受到的力是平衡力，故。正确。

故选：C。

(1)流体流速越大的位置，压强越小；

(2)制造客机时，要尽可能地减轻其质量、重力，可以利用公式==分析；

(3)大气压随着高度的增加而减小；

(4)静止或匀速直线运动状态称为平衡状态，物体保持平衡状态时，一定受到平衡力的

作用。

本题考查密度的应用、力的平衡、流体流速与压强的关系、气压与高度的关系等知识,

是一道综合题目，相对比较复杂，有一定难度。

8.【答案】B

【解析】解：将滑动变阻器的滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电

路的总电阻变小，根据/=，可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；

根据U=/R可知，&两端的电压变大，由于串联电路的总电压等于各分电压之和，所以

7?2两端的电压变小，即电压表的示数变小。

故选：B。

由电路图可知：定值电阻％与滑动变阻器/?2串联，电压表测此两端的电压，电流表测

电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；由欧姆定律可知电路中

电流的变化和此两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是会分析滑片移动时电路中电阻的

变化。

9.【答案】BD

【解析】解：

4、读图可知，甲、乙两种物质在熔化的过程中，温度保持不变，为晶体，而松香是非

晶体，故A错误。

8、质量相等的甲，乙两种固态物质，在用相同的加热装置，甲熔化持续的时间为207n讥-

lOmin=lOmin,乙熔化持续的时间为277n讥—17min=lOmin,二者的加热时间相同，

说明吸收的热量相同，故B正确；

C、甲物质在a、b两点时，温度相同，物质持续吸热，内能变大，所以内能不相同，故

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C错误；

D、从图象可以看出，物质在固态时，对两物质都加热10巾加，乙升高的温度较小，由

公式Q=cni4t可知，升温慢的比热容大，所以乙的比热容大；故。正确；

故选：BD。

(1)晶体有一定的熔点，即图象中水平线所对应的温度值；

(2)在对物质进行加热时，相同的加热装置，相同的质量，加热相同的时间；

(3)物体吸收热量，内能变大；

(4)根据公式、=czn/t在质量、吸收的热量一定时，温度变化值大的比热容小。

此题主要考查对晶体熔化图象的分析能力，把握住关键的时间点与温度点，并能进行有

效的分析比较，是解答此类问题的关键。

10.【答案】BD

【解析】解：

ABC、没取走部分祛码时，对4受力分析有：得到摩擦力疗=&一尸2=0.6kgx

ION/kg-4N=2N,说明最大静摩擦力之3>2N,当将总质量减小到0.3kg时，f=

4N-3N=1N<2N,故物体仍静止，合力仍为零，合力不变；物体静止，弹簧形变量

不变，则弹簧测力计的示数不变，故AC错误，B正确；

D、所挂的祛码和托盘的总质量为0.6kg时，6N>4N,物块有向右运动趋势，受向左的

静摩擦力2N,当将总质量减小到0.3kg时，弹簧拉力4N>3N,物体有向左运动的趋势，

受向右的静摩擦力，可见前后4所受静摩擦力的方向发生了改变，根据牛顿第三定律则

A对桌面的摩擦力方向发生了改变，故力正确。

故选：BD。

对4受力分析可得出4受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最

大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断4的状态及读数的变化。

本题考查静摩擦力的计算，要注意静摩擦力会随着外力的变化而变化，但不会超过最大

静摩擦力。弹簧的弹力取决于弹簧的形变量，形变量不变，则弹力不变。

11.【答案】AD

【解析】解：由电路图可知，G与人串联后再与5并联，且三小灯泡的规格相同，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，公两端的电压q=U=3.0V,由图象可知通过的电流人=0.254,

因串联电路中总电压等于各分电压之和,

所以，由串联电路的分压特点可知人与G两端的电压相等，则/=&=1.5K,

由图象可知，通过G与灯的电流，2=%=0204

则通过人的电流不等于J电流的2倍，故B错误；

由/=£可得，三灯泡的电阻分别为&=合=黑120,/?2=券=澈=7.5。，

所以，三个小灯泡的阻值不相等，故c错误；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流/=/1+/2=0254+0.204=0.454,故A正确；

电路消耗的总电功率P=UI=3.0Vx0.454=1.351V,故。正确。

故选：AD.

由电路图可知，G与人串联后再与L并联，且三小灯泡的规格相同，根据并联电路的电

压特点求出Li两端的电压，根据图象读出通过刀的电流，根据串联电路的分压特点求出

乙2与人两端的电压，根据图象读出通过G与口的电流，然后比较通过人的电流与〃电流

关系；根据欧姆定律求出三灯泡的电阻，然后比较三个小灯泡的阻值关系；根据并联电

路的电流特点求出干路电流，利用P=U/求出电路消耗的总电功率。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图中获取有用的信息

是关键，要注意灯泡的电阻是变化的。

12.【答案】BCD

【解析】解：2、乙图中使用滑轮组时「2做的有用功等于甲图中直接拉物体的力做的功：

勿有=F1S,

有用功功率：p=*=空，故A错误；

tt

B、由图乙可知n=3,绳子自由端移动的距离s'=ns=3s,

W

拉力尸2做的总功：&=F2s'=BX3s=3F2S,故B正确；

C、滑轮组的机械效率：〃=需=段=住，故C正确；

D、额外功：小颍="忘一小奇=3F2S-F1S,故。正确。

故选：BCD。

(1)乙图中使用滑轮组时F2做的有用功等于甲图中直接拉物体的力做的功，利用P=?

求有用功功率；

(2)由图乙可知n=3,绳子自由端移动的距离s'=ns,利用W=Fs求拉力尸2做的总功；

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w,

(3)利用4=万2x100%求滑轮组的机械效率;

总

(4)额外功等于总功减去有用功。

本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、额外功、机械效率的计算，注意：乙图中使用

滑轮组时做的有用功等于甲图中直接拉物体的力做的功。

13.【答案】解：

(a)利用平面镜成像的特点，作出点S关于镜面的对称点S',即S在平面镜中的像点。

(b)因为反射光线看上去就像是从像点S'发出来的一样，所以我们可以连接S'点和4点，

得到反射光线。

S3与镜面的交点即为入射点。，连接S与入射点0便可得到入射光线，则。4为灯S经过

镜子照射到下层楼道4点的光路。如图所示：

【解析】图中给出发光点及反射光线上的一点，可以先根据平面镜成像的特点作出像点,

然后再根据平面镜成像的原理画出入射光和反射光线。

注意作图题要规范、清晰、合理。光路图中要标明方向，光路图中实线、虚线要分清。

实际存在的光线要用实线，辅助线及虚像用虚线。

14.【答案】解：根据长方体对角线的交点确定出重心，然后过物体重心画带箭头的线

段，方向竖直向下，即重力示意图。

在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭

头的线段即压力示意图。

如图所示:

【解析】重力是物体受到的力，因此根据规则物体的重心在物体的几何中心，重力的方

向总是竖直向下的，过物体的重心表示出重力的方向即可；

压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即物体与接触面的中点；然后

根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。

本题的关键是确定压力和重力的作用点和方向，并会用力的图示表示力的三要素。

15.【答案】电流表电压表电阻在电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成

正比

【解析】解：(1)电流表要串联在待测电路中，电压表要并联在待测电路中，故a是电流

表，b是电压表：

(2)探究电流与电压的关系时，需要控制电阻大小不变，通过移动滑动变阻器的滑片来

改变定值电阻两端的电压，观察电流的变化；

根据表中数据描点画出图像，如图所示：

(3)由图像可知，电流随电压的变化图像为延长线过原点的直线，因此可得结论为：在

电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比。

故答案为：(1)电流表；电压表；(2)电阻；见上图；(3)在电阻一定时，导体中的电流与

导体两端的电压成正比。

(1)电流表要串联在待测电路中，电压表要并联在待测电路中，据此解答；

(2)要探究电流跟电压关系，应保持电阻大小不变：根据实验数据画点描线；

(3)分析数据图线，结合控制变量法，分析电阻一定时，电流与电压的关系，得出结论。

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本题“探究电流与电压的关系”，考查了电流表和电压表的使用、图像画法及数据分析

等，属常规实验题。

16.【答案】平面镜放大投影仪〃</时，成正立放大的虚像，虚像不能用光屏承接

【解析】解：

(1)因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，容易确定像的位置，而平面镜是不透明的，

无法确定像的位置，所以选用玻璃板代替平面镜；

(2)(3)凸透镜的焦距为10cm,物距a=50cm-35cm=15cm,2f>u>f,成倒立、

放大的实像，是投影仪的工作原理；

(4)凸透镜位置不变，蜡烛向右移动，物距减小，像距变大，像变大，光屏向右移动才

能接到清晰的像，光具座不够长得不到像；或蜡烛向右移动，〃</时，成正立放大的

虚像，虚像不能用光屏承接。

故答案为：(1)平面镜；(2)放大：(3)投影仪；(4)u<f时，成正立放大的虚像，虚像不

能用光屏承接。

(1)选玻璃板是为了准确确定像的位置，便于比较像与物的大小，达到理想的实验效果。

(2)凸透镜成像时，2/>”>/,成倒立、放大的实像。

(3)“</'时，成正立放大的虚像。

凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像减小；物距减小，像距变大，像变大。

探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点；掌握凸透镜成像的三种情

况和物距变化时，像距的变化情况。这两个重要知识点是凸透镜成像习题的重要依据，

一定要掌握。

17.【答案】相等转换法d电流b300

【解析】解：(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以

通过水面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；

根据Q=cm4t知，在比热容和质量都相同时，电流产生的热量越多，容器内气体升高

的温度越大，液面高度差越大，所以a、b、c、d四个相同的容器空气的质量相等；

(2)图乙装置中两个50的电阻并联后再与一个50的电阻串联，电流产生的热量越多，容

器内气体升高的温度越大，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左

端的电阻电流相等，即/方=/左，两个50的电阻并联，根据并联电路的电流特点知/方=

1内+1外,所以，/左〉/内，即c中的电流大，d容器的电流小，容器内的电阻值都是50,

阻值相等，通电时间相等，电流不同，运用控制变量法，探究电流产生热量跟电流的关

系；

(3)由图甲知，两电阻串联，电流和通电时间相等，通电一段时间后，装置b容器内电阻

大，产生的热量多；

由图丙可知，通过的电流/=0.54

2

图甲b容器中定值电阻在2min内产生的热量Q=IRt=(0.54)2xionx2x60s=

300/。

故答案为：(1)相等；转换法；(2)d；电流；(3)b；300o

(1)根据控制变量法判断分析；

电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但密闭容器内空气温度的变化可以通过U

形管中液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；

(2)探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间相同；

(3)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，甲装置两电阻串联，电流

相同，通电时间相同，电阻不同，探究电流通过电阻丝产生的热量与电阻的关系，电阻

大，产生的热量多；已知电流、电阻和通电时间，利用Q=/2Rt计算产生的热量。

本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控

制变量法和转换法，是中考物理常见题型。

18.【答案】R=苫小灯泡短路(或电压表短路)10/222.812.8KX

【解析】解：(1)用电压表和电流表分别测量灯泡两端电压和通过灯泡的电流，然后利

用R=表十算电阻，故测小灯泡电阻的实验原理是R=p

(2)滑片向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，电阻变大，故变阻器应选左下接

线柱与灯泡串联接入电路中，如下图所示：

甲7

(3)闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮，电流表有示数，说明电路是

通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路或电压表短路，故其故障原因是小灯

泡短路(或电压表短路)；

(4)故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，

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电流表选用小量程，分度值0.024其示数为0.284,小灯泡正常工作时的电阻为：

R=-=—=100；

/0.284

(6)实验步骤：

①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到2触点，移动滑片，使电压表的示数为

2.SV；

②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到1触点，读出电压表的示数为U；

③在①中，灯泡、&和变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片，使电压表

的示数为2.8V,此时灯泡正常发光；

在②中，灯泡、孔和变阻器仍串联，电压表测灯与定值电阻两端的总电压，因此时电

路连接方式不变,各电阻的大小和电压不变,灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，

此时定值电阻Ro的电压：

Uo=U-UL=U-2.8V,

由串联电路电流规律和欧姆定律可求出灯的额定电流：

…。十平

«oKo

小灯泡额定功率的表达式为:

U—2RV

P粉=U〃L=2.8UXW^

协1尺0

故答案为：(1)R=%(2)见解答图；(3)小灯泡短路(或电压表短路)；(4)100；(5)①2；

2.8；②1；③2.8”审

KQ

(1)用电压表和电流表分别测量灯泡两端电压和通过灯泡的电流，然后利用R=3计算电

阻;

(2)滑片向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，电阻变大，据此确定变阻器的连

接方式;

(3)闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮，电流表有示数，说明电路是

通路；电压表无示数，说明电压表并联的支路短路或电压表短路;

(4)根据电流表选用量程确定分度值读数：根据R=苫计算小灯泡正常工作时的电阻;

(5)若该电路中没有电流表，电压表和定值电阻应起到测量电流的作用，故将灯与定值

电阻串联后再与变阻器串联；

要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置,

使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电

阻两端的总电压，因此时电路连接方式不变，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，

根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电

流，根据p=u/可求出灯的额定功率。

本题测小灯泡电阻和额定功率的实验，考查实验原理、电路连接、电路故障、电流表读

数、电阻的计算及设计方案测额定功率的能力。

19.【答案】解：(1)已知全程的路程s=828kzn,所用时间

则货车全程的平均速度：v=彳=8：渭-82.8km/h-23m/s；

(2)由题可知货车受到的阻力为：/=1G=ixlx105/V=2x104N,

由于货车做匀速直线运动，处于平衡状态，受到平衡力作用，

由二力平衡条件可知货车的牵引力为：F=/=2X1047V,

则货车牵引力的功率为：p=?=r=Fu=2x104Nx23m/s=4.6x105lV；

(3)货车全程牵引力做的功为：IV=Pt=4.6X105lVX10X3600s=1.656x10107=

答：(1)货车全程的平均速度为23m/s；

(2)货车牵引力的功率大小为4.6X1。5卬；

(3)全程牵引力做的功为1.656xIO10;。

【解析】(1)已知全程的路程和所用时间，利用速度公式求出货车全程的平均速度；

(2)根据题意求出货车受到的阻力，由于货车做匀速直线运动，处于平衡状态，受到平

衡力作用，利用二力平衡的条件得出货车的牵引力大小，再根据P=?=?=Fu求出

货车牵引力的功率；

(3)利用P=7求出货车全程牵引力做的功。

本题考查了速度、功和功率的计算以及二力平衡条件的应用，综合性较强，需要熟练掌

握相关的公式。

20.【答案】解：

(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率：

P=p%+P客+P容+P户+p次=5000W+1801V+100W+140UZ+801V=55001V,

由「=叼可得，空调线路干路中的总电流:

P5500W

/r=-=-----=254

U220V

(2)当只开客厅空调时，整机的实际功率：

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「奘=甯=1800〃=1.8k〃,

由P=/可得，“整机”正常工作4/1所消耗的电能:

W=P^=1.8kWx4九=7.2kW-h.

(3)用该空调将客厅室温从35冤降至25久时，客厅室内空气放出的热量:

5

Q放=cm(ti-t2)=1000〃(kg-℃)x75.6kgx(35℃-25℃)=7.56x107,

由Q成=w=Pt可得，空调需要工作的时间：

£,=2=空汕=1205。

P客制冷6300W

答：(1)测试过程中中央空调线路干路中的电流为254

⑵“整机”正常工作4h所消耗的电能为7.2仙!/・恒

(3)至少需要120s的时间。

【解析】(1)将室内所有空调都开机使用时，空调的总功率等于各用电器功率之和，利

用P=U/求出空调线路干路中的总电流；

(2)若单独使用某台室内机工作时，其额定制冷量是整个空调系统(简称“整机”)实际

功率的3.5倍，据此得出当只开客厅空调时，整机的实际功率，利用P=?求出“整机”

正常工作4%所消耗的电能；

(3)用该空调将客厅室温从35冤降至25冤时，根据Q版=cm(G-t2)求出客厅室内空气放

出的热量，根据。成=皿=Pt求出空调需要工作的时间。

本题考查了电功和热量的综合计算，从题干中获取有用的信息是关键，对学生获取信息

解决问题的能力要求较高。

21.【答案】解：

(1)由P=UI=?可得，灯泡电阻的阻值：

城=皿=60

L

PL1.5W

(2)当开关S、Si、S2闭合，S3断开时:&与/?2并联，滑动变阻器接入电路中的电阻最大

时，电路的总功率最小，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，

所以，电路的总电阻：

_512X30。_35

R

R1+&2-50+30。~79

电路的最小总功率:

P=f=缰学=4.05W.

R