2020届高三化学一轮复习专题20题型解决技巧

2020届高三化学一轮复习专题20题型解决技巧【专题目标】熟悉高中常见题型把握一样的解题方法及技巧【经典题型】选择题选择题是化学高考中广泛采纳的一种题型。它具有构思新颖、灵活巧妙，知识容量大，覆盖面广，考试的客观性强，答题简单，评分容易、客观准确等优点。不但能用来考查考生基础知识的把握程度，还能用来考查考生的思维灵敏性。总之，这类习题可衡量学生能否准确地运用差不多概念、差不多理论和差不多运算来解答咨询题，对学生扎扎实实地打好基础、进展智力、培养能力都起一定作用。化学选择题的解法没有一个通用的解法。但不管哪种解法都要通过认真审题、析题、解题这几个环节。选择题的类型有多种，在结构上一样由题干和选项两部分组成。由于选择题是从题干的信息和选项中找出正确答案，因此解题方法上依旧有其特点的。【题型一】直截了当法【例1】自然界氧的同位素有16O、17O、18O，氢的同位素有H、D，从水分子的原子组成来看，自然界的水一共有〔A〕3种〔B〕6种〔C〕9种〔D〕12种【点拔】：从水的分子组成〔H2O〕来看，3种氧原子分不与2种氢原子可构成6种水分子，此外，2种氢原子混合与3种氧原子又可构成3种水分子，因此自然界中的水一共有9种。即：H216O、H217O、H218O、D16O、D17O、D18O、HD16O、HD17O、HD18O。【例2】以下离子方程式书写正确的选项是〔A〕FeCl2溶液中通入氯气：Fe2++Cl2Fe3++2Cl—〔B〕澄清石灰水与少量小苏打溶液混合：Ca2++OH—+HCO3—CaCO3↓+H2O〔C〕FeS固体放入稀硝酸溶液中：FeS+2H+Fe2++H2S↑〔D〕AlCl3溶液中加入过量氨水：Al3++4OH—AlO2—+2H2O【点拔】：离子方程式的书写是高考化学中的一个常考点。依照质量守恒、电荷守恒及书写离子方程式的有关规那么对各个备选答案进行一一分析，即可全面作答。〔A〕中质量守恒，但电荷不守恒；〔C〕中稀硝酸具有强氧化性，其产物应为Fe3+、S、NO和水，其离子方程式与事实不符；〔D〕中氨水碱性比较弱，不可能和Al3+反应生成AlO2—，它们的反应产物应为氢氧化铝，因此该离子方程式也与事实不符。。【规律总结】依照题干所给的信息，直截了当求出答案，然后再跟选项比较找出正确选项。【巩固】1.混合以下各组物质使之充分反应，加热蒸干产物并在300℃〔A〕向CuSO4溶液中加入适量铁粉〔B〕等物质的量浓度、等体积的〔NH4〕2SO4与BaCl2溶液〔C〕等物质的量的NaHCO3与Na2O2固体〔D〕在NaBr溶液中通入过量氯气2.短周期元素单质A和B中，分不加入足量的酸，在A中加入盐酸，在B中加入稀H2SO4，反应完全后，生成相同状况下的H2的体积分不为VA和VB，而且VA≠VB假设要确定反应生成物中A和B的化合价，至少还需明白的数据是A．VA∶VB的值B．VA或VB的值C．A或B的物质的量D．HCl和H2SO4的物质的量浓度【题型二】选择法【例1】在pH=1的无色溶液中能大量共存的离子组是〔A〕NH4+、Mg2+、SO42—、Cl—〔B〕Ba2+、K+、OH—、NO3—〔C〕Al3+、Cu2+、SO42—、Cl—(D)Na+、Ca2+、Cl—、AlO2—【点拔】离子共存题是高考题的常考点之一。此题有两个限定条件，一是pH=1，讲明溶液为强酸性溶液，二是无色溶液。按此两个条件再加上离子是否共存对各个选项进行逐项分析。〔A〕组离子在酸性条件下能够共存，且为无色，符合题意；〔B〕组离子为无色，能够共存，但其中的OH—与H+不能共存，应予排除；〔C〕组离子在酸性条件下能够共存，但其中的Cu2+在水溶液中显蓝色，也应排除；(D)组离子中AlO2—在酸性条件下会迅速水解而不能共存，也应排除。。【例2】水的状态除了气、液和固态外，还有玻璃态，它是由液态水急速冷却到165K时形成的，玻璃态的水无固定形状、不存在晶体结构，且密度与一般液态水的密度相同，有关玻璃态水的表达正确的选项是〔A〕水由液态变玻璃态，体积缩小〔B〕水由液态变为玻璃态，体积膨胀〔C〕玻璃态是水的一种专门状态〔D〕玻璃态水是分子晶体【点拔】此题是一个信息给予题，读明白信息是解题的关键。由题给信息知，玻璃态水的〝密度与一般液态水的密度相同〞，讲明水由液态变玻璃态其体积不变；此外，〝玻璃态水无固定形状，不存在晶体结构〞，因而答案〔A〕〔B〕〔D〕错误，【规律总结】又称排除法或剔除法。依照题干所给的条件和要求，将选项中不合题意的答案，逐个排除，加以剔除，剩下来的确实是正确答案。【巩固】1.在常温下，10mLpH==10的氢氧化钾溶液中，加入pH==4的一元酸HA溶液至pH刚好等于7〔假设反应前后总体积不变〕，那么对反应后溶液的表达正确的选项是〔A〕c(A—)==c(K+)(B)c(H+)==c(OH—)＜c(K+)＜c(A—)〔C〕V总≥20mL〔D〕V总≤20mL2.拟除虫菊酯是一类高效、低毒、对昆虫具有强烈触杀作用的杀虫剂，其中对光稳固的溴氰菊酯的结构简式如右图：COOCOOCNOBrBr以下对该化合物表达正确的选项是〔A〕属于芳香烃〔B〕属于卤代烃〔C〕在酸性条件下不水解〔D〕在一定条件下能够发生加成反应【随堂作业】1.以下表达中，正确的选项是质子数相同的两微粒，一定属于同一元素只含一种元素的物质一定是纯洁物只含一种分子的物质一定是纯洁物生成了新物质的变化一定是化学变化2.在C4H10S中,S原子以两个单键与其它原子相连接,它具有的同分异构体的数目为A、7B、6C、5D、43.以下讲法不正确的选项是增大某反应物的浓度，该反应速率一定加快在Fe与稀硫酸反应时，向其中滴加少量CuSO4溶液，生成氢气的速率加快。在Zn与稀硫酸反应时，向其中滴加少量CH3COONa溶液，生成氢气的速率加快。电解质溶液导电的过程实质上是在阴、阳两极发生氧化还原反应的过程。4.以下反应的离子方程式书写正确的选项是向澄清的石灰水中通入过量的CO2CO2+OH-=HCO3-向FeBr2溶液中通入少量Cl22Br-+Cl2=Br2+2Cl-向Ca(ClO)2溶液中通入过量CO2Ca2++2ClO-+2H2O+CO2===CaCO3↓+2HClO向氨水中通入少量SO2NH3•H2O+SO2===NH4++HSO3-5.．①、②、③有三瓶体积相等，浓度差不多上1mol·L－1的HCl溶液，将①加热蒸发至体积减少一半，在②中加入少量CH3OOONa固体〔加入后溶液仍呈强酸性〕，③不作改变，然后以酚酞作指示剂，用NaOH溶液滴定上述三种溶液，所消耗的NaOH溶液体积是A、①＝③＞②B、③＞②＞①C、③＝②＞①D、①＝②＝③6．甲、乙、丙、丁分不是Al2(SO4)3，FeSO3，NaOH，BaCl2四种物质中的一种，假设将丁溶液滴入乙溶液中，发觉有白色沉淀生成，连续滴加那么沉淀消逝，丁溶液滴入甲溶液时，无明显现象发生，据此可推断丙物质是A、Al2(SO4)3B、NaOHC、BaCl2D、FeSO37．绿色化学关于化学反应提出了〝原子经济性〞〔原子节约〕的新概念及要求。理想的原子经济性反应是原料分子中的原子全部转变成所需产物，不产生副产物，实现零排放。以下几种生产乙苯的方法中，原子经济性最好的是〔反应均在一定条件下进行〕A＋C2H5Cl→＋HClB＋C2H5OH→＋H2OC＋CH2＝CH2→D→＋HBr；＋H2→8．以下讲法正确的选项是A纳米材料是指一种称为〝纳米〞的新物质制成的材料B绿色食品是指不含任何化学物质的食品C生物固氮是指植物通过叶面直截了当吸取空气中的氮气D光导纤维是以二氧化硅为要紧原料制成的9．有人曾建议用AG表示溶液的酸度，AG的定义为AG＝lg〔[H＋]/[OH－]〕。以下表述正确的选项是A在25℃B在25℃C在25℃D在25℃时，溶液的pH与AG的换算公式为AG＝2(10．L–多巴是一种有机物，它可用于帕金森综合症的治疗，其结构简式如下：这种药物的研制是基于获得2000年诺贝尔生理学或医学奖和获得2001年诺贝尔化学奖的研究成果。以下关于L–多巴酸碱性的表达正确的选项是A既没有酸性，又没有碱性B既具有酸性，又具有碱性C只有酸性，没有碱性D只有碱性，没有酸性11．为了除去蛋白质溶液中混入的少量氯化钠，能够采纳的方法是A过滤B电泳C渗析D加入AgNO3溶液，过滤12．R、X、Y和Z是四种元素，其常见化合价均为＋2价，且X2＋与单质R不反应；X2＋＋Z＝X＋Z2＋；Y＋Z2＋＝Y2＋＋Z。这四种离子被还原成0价时表现的氧化性大小符合AR2＋＞X2＋＞Z2＋＞Y2＋BX2＋＞R2＋＞Y2＋＞Z2＋CY2＋＞Z2＋＞R2＋＞X2＋DZ2＋＞X2＋＞R2＋＞Y2＋13．将40mL1.5mol·L－1的CuSO4溶液与30mL3mol·L－1的NaOH溶液混合，生成浅蓝色沉淀，假如溶液中[Cu2＋]或[OH－]都已变得专门小，可忽略，那么生成沉淀的组成可表示为ACu(OH)2BCuSO4·Cu(OH)2CCuSO4·2Cu(OH)2DCuSO4·3Cu(OH)214．在原电池和电解池的电极上所发生的反应，同属氧化反应或同属还原反应的是A原电池的正极和电解池的阳极所发生的反应B原电池的正极和电解池的阴极所发生的反应C原电池的负极和电解池的阳极所发生的反应D原电池的负极和电解池的阴极所发生的反应15．在一定条件下，分不以高锰酸钾、氯酸钾、过氧化氢为原料制取氧气，当制得同温、同压下相同体积的氧气时，三个反应中转移的电子数之比为A1︰1︰1B2︰2︰1C2︰3︰1D4︰3︰216．碘跟氧能够形成多种化合物，其中一种称为碘酸碘，在该化合物中，碘元素呈＋3和＋5两种价态，这种化合物的化学式是AI2O3B12O4CI4O7DI4O17．以下各组物理量中，都不随取水量的变化而变化的是A．水的沸点；蒸发水所需热量B．水的密度；水中通人足量CO2后溶液的pHC．水的体积；电解水所消耗的电量D．水的物质的量；水的摩尔质量18．在一支25mL的酸式滴定管中盛入0.lmol·L－1HCl溶液，其液面恰好在5mL的刻度处，假设把滴定管中的溶液全部放入烧杯中，然后以0.lmol·L－1NaOH溶液进行中和．那么所需NaOH溶液的体积A．大于20mLB．小于20mLC．等于20mLD．等于5mL19．具有单双键交替长链〔如：…〕的高分子有可能成为导电塑料。2000年诺贝尔〔Nobel〕化学奖即授予开创此领域的3位科学家。以下高分子中可能成为导电塑料的是A聚乙烯B．聚丁二烯C．聚苯乙烯D．聚乙炔20.有一种磷的结构式是，有关它的以下表达不正确的选项是A．它完全燃烧时的产物是P2O5B．它不溶于水C．它在常温下呈固态D．它与白磷互为同分异构体21．将ag含NaOH样品溶解在bmL0.lmol·L-1的硫酸中，再加入cmL0.1mol·L－1的氢氧化钡溶液，反应后所得溶液恰好呈中性，那么样品中NaOH的纯度是〔NaOH式量为40〕A.[(b－c)／125a]×100％B.[(b－2c)／125a]×100％C[(b－c)／250a]×100％D[(8b－8c)／a]×100％22．化合物B3N3H6〔硼氮苯〕与C6H6〔苯〕的分子结构相似，如以下图：那么硼氮苯的二氯取代物B3N3H4CI2的同分异构体的数目为A．2B.3C.4D.623．以下具有专门性能的材料中，由主族元素和副族元素形成的化合物是A．半导体材料砷化镓B．吸氢材料镧镍合金C．透亮陶瓷材料硒化锌D．超导材料K3C24．重金属离子有毒性。实验室有甲、乙两种废液，均有一定毒性。甲废液经化验呈碱性，要紧有毒离子为Ba2＋离子，如将甲、乙两废液按一定比例混合，毒性明显降低。乙废液中可能含有的离子是ACu2＋和SO42－BCu2＋和Cl－CK＋和SO42－DAg＋和NO3－25．金属加工后的废切削液中含2～5%的NaNO2，它是一种环境污染物。人们用NH4Cl溶液来处理此废切削液，使NaNO2转化为无毒物质。该反应分两步进行：第一步：NaNO2＋NH4Cl→NaCl＋NH4NO2第二步：NH4NO2N2↑＋2H2O列对第二步反应的表达中正确的选项是①NH4NO2是氧化剂②NH4NO2是还原剂③NH4NO2发生了分解反应④只有氮元素的化合价发生了变化⑤NH4NO2既是氧化剂又是还原剂A①③B①④C②③④D③④⑤第28届国际地质大会提供的资料显示，海底有大量的天然气水合物，可满足人类1000年的能源需要。天然气水合物是一种晶体，晶体中平均每46个水分子构建成8个笼，每个笼可容纳五个CH4分子或1个游离H2O分子。依照上述信息，完成下两题：26．以下关于天然气水合物中两种分子极性的描述正确的选项是A两种差不多上极性分子B两种差不多上非极性分子CCH4是极性分子，H2O是非极性分子DH2O是极性分子，CH4是非极性分子27．假设晶体中每8个笼只有6个容纳了CH4分子，另外2个笼被游离H2O分子填充，那么天然气水合物的平均组成可表示为ACH4·14H2OBCH4·8H2OCCH4·(23/3)H2ODCH4·6H2O28．C8H18经多步裂化，最后完全转化为C4H8、C3H6、C2H4、C2H6、CH4五种气体的混合物。该混合物的平均相对分子质量可能是A28B30C38D4029．世界卫生组织〔WHO〕将二氧化氯ClO2列为A级高效安全灭菌消毒剂，它在食品保鲜、饮用水消毒等方面有着广泛应用。以下讲法正确的选项是〔〕A二氧化氯是强氧化剂B二氧化氯是强还原剂C二氧化氯是离子化合物D二氧化氯分子中氯为负1价我国某闻名学者在潜心研究后认为：制造＝需要×(设想)2。这讲明，设想在制造思维中起着重要作用。以下各题均与设想有关。30．〝假设在宇宙飞船的太空实验室〔失重条件下〕进行以下实验，其中最难完成的是A将金粉和铜粉混合B将牛奶加入水中混合C蒸发食盐水制取食盐晶体D用漏斗、滤纸过滤除去水中的泥沙31．学生用滤纸折成一只纸蝴蝶并在纸蝴蝶上喷洒某种试剂，挂在铁架台上。另取一只盛有某种溶液的烧杯，放在纸蝴蝶的下方〔如图〕。过一会儿，发觉纸蝴蝶的颜色由白色纸蝴蝶上的喷洒液转变为红色，喷洒在纸蝴蝶上的试剂与小烧杯中的溶液是〔〕ABCD纸蝴蝶上的喷洒液石蕊酚酞酚酞石蕊小烧坏中的溶液浓盐酸浓氨水氢氧化钠溶液浓硫酸32．在烧杯中加入水和苯〔密度：0.88g/cm3〕各50mL。将一小粒金属钠〔密度：0.97g/cm3〕投入烧杯中。观看到的现象可能是〔〕A钠在水层中反应并四处游动B钠停留在苯层中不发生反应C钠在苯的液面上反应并四处游动D．钠在苯与水的界面处反应并可能作上、下跳动【经典题型】简答题简答题要求考生用简练的文字表述来回答以下咨询题。它具有取材宽敞，内涵丰富，立意新颖，设咨询巧妙，摸索容量大，能力要求高。而且常把识记、明白得、实验、推论和运算等多方面、多层次的要求融于一题之中，往往具有一定的难度，对学生能力要求较高。简答题是填空题的变形，即把空格变成咨询句，因此它们的功能差不多相似。它不但用来考查考生的各种能力〔明白得能力、观看能力、思维能力、文字表达能力〕，还用来考查考生把握知识的情形。不但用来考查考生是否〝知其然〞，还要考查考生能否〝知其因此然〞。解题时第一要紧扣题意，认真审题，抓住关键；其次回答以下咨询题时，不但要回答出〝是什么〞，重点还要回答出〝什么缘故〞，回答以下咨询题一样要表达〝前提、理由、结论〞的答题过程，切忌顾此失彼；最后联系题意综合分析、归纳，并作语言的加工提练，做到原理正确、回答切题、语言精练、意思完整。【题型一】因果分析法因果分析法要求依照题给事实或现象，进行分析、推理，并讲明其缘故或目的，最后阐述结果，作出正确答案。【例1】(1)明矾具有净水作用，但某些工厂用FeCl3代替明矾，简答FeCl3净水作用的原理。(2)用石灰抹墙有硬化过程，水泥砌墙也有硬化过程，比较其硬化原理。(3)在铸造工业中常将水玻璃与石英砂混合制成模具，然后将模具浸泡在NH4Cl溶液中使之定型，简答其工艺原理。【点拔】这是用元素化学知识讲明实际生产中化学咨询题的简答题。依照题意分析，用AlCl3可净水，其原理是AlCl3为弱碱强酸盐，Al3+发生水解产生Al(OH)3胶体，其表面积大吸附水中杂质，达水净化目的。而FeCl3溶液中Fe3+水解程度也专门大，也能生成Fe(OH)3胶体，达净化水目的；石灰抹墙硬化是Ca(OH)2与空气中CO2反应，生成CaCO3的结果，而水泥硬化是硅酸盐与水作用，生成胶状物，胶状物发生凝聚，生成强度大的晶体的结果；定型固化：水玻璃成分是Na2SiO3水溶液，而SiO32-水解程度大，其溶液呈碱性SiO32-+2H2OH2SiO3+2OH-；NH4Cl溶液中，NH4+水解，溶液呈酸性，NH4++H2ONH3·H2O+H+。两溶液相遇，使两者水解平稳向正反应方向移动，生成不溶性H2SiO3把石英砂粘结起来，使之定型。此题要紧考查分析、比较、逻辑思维，语言表达和灵活运用知识的能力。【例2】酸雨要紧是由燃烧含硫燃料时所排放的尾气中的SO2造成的。现每隔一定时刻测定某份雨水样品的pH值：请回答：在测定时刻里，雨水样品的PH值变小的缘故。【点拔】这是有关SO2、H2SO3的性质联系实际的环境化学测试题，只要熟悉含硫燃料燃烧排放的SO2、H2SO3的性质，就能准确解答。在简答中可用化学方程式配合简要的文字加以讲明。要注意SO2与H2O反应生成H2SO3，H2SO3既有弱酸性又有还原性，易被空气中O2氧化成H2SO4，而H2SO4为强酸，因此雨水的pH值减小。专门需注意pH值的不断减小，c(H+)不断增大，不应认为是SO2续溶解雨水中造成的，因空气中SO2含量不可能专门大，而SO2在水中溶解度较大(1∶40)，雨水对SO2吸取不是缓慢进行。【规律总结】简答题的解法没有固定的格式。化学简答题要紧考查综合分析、比较、逻辑思维、语言表达和灵活运用知识的能力。解题的关键是把握讲明的理论依照，然后搞清因果关系。表达时要求条理清晰，化学用语准确，文字表达简捷明了。【巩固】1.苏打和小苏打有着广泛的应用。试从反应物的消耗量角度讲明在以下用途中选用苏打依旧小苏打?什么缘故?(1)做面条时防止面粉较长时刻储存变酸味,常加入适量的面碱,面碱确实是，什么缘故不选用另一种?(2)作为泡沫灭火器中的药品,应选用缘故是什么?2.BiCl3水解生成BiOCl沉淀.(1)写出水解反应的离子方程式_______________________(2)医药上把BiOCl叫作次氯酸铋,该名称________(填〝合理〞或〝不合理〞),其理由是___________________.(3)配制BiCl3溶液时,其方法是__________________________.(4)把适量固体BiCl3置于浓NaCl溶液可得到澄清溶液,其缘故是__________________.【题型二】分析判定法此法要求考生依照题设情境先总结、归纳、分析、判定、统摄成规律性的结论，再按此结论来作出对限定条件下的判定、分析，最后得出结论。【例1】有以下反应：(1)CuSO4+H2S=CuS↓+H2SO4(2)Br2+H2S=S↓+2HBr或4Br2+H2S+4H2O=H2SO4+8HBr依下述方法之一能够测定被污染空气中的H2S含量：将体积的空气通过溴水或CuSO4溶液并测定其电导变化(电导即溶液电阻的倒数，表示溶液的导电性能，当离子浓度不太大的时候，电导随离子浓度近似地成正比关系)。上述吸取剂之一可用来测定专门大浓度范畴的H2S含量(每立方米空气中含0－50毫升H2S)；而另一种吸取剂用于低浓度范畴的H2S含量(每立方米空气中含0－5毫升H2S)，然而后者有专门高的灵敏度。试指出分析情形下选择吸取剂的依据。【点拔】这题是信息给予题，也属于综合评判题，考查自学能力。通过阅读题干内容，分析出其中要点，即未学过的新知识：①电导与离子浓度有近似正比关系；②从题干中反应，H2S是弱电解质，反应后转化为强电解质。随反应进行，离子浓度不断增大，因此电导增大，故可测知H2S的含量；③两种吸取剂溶解度不同，CuSO4易溶于水，所配溶液浓度大，故可吸取H2S的量就大；而Br2在水中的溶解度有限，故吸取H2S的量就不大，两种吸取剂分不适合测定H2S浓度大范畴及浓度小范畴的要求。依照(1)反应，生成H2SO4溶液离子浓度大，即H2SO4完全电离H2SO4=2H++SO42-，1molH2SO4电离3mol离子，而原CuSO4也为强电解质完全电离CuSO4=Cu2++SO42-，1molCuSO4，电离出2mol离子，明显反应后离子总浓度增大，因此增大电导性能，而且CuSO4易溶，可配制浓度大的溶液，吸取H2S容量大，从而适用于测定高浓度范畴的H2S的污染空气。由反应(2)可知由Br2吸取弱电解质H2S后，生成2mol强电解质HBr(或1molH2SO4或8molHBr)，离子浓度明显增大，电导也随之增大，因此能够更精确测定H2S的含量(灵敏度大)。但因Br2水不能制得高浓度溶液，因此溶液吸取H2S容量有限，从而适用于测定低浓度范畴的H2S污染空气。此题考查学生自学能力、综合分析、评判能力，题干给出材料新颖的信息知识，应通过阅读准确分析提供信息，透过现象分析本质，抓突破口，培养严密、科学的思维能力。【例2】讲明以下实验咨询题：(1)浓盐酸易挥发，使产生的气体中含杂质HCl，什么缘故实验室还用浓盐酸与MnO2反应制Cl2而不使用稀盐酸？(2)实验室用电石制乙炔时，通常用饱和食盐水代替水，同时用分液漏斗操纵加入？(3)实验室用Na2SO3固体和硫酸反应制取SO2气体时，既不用稀H2SO4，也不用浓H2SO4，而是用中等浓度的H2SO4，什么缘故？【点拔】(1)因为用稀盐酸与MnO2反应几乎得不到Cl2，因此尽管能引入杂质HCl也只好使用浓盐酸。制得氯气中的HCl杂质可用饱和食盐水除去。(2)电石CaC2与H2O反应生成C2H2气体是一个专门剧烈的反应。因此应设法操纵反应，适当降低速度。将H2O换成饱和食盐水，能够降低H2O分子的浓度、减慢反应速度。用分液漏斗操纵加入，能够减小水与反应物的接触面积，减缓反应速度，使气体平稳放出。(3)SO2气体易溶于水，溶解度为1∶40，但比起HCl、NH3，又小得多。Na2SO3与H2SO4反应产生SO2气体，本质上是离子反应。因此使用浓H2SO4时，由于C〔H+〕太小(浓H2SO4中要紧为H2SO4分子)，反应十分缓慢。但假如用稀H2SO4，反应体系中的水太多，SO2又不易逸出。因此用中等浓度的硫酸即可解决上述两方面的咨询题：既可保证有较快的反应，又可减少SO2缺失。【规律总结】考生在解题过程中，需要充分发挥由抽象到具体的演绎式的思维活动，这实际上是认识科学、认识自然的思维方法之一。【巩固】1.以下各种溶液中通入或加入少量物质,对溶液导电能力有何阻碍

(1)盐酸中通入少量NH3(2)氨水中通入少量HCl(3)醋酸中通入少量NH3(4)盐酸中加入少量AgNO32.1molH2燃烧时约放热286KJ,而每kg汽油燃烧时约放热46000KJ.而氢气却被公认是21世纪替代石化燃料的理想能源.请试述理由.3.近年来,某些自来水厂在用液氯进行消毒处理时还加入少量液氨,其反应的化学方程式为:NH3+HClO=H2O+NH2Cl(一氯氨).NH2Cl较HClO稳固.试分析加液氨能延长液氯杀菌时刻的缘故:.【随堂作业】1.某热电厂地处多雨地带，使用的燃料煤中含有少量的硫，燃烧的气体未经处理即排放到空气中，又有部分发电用水未经冷却排入邻近的河中，经观看其下游几十公里范畴内的河水中鱼类几乎绝迹，试讲明显现这种现象的缘故。2..工业上制取CuSO4不是直截了当用浓硫酸与铜反应，而是将铜丝浸入稀硫酸中并不断由容器的下部吹入细小的空气泡，试分析这种制备方法的优点。

3..大气中CO2增多会引起温室效应。空气中增多CO2的要紧来源是什么?自然界中消耗CO2的要紧过程是什么?4.我国南方某些地区的井水取来久置后，井水由澄清透亮变成少量棕红色絮状沉淀积于缸底，水面浮着一层〝锈皮〞，当地居民常采纳加明矾的方法处理。〔1〕井水久置后，水面浮着的一层〝锈皮〞的要紧成分是〔写化学式〕。

〔2〕用化学方法鉴不该井水的步骤是；离子方程式是。

〔3〕用化学方法鉴不经明矾处理后的水的步骤是；离子方程式是。

5.苏打和小苏打有着广泛的应用。试从反应物的消耗量角度讲明在以下用途中选用苏打依旧小苏打?什么缘故?(1)做面条时防止面粉较长时刻储存变酸味,常加入适量的面碱,面碱确实是，什么缘故不选用另一种?(2)作为泡沫灭火器中的药品,应选用缘故是什么?6.制氧化钾往往不直截了当用金属钾与氧气反应,而是用钾还原KNO3制得,该反应的化学方程式是:什么缘故要采纳这种方法? 7.切割钾的方法跟切割金属钠一样,但要专门小心,新切开的表面不能跟未切割的钾的表面接触,否那么会发生剧烈的反应而引起爆炸,试叙其缘故:8.在碳酸钠饱和溶液中通入二氧化碳气体后有碳酸氢钠晶体析出，此反应的化学方程式是。碳酸氢钠之因此能析出的缘故，除了它的溶解度比碳酸钠小以外，另两个与此有关的缘故是〔不考虑温度〕。【经典题型】实验题题型特点实验题的形式繁多，它常把实验的差不多操作，实验原理，实验现象、实验设计，元素化合物的性质，化学运算和推理融为一体进行考查。它具有明白面广，命题新颖，摸索容量大，综合性强等特点。它不但能用来考查考生的观看能力，操作能力，分析能力和实验设计能力，还用来考查考生制造性思维能力和数据处理的能力。不仅要求考生知其然，还要知其因此然。因此实验题的解答要求高，难度较大。只有考生对实验题的功能，考查范畴，考查特点弄清弄明白，才能理顺解答实验题的思路。实验题解题方法实验题的解法没有固定的格式。解这类题时，只要从实验原理入手，结合具体实验题目的特点，依照题给信息，认真审题，抓住题眼，就能专门快地理顺解答的思路和方法。【题型一】化学实验差不多操作用正确的化学实验差不多操作完成某项实验任务，是历年高考化学实验考查的重点内容之一。【例1】欲用亚硫酸钠和硫酸制取0.5mol的二氧化硫气体，要用以下仪器来组装气体发生装置，应选用的仪器是()A．试管 B．烧瓶 C．烧杯 D．集气瓶【点拔】中学时期常见的容器和反应器有：试管、烧杯、烧瓶、锥形瓶、坩埚、蒸发皿、集气瓶、试剂瓶、滴瓶、启普发生器等。要求把握这些仪器的要紧用途和使用本卷须知，如能否直截了当加热、所装试剂的量等。此题所给仪器都可做反应容器，但烧杯、集气瓶一样不用来装配气体发生装置，试管和烧瓶都能够做反应容器，但试管适用于少量物质间的反应，而烧瓶可适用于较多量物质间的反应，现欲配制0.5mol二氧化硫气体，至少需亚硫酸钠固体63g，故应选烧瓶。【例2】为了除去粗盐中的Ca2+、Mg2+、SO42-及泥沙,可将粗盐溶于水,然后进行以下五项操作:①过滤,②加过量NaOH溶液,③加适量盐酸,④加过量Na2CO3溶液，⑤加过量BaCl2溶液.正确的操作顺序是A．①④②⑤③B．④①②⑤③C．②⑤④①③D．⑤②④①③【点拔】在有多种杂质存在的情形下，要搞清所加试剂与被除杂质的对应关系，同时还要注意到，在实际操作中，通过加入适量的试剂除去杂质几乎是做不到的，因此，所加每一种试剂一样差不多上过量的，后加的试剂既要除去杂质，又要除去前面所加的余外的试剂，因此一定要确定出合理的除杂顺序。此题要紧考查粗盐提纯的操作顺序。从所用试剂和粗盐中的杂质可知：用BaCl2可沉淀SO42-，Na2CO3可沉淀Ca2+，NaOH可沉淀Mg2+，但由于所加试剂过量，因此，最后必须除去所加的余外的试剂。从所用试剂看，余外的Na2CO3和NaOH可用盐酸除去，余外的BaCl2可用Na2CO3生成BaCO3沉淀来除去，因此在加入试剂时，BaCl2必须在加Na2CO3溶液往常加入，盐酸用来除去Na2CO3和NaOH，但又会溶解Mg(OH)2、CaCO3沉淀,故必须在过滤后加入到滤液中.从以上分析知:粗盐提纯的关键是①、③必须在最后,⑤必须在④的前面.因此正确的答案是C、D。【规律总结】这类试题的特点通常是给出限定的仪器、药品和一些操作步骤，要求正确完成某项实验操作，从而考查考生化学实验操作的能力。【巩固】1.某学生做完实验后，采纳以下方法分不清洗所有仪器：①用稀硝酸清洗做过银镜反应的试管；②用酒精清洗做过碘升华的烧杯；③用浓盐酸清洗做过高锰酸钾分解实验的试管；④用盐酸清洗长期存放过三氯化铁溶液的试剂瓶；⑤用氢氧化钠溶液清洗盛过苯酚的试管，你认为他的操作〔〕A．②不对B．③④不对 C．④⑤不对D．全部正确2.某同学在实验报告中有以下实验数据①用托盘天平称取11.7gNaCl②用量筒量取5.26mL盐酸；③用广泛pH试纸测得溶液的pH是3.5；④用标准NaOH溶液滴定未知浓度的盐酸用去23.10mLNaOH溶液，其中数据合理的是()A．①④ B．②③ C．①③ D．②④3.一样所谓无水乙醇，含乙醇约99.5%.当专门需要而要求进一步去水时，常采纳如下操作：置5克镁条和0.5克碘(碘作催化剂)于一恰当容量的烧瓶中，倾入50～75毫升无水乙醇，逐步加热，现在有小气泡不断从混和液中逸出。连续加热回流直至镁条完全溶完，成为乳白色浆液。再倾入900毫升无水乙醇，回流30分钟，然后直截了当蒸出乙醇，如此得到的乙醇其含量能够达到99.95%.(1)上述操作所需烧瓶应选用容积为〔〕(选填以下序号) A.2升 B.1升 C.0.5作出以上选择的理由是(2)写出要紧的反应方程式(有机物写结构简式)【题型二】化学实验原理此类试题要紧考查考生的观看能力、思维能力、判定能力与理论联系实际的能力。【例1】用金属钠制取氧化钠通常采纳下法：2NaNO2+6Na=4Na2O+N2↑，试讲明什么缘故用此法制取氧化钠比直截了当钠氧化法好。【点拔】这题属于信息给予题，解答中必须紧扣题干Na2O制取反应式：2NaNO2+6Na=4Na2O+N2↑，反应中生成N2这一重要信息，才可找出答案：Na2O在N2气中不被氧化，从而分析出Na直截了当氧化法不足之处；不管金属钠是在氧气中点燃，依旧在空气中氧化，因生成的Na2O极不稳固，会进一步氧化生成Na2O2，即2Na+O2Na2O2，而实际上得不到纯Na2O。【例2】〔1〕在一盛有Ba(OH)2溶液的烧杯中漂浮着一小木块，小心地向烧杯中滴加与Ba(OH)2溶液密度相同的稀硫酸，静置后小木块浸入水中的体积开始〔〕。A．不变B．增大C．减小D．无法判定〔2〕写出所发生的化学反应的方程式。〔3〕假设将一试管如右图所示倒立于同一Ba(OH)2溶液中，在滴入稀硫酸的前后，试管内外液面的高度差将〔〕〔设反应过程中温度不变，且反应后试管仍旧漂浮〕。A．不变B．变大C．变小D．无法判定【点拔】本例属物理、化学综合题。题目巧妙地把化学和物理融于一体，综合运用物理的阿基米德定律、物体浮沉条件及化学的复分解反应知识。解答此题的关键是两物质发生复分解反应，判定沉淀物生成，再由物理知识正确求解。〔1〕滴入稀硫酸后，溶液要发生中和反应：Ba(OH)2+H2SO4=BaSO4↓+2H2O。反应生成物为BaSO4沉淀和水。由于原先的的Ba(OH)2溶液的密度比水要大，因此反应后的溶液密度应该比原先小。由木块受力平稳有〔大小不变〕。又由阿基米德定律

可知：将变大。〔3〕以试管底为研究对象，设试管横截面积为，反应后试管内气体压强为，做出其受力分析图如右所示。由其受力平稳有由于试管重力不变、外界大气压强不变，故可知反应后试管内气体的压强不变。再以试管中液面为研究对象，设液面处液体压强为，做出其受力分析图如右所示，由受力平稳有因此知试管中液面处液体压强不变。又有在上式中由〔1〕分析可知反应后的溶液密度变小，因此最终可得出：试管内外的液面差应该变大。【规律总结】这类试题通常要给出限定的实验装置、反应条件、实验现象和有关数据，要求考生依照实验原理，结合元素化合物知识，选用仪器药品，写出有关的化学方程式，进行数据处理，讲明理由等。【巩固】1.试推测在C6H5ONa〔苯酚钠〕溶液中逐滴加入FeCl3溶液，可能显现哪些现象，可能发生哪些反应.水氨气水氨气图1图2⑴.写出实验室制取氨气的化学方程式：

________________________________________________________。⑵.收集氨气用____________法，要得到干燥的氨气可选用___________作干燥剂。⑶．用图1装置进行喷泉实验，上部烧瓶已装满干燥氨气，引发水上喷的操作是___________________________。该实验的原理是___________________________________________________________。⑷.假如只提供如图2的装置，请讲明引发喷泉的方法。【题型三】化学实验设计这类试题的特点是利用的仪器装置，要求依照实验目的或给出的药品，将气体制备，除杂提纯或设计操作程序与仪器连接，定量运算结合起来，考查考生设计实验，差不多操作、数据处理的能力或评判实验方案优劣的能力。【例1】.如何用实验证明一无色晶体是明矾？【点拔】明矾的组成可表示为：KAl(SO4)2·12H2O或K2SO4·Al2(SO4)3·24H2O，要求用实验的方法分不确定出该晶体中含K+、Al3+、SO42-及H2O。并简要地写明实验方法、现象及其结论和必要的反应方程式。【例2】水蒸气通过灼热的煤所产生的混合气，其要紧成分是CO、H2，还含有CO2和水蒸气。请用图中装置设计一个实验，以确认上述混合气中含有CO和H2。(1)连接图中装置的正确顺序是：(填各接口的代码字母。)混合气—→〔〕〔〕接〔〕〔〕接〔〕〔〕接〔〕〔〕接〔〕〔〕。(2)确认混合气中含有H2的实验现象是____________；其理由是___________。[点拔]检验H2是使其转化成水后用无水CuSO4检验；检验CO是使其转化成CO2后用澄清石灰水检验。然而题中原混合气体中就含有水蒸气和CO2，因此先除去混合气中的这两种气体，是完成此题的关键所在。【规律总结】这类试题的特点是给出新情境〔要紧是中学课本中未介绍过的新反应或未见过的新装置〕，结合仪器组装，物质的性质或制法，实验现象描述或分析等已有知识提出咨询题，考查考生同意新信息，运用所学知识进行联想、迁移、分析、重组来解决实验咨询题的能力，同时还考查了考生的观看能力、思维能力和自学能力。【巩固】1.分不由聚乙烯、聚氯乙烯为原料制成的两种塑料袋，如何用化学方法鉴不之2.不用焰色反应，如何鉴不NaCl和KCl两种无色晶体？简述实验原理、实验步骤以及实验用品。3.欲在室温顺1.01×105Pa条件下测定镁的原子量。请利用图给定的仪器(盛放镁条的隔板有小孔)组装成一套实验装置(每种仪器只承诺用一次)。请回答以下咨询题：(1)假设气流方向为左→右，那么各仪器的接口连接的先后顺序为(用小写字母填写)______。(2)连接好仪器后，要进行的操作有以下几步：①待仪器B中的物质复原至室温时，测量量筒C中水的体积(假设假定将测定的体积换算成标准状况下为VmL)；②擦掉镁条表面的氧化膜，将其置于天平上称量(假定其质量为mg)，并将其投入试管B中；③检查各装置的气密性；④旋开仪器A上分液漏斗的活塞，当镁条完全溶解时再关闭活塞。上述几步操作的先后顺序是______。(3)依照实验数据可算出镁的原子量，其数字表达式为______。(4)假设未将试管B冷却至室温就测量量筒C中水的体积，这将会使所测镁的原子量数据(填偏高、偏低或无阻碍)______。(5)假设未擦净镁条表面氧化膜就进行实验，这将会使所测镁的原子量数据(填偏高、偏低或无阻碍)______。【随堂作业】1、以下实验能获得成功的是〔A〕用含结晶水的的醋酸钠和碱石灰共热制甲烷气体〔B〕将铁屑、溴水、苯混合制溴苯〔C〕在苯酚溶液中滴入少量稀溴水显现白色沉淀〔D〕将铜丝在酒精灯上加热后，赶忙伸入无水乙醇中，铜丝复原成原先的红色2.以下贮存物质的方法正确的选项是[]A．少量白磷贮存在二硫化碳中B．氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中C．少量的钠贮存在酒精中D．硝酸银贮存在棕色试剂瓶中3.设计了五种制备气体的方案：①加热稀硫酸和乙醇制备乙烯②加热稀盐酸和二氧化锰制备氯气③用稀H2SO4和大理石制备CO2④用稀硝酸和硫化亚铁制备H2S⑤用稀H2SO4和食盐共热制备HCl不宜采纳的方案有哪些？[]A．只有①和②B．只有②和③C．只有④和⑤D．①②③④⑤4.以下各组溶液，不用其他试剂，就能够将它们区不开的是[]A．盐酸、氢氧化钠、碳酸钠、硫酸钠B．盐酸、硝酸镀、氢氧化钠、硝酸钠C．氢氧化钠、硫酸镁、碳酸钠、硫酸氢钠D．氯化钡、硫酸钠、氯化钙、硝酸钙5.给150mL某液体加热的操作中，所需的仪器是[]①试管；②烧杯；③酒精灯；④试管夹；⑤石棉网；⑥泥三角；⑦坩埚；⑧铁三角架。A．③⑥⑦⑧B．②③⑤⑧C．①③④⑤D．②③⑤⑥6.以下贮存物质的方法正确的选项是[]A．少量白磷贮存在二硫化碳中B．氢氧化钠贮存在带玻璃塞的试剂瓶中C．少量的钠贮存在酒精中D．硝酸银贮存在棕色试剂瓶中7.以下实验操作错误的选项是[]A．用胶头滴管加液时，能够伸入试管中但不要接触试管壁B．蒸馏盛在烧瓶中含水的酒精，需在瓶内放一些碎瓷片C．温度计插入液体测量温度的同时，又用它搅拌液体D．用容积100mL的量筒量取80mL无水乙醇，使液面最低点至刻度80mL处8某学生的实验报告中有以下数据：①用托盘天平称取11.7g食盐；②用量筒量取21.48mL盐酸；③用容量瓶配制216mL1mol／L硫酸溶液；④用标准NaOH溶液滴定未知浓度的盐酸，用去21.20mLNaOH溶液。其中数据合理的是[]A．①④B．②④C．①③D．②③9.洗涤以下试管时，选用的试剂(括号中的物质)不妥当的是[]A．做过KMnO4分解反应实验的试管(浓盐酸)B．做过木炭还原氧化铜实验的试管(硝酸)C．做过银镜反应实验的试管(氨水)D．做过Na2S2O3和稀硫酸反应的试管(二硫化碳)10.以下实验操作中，仪器需插入液面下的有：①制备Fe(OH)2，用胶头滴管将NaOH溶液滴入FeSO4溶液中；②制备氢气的简易装置的长颈漏斗；③分离石油时操纵温度所用的温度计；④用水吸取氨气时的导管口；⑤向试管中的BaCl2溶液中滴加稀硫酸。A．③④⑤B．②⑤C．①②D．①②③④⑤11如图装置中，假设关闭活塞，那么品红溶液无变化，石蕊试液变红，石灰水变浑浊。假设打开活塞，那么品红褪色，石蕊试液变红，石灰水变浑浊。据此判定气体和广口瓶中盛放的物质是[]A．H2S和浓H2SO4B．SO2和NaHCO3溶液C．Cl2和NaHCO3溶液D．Cl2和氯水12对未知无机盐溶液里所含的离子作鉴定。依照以下实验做出的判定不一定正确的选项是[]A．加入BaCl2溶液有白色沉淀，再加稀盐酸，沉淀不溶解，那么原溶液中含有SO42-离子B．向溶液中加稀HNO3酸化，再加AgNO3溶液，有白色沉淀，那么原溶液中含有Cl-离子C．向溶液中加盐酸有无色能使石灰水变浑浊的气体逸出，那么原溶液中含有CO32-离子D．加入NaOH溶液，微热时有能使潮湿的红色石蕊试纸变蓝的气体放出，那么溶液中含有NH4+离子13以下三个咨询题均与图实验装置有关，请选择A～D序号填入空格中。(1)制取某无色非金属氧化物气体时，烧瓶X内的药品应是[]A．铜和稀硝酸B．铜与浓硝酸C．碳酸钙与稀硫酸D．亚硫酸钠和浓盐酸(2)洗气瓶Y中所装的液体应是(不承诺非水杂技混在气体中)[]A．浓硫酸B．NaOH溶液C．饱和NaHSO3溶液D．NaHCO3溶液(3)检验集气瓶乙是否集满气体，置于瓶口的滤纸应沾上的溶液是[]A．BaCl2溶液B．酸性KMnO4溶液C．KI淀粉试纸D．澄清石灰水14.现有A、B、C、D、E、F六瓶未知液，它们分不是MgSO4、BaCl2、(NH4)2CO3、AgNO3、HBr、NaOH。为了区不它们，各取少量溶液进行两两混合试验，结果如下表。〝↓〞表示沉淀，〝↑〞表示气体，〝-〞表示无明显现象。试推断A是______，B是______，C是______，D是______，E是______，F是______。15..实验室中有一瓶KCl和CaCl2的固体混合物，通过下述实验方法能够确定该混合物中KCl和CaCl2的质量比，也可得纯洁的氯化钾。依照实验步骤填写以下空白。实验步骤：(1)调整零点时，假设指针向左偏转，应将左边的螺丝帽向______旋动。(2)某学生用质量yg的表面皿，准确称取wg样品。他在托盘天平的右盘上放入(w+y)g砝码，在左盘的表面皿中加入样品，这时指针偏向右边(如右图所示)，下面他的操作应该是______使______。(3)加入的A是______，检验A是否过量的方法是______。(4)过滤时，某学生的操作如左图所示，其中的错误是______。(5)滤液中加入的B物质是______，其过量的理由是______。(6)为了检验沉淀是否洗净，应在最后几滴洗出液中加入_____，假设______，讲明沉淀已洗净。(7)得到的固体C是______。(8)该混合物中KCl与CaCl2质量比的运算式为______。【经典题型】运算题化学运算题题型特点化学运确实是从量的方面来反映物质的组成、结构、性质及其变化规律的，是历年高考化学试题的压轴题，它具有情境新颖，信息量大，化学知识丰富，复盖面广，综合性强等特点。它不但能用来考查考生的思维能力和自学能力，还用来考查考生应用各方面知识进行逻辑思维、抽象思维、推理判定和分析综合的能力。因此这类试题区分度较大，易于把考生不同的知识和能力水平区分开来，具有选拔优秀学生的功能，比其它几种题型难度大，要求高。化学运算解题方法化学运算内容繁多，千差万不，其解法也没有一成不变的解题模式。但不管哪种解法都要通过认真审题、析题、解题这几个环节。①认真审题，挖掘题给信息，明确试题的条件是什么，需求什么。②析题确实是在审题的基础上，运用有关的化学概念对题目进行分析和解剖，找出条件和未知条件之间量的关系，探求解题的突破口和解题途径。③确定解题途径后，列出各步算式，然后运算求解。【题型一】差量法【例1】在2只盛有100mL1mol/L盐酸的烧杯中，分不加入ag碳酸镁、bg小苏打，反应完全后，两烧杯中的溶液质量仍相等，那么a与b的关系中正确的选项是[]A．a＝b＞4.2gB．a＞b＞6.2gC．a＝6.2g，b＝8.4gD．a＝b＜4.2g【点拔】等量的酸和不同的金属(或盐)反应，要保持溶液质量相等，实际上是要求投入溶解的金属质量减去反应后离开溶液的气体质量的差值相等。由于此题提供的酸是一个体数量，而不同盐的质量是变量，因此要从量上进行讨论。HCl物质的量为0.1L×1mol/L=0.1mol，MgCO3+2HCl==MgCl2+CO2↑+H2O84g2mola=4.2g0.1molNaHCO3+HCl==NaCl+CO2↑+H2O84g1molb=8.4g0.1mol当a=b＜4.2g时，MgCO3和NaHCO3均不足，放出的CO2均按盐的量运算，由于MgCO3和NaHCO3的摩尔质量相同，且每摩尔盐完全反应均放出1molCO2，因此现在放出CO2的量也相等，反应后两烧杯中的溶液质量仍相等，满足题目要求。当a=b＞4.2g时，由上述分析可知MgCO3过量，NaH-CO3不足，现在两边放出CO2的量不相等，因此反应后两烧杯中溶液质量不可能相等。当a=6.2g，b=8.4g时，MgCO3有余，放出CO2的量按HCl的量运算为2.2g，NaHCO3和HCl恰好反应完，放出CO24.4g，反应后加MgCO3的烧杯中质量增加为6.2g-2.2g=4g，加NaHCO3。的烧杯中质量增加为8.4g-4.4g=4g，也满足题目要求。用类似方法分析知当a＞b＞6.2g时，反应后两烧杯中的溶液质量也不相等。【例2】200℃时，11.6gCO2和H2O蒸气的混合气体与足量的Na2O2充分反应后，固体质量增加了3.6g，求原混合气体的平均相对分子质量为多少？【点拔】Na2O2与CO2、H2O反应，其化学方程式如下：2Na2O2+2CO2==2Na2CO3+O2↑2Na2O2+2H2O==4NaOH+O2↑在解题过程中，假如我们从不同角度对上述反应方程式进行分析，往往会给我们许多启发，从而使解题过程简化。(1)假设我们从反应前后气体体积变化的角度来分析，那么由上述反应方程式可知2CO2～O2，2H2O～O2，因此可推出一定物质的量的CO2和H2的混合气体，不管它们以任何比例混合，混合气体与Na2O2固体充分反应以后，产生的O2的物质的量是原混合气体总物质的量的一半。(2)假设从反应前后固体质量的变化进行分析，Na2O2与CO2反应，从1molNa2O2变为1molNa2CO3固体物质增重的质量为1molCO的质量。同样Na2O2与H2O反应，从1molNa2O2变为2molNaOH，固体物质增重的质量为1molH2的质量，假如反应前CO2和H2O混合气体的质量为ag，而反应前后固体物质质量增重为bg，那么(a-b)g应是产生的O2的总质量。在解此题时，假如我们按(2)并结合(1)的摸索方式，那么解题过程就大大简化。【规律总结】化学反应中，物质在量〔质量、物质的量、气体体积、压强等〕的方面常常发生一些变化，而这种变化的差值--差量，必定与反应物或生成物的量存在某种比例关系。利用这种比例关系进行运算的方法，叫差量法。【巩固】固体复盐化学式是mKCl·MgCl2·nH2O，取此样品3.33g，加热使其失去全部结晶水，质量变成2.03g，把剩余固体溶于水并加入过量氢氧化钠溶液，滤出的沉淀物经干燥后加强热，发觉质量减轻了0.216g，那么复盐中m、n值分不为多少？【题型二】平均值法【例1】0.03mol铜完全溶于硝酸，产生氮的氧化物〔NO、NO2、N2O4〕混合气体共0.05mol。该混合气体的平均相对分子质量可能是〔A〕30〔B〕46〔C〕50〔D〕66【点拔】：设生成的气体产物中NO、NO2、N2O4的物质的量分不为x、y、z按极限思维的观点，将三组分体系转化为二组分体系。①假设气体产物中只生成NO、NO2的混合物。那么由3Cu～2NOCu～2NO232123/2xxy/2y依题意：3/2x+y/2==0.03molx+y==0.05mol解得：x==0.005moly==0.045mol0.005mol×30g0.005mol×30g/mol+0.045mol×46g/mol0.05mol==44.4g/molM1==②假设气体产物中只生成NO2、N2O4的混合物那么由Cu～2NO2Cu～N2O4y/2yzz依题意：y/2+z==0.03moly+z===0.05mol解得：y==0.04molz==0.01mol0.004mol×0.004mol×46g/mol+0.01mol×92g/mol0.05mol==55.2g/molM2==∴M1＜M＜M2，即44.4＜M＜55.2。【例2】将金属元素钠在空气中燃烧，生成Na2O与Na2O2的混合物。取该燃烧产物7.48g溶于水制成1000mL溶液，取出10mL用0.1mol/L的盐酸中和，用去盐酸20mL，由此可知该产物中Na2O的质量分数约为[]A．16.6％B．20％C．80％D．78.4％【点拔】由盐酸和NaOH反应的化学方程式知：Na2O与Na2O2混合Na2O+H2O==2NaOH1mol2mol2Na2O2+2H2O==4NaOH+O2↑1mol2mol分子量为74.8，由十字交叉法：因此，nNa2O∶nNa2O2=3.2∶12.8=1∶4，即Na2O物质的量分数为20％，由Na2O和Na2O2的分子相对质量知Na2O的质量分数一定小于20％【规律总结】所谓平均值法是一种将数学平均原理应用于化学运算的解题方法。它所依据的数学原理是：两个数M1和M2〔M1＞M2〕的算术平均值M一定介于二者之间，即M1＞M＞M2。因此，只要求出平均值M，就可明白M1和M2的取值范畴，结合题给条件即可迅速求出答案【巩固】含有1.4g某碱金属及其氧化物的混合物，跟水完全反应后蒸干溶液得不含结晶水的固体1.79g，那么该混合物中碱金属的质量分数为[]A．25.7％B．35.2％C．44.5％D．64.5％【题型三】守恒法【例1】将12.4g碱石灰制成溶液，加入13.7gNa2CO3和NaHCO3，反应后得沉淀15g,经测定,反应后溶液中不含Ca2+、CO32+、HCO3－。求(1)CaO和NaOH各多少g？(2)Na2CO3和NaHCO3各多少g？【点拔】运用守恒法解题既可幸免书写繁琐的化学方程式，提高解题的速度，又可幸免在纷纭复杂的解题背景中查找关系式，提高解题的准确度。据题意CaO和Na2CO3、NaHCO3均全部转化为CaCO3沉淀，据Ca原子和C原子两种原子的守恒关系，便可列出关系式：nCaO=nCa(OH)2=nCaCO3=nNa2CO3+nNaHCO3可得关系式：CaO～CaCO3～(Na2CO3+NaHCO3)56g100g1molx15gy解得x=8.4gy=0.15mol因此mNaOH=12.4g-8.4g=4g设Na2CO3物质的量为a，那么NaHCO3物质的量为0.15mol-a106g/mola+84g/mol×(0.15mol-a)＝13.7g解得a=0.05mol因此mNa2CO3=0.05mol×106g/mol=5.3gmNaHCO3=13.7g-5.3g＝8.4g。【例2】为了测定某铜银合金的组成，将30.0g合金溶于80mL13.5mol/L的浓HNO3中，待合金完全溶解后，收集到气体6.72L(标准状况)，并测得溶液的pH=0，假设反应后溶液的体积仍为80mL，试运算：(1)被还原的硝酸的物质的量。(2)合金中银的质量分数。【点拔】(1)HNO3与金属反应时还原得到的产物是NO或NO2，由于题设收集到的气体在标准状况下的体积是6.72L，不管其中NO和NO2的相对含量各是多少，其物质的量之和应该跟被还原HNO3的物质的量相等，即(2)由反应后溶液的pH值可知溶液中余下HNO3的浓度和溶质HNO3的物质的量，由题目条件可求得HNO3总物质的量和参加反应的HNO3物质的量，将参加反应的HNO3的量减去第(1)小题所求得的被还原HNO3的物质的量，确实是反应中跟生成的Ag+和Cu2+形成硝酸盐的NO3－的物质的量。然后列式求解。【规律总结】化学反应的实质是原子间的重新组合，故在反应前后总质量不变，某元素或原子间的质量或物质的量不变，某元素的原子间的的质量或物质的量不变，这是守恒法解题的依据。化学反应中存在许多守恒关系〔如质量守恒、电子守恒、电荷守恒、原子个数守恒、离子守恒、物质的量守恒等〕。抓住这些守关系，将其运用于化学运算，即为守恒法。守恒法的优点是基于反应前后呈守恒关系的量，不去探究中间变化过程的分析，因此这是一种整体思维方式，具有快速简捷解答运算题的特点。守恒法是化学运算最差不多的方法，建立各种运算关系的本质依据是守恒规律，其它方法和技巧差不多上守恒法衍生出来的。①质量守恒法质量守恒法是依照化学反应前后反应物的总质量与生成物的总质量相等的原理，进行运算或推断的一种方法。应用范畴较广泛。②电子守恒法电子守恒法是依照氧化还原反应中电子得失数目相等的原那么，进行推导和运算。③电荷守恒法电荷守恒法是利用反应前后离子所带电荷总量不变的原理。进行推导或运算的方法。【巩固】22.由人尿分离出来的结晶化合物A的熔点为187～188℃。对A ①测得A的蒸气密度为8.0g/L(已折合成标准状况)，取17.92gA完全燃烧，生成的气体通过浓硫酸，浓硫酸增重8.10g。剩余气体通过碱石灰，气体质量减轻39.6g;另取17.92gA完全分解，可得标准状况下氮气1.12 ②又知A和足量6mol/L盐酸混合加热能够完全水解，1molA水解生成1molB和1molC，A、B、C三物质均含有一个羧基，B物质仍由碳、氢、氧元素组成，其物质的量之比为7：6：2;C俗称甘氨酸，试写出化合物A、B、C的结构式。 【题型四】数形讨论法【例1】有NH4HCO3、NH4Cl、Na2CO3·xH2O混合物11.62g，加入44mL5mol/L过量NaOH溶液共热，放出气体通过碱石灰后测得为3.36L(标准状况)，向上述溶液中加入30mL2.5mol/LH2SO4，并加热使气体全部排出，测得体积为1.344L(标准状况)，最后把所得溶液稀释到100mL，测得pH=1，求原混合物中各物质的量和x的数值。【点拔】此题涉及的化学反应较多，我们可用图示表示如下：假设按常规方法来解，那么比较繁琐，但如假设我们抓住反应前后N元素、C元素以及溶液中离子电荷的守恒关系，由守恒关系列方程，解题那么往往较简捷。【解题过程】设混合物中NH4HCO3、NH4Cl、Na2CO3·xH2O的物质的量各为a、b、c。那么由总质量可得79g/mol·a+53.5g/mol·b+(106g/mol+18g/mol·x)c＝11.62g①因最终得到的是Na2SO4、H2SO4、NaCl的混合液，故由溶液中离子电荷守恒得：2c+5mol/L×0.044L+0.1mol/L×0.1L=2×2.5mol/L×0.03L+b④解联立方程式①②③④得：【例2】在100mLNaOH溶液中加入NH4NO3和(NH4)2SO4的固体混合物，加热充分反应，如图表示加入的混合物质量与产生的气体体积(标准状况)的关系。试运算(1)NaOH溶液的物质的量浓度。(2)当NaOH溶液的体积为140mL，固体混合物的质量是51.6g时，充分反应后，生成气体的体积在标准状况下为多少L。(3)当NaOH溶液的体积为180mL，固体混合物的质量仍为51.6g时，充分反应后，生成气体的体积在标准状况下为多少L？【点拔】(1)由图中折线所对应的纵、横坐标得知，关于100mLNaOH溶液而言，随着铵盐的加入量增加，放出的NH3的体积也增大；但当铵盐的加入量超过34.4g以后，NH3的体积不再变化，讲明100mLNaOH溶液跟34.4g铵盐恰好完全反应。(2)为运算140mLNaOH溶液跟51.6g固体铵盐混合物反应后生成的NH3的体积，第一应判定这两种作用物中何者为过量试剂，具体运算时可依照第(1)小题中的量按比例运算。(3)题运算方法与第(2)题相仿。【解题过程】(1)从图上看出34.4g混合物和100mLNaOH溶液恰好完全反应生成11.2LNH3，消耗的NaOH的物质的量为(2)由于34.4g固体恰好跟100mLNaOH溶液完全反应，那么跟51.6g固体反应时需要的NaOH溶液体积为因此，140mLNaOH溶液是不足量的，运算NH3的体积应以它为准。生成的NH3的体积为(3)由第(2)小题得知，51.6g铵盐固体混合物完全反应时需要150mLNaOH溶液，题设NaOH溶液体积为180mL，因此铵盐混合物是不足量的。生成NH3的体积为【规律总结】数形讨论法确实是将题目中各种信息转变为数学条件，边运算边讨论足量、适量、过量、只是量等各种边界条件，得用不等式、不定方程、几何定理、数轴、图像等数学工具，灵活机智地将化学咨询题抽象成为数学咨询题，或者是将隐含的信息变为数学的边界条件，进行讨论以解决化学咨询题。【巩固】1.一定量的NH3和Cl2可进行以下反应：2NH3+3Cl2==N2+6HCl，图为反应后气体总体积(VL)随原混合气体中Cl2的体积百分含量(x％)而变化的坐标图(D点对应横坐标为100%)。试求：(1)当反应终止如处于A、B两点时，原混合气体中Cl2的体积百分含量：A____B______(2)当反应终止如处于A、B两点时，混合气体的总体积：A____B____(3)假设反应终止时气体总体积为11L，那么原混合气体中Cl2的体积百分含量为多少？2.在密闭容器中