2020年11月山东省邹城市龙山高考培训学校高二上学期期中考试物理模拟题参考答案

2020年11月山东省邹城市龙山高考培训学校高二上学期期中考试物理模拟题参考答案1.解析：选D导线原来的电阻为R＝ρeq\f(l,S)，拉长后长度变为2l，横截面积变为eq\f(S,2)，所以R′＝ρeq\f(l′,S′)＝ρeq\f(2l,\f(S,2))＝4R。导线原来两端的电压为U＝IR，拉长后两端的电压为U′＝IR′＝4IR＝4U，D正确。2.C解析由于电饭煲是纯电阻元件，所以R1＝eq\f(U,I1)＝44Ω，P1＝UI1＝1100W，其在1min内消耗的电能W1＝UI1t＝6.6×104J，洗衣机为非纯电阻元件，所以R2≠eq\f(U,I2)＝440Ω，P2＝UI2＝110W，其在1min内消耗的电能W2＝UI2t＝6.6×103J，其热功率P热≠P2，所以电饭煲发热功率不是洗衣机电动机发热功率的10倍。3.C【解析】A：若a灯灯丝烧断，电路总电阻增大，总电流减小，b灯两端电压减小，b灯变暗，不符合题意。故A项错误。B：若电阻R2短路，b灯被短路，b灯不亮，不符合题意。故B项错误。C：若电阻R2断路，总电阻增大，总电流减小，b两端电压增大，b灯变亮；电源两端电压增大，电压表读数增加，符合题意。故C项正确。D：电容器被击穿短路，总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，电压表读数减小，不符合题意。故D项错误。4.B解析：[将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅱ时，磁通量大小发生变化，选项A错误；虚线位置Ⅲ在两导线之间且距离两直导线的距离相等，磁通量为零，将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅲ时，磁通量变化大小为Φ，选项B正确；题图示虚线位置Ⅳ的磁场方向垂直纸面向里，而实线位置Ⅰ的磁场方向垂直纸面向外，两个位置磁通量大小相等，所以将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅳ时，磁通量变化大小为2Φ，选项C错误；将线圈由实线位置Ⅰ移到题图示虚线位置Ⅴ时，磁通量大小发生变化，选项D错误．]5.B每个光子的能量为E0＝heq\f(c,λ)，能引起人的眼睛视觉效应的最小能量E为10－18J，由E＝nE0得能引起人眼的感觉，进入人眼的光子数至少为n＝eq\f(E,E0)＝eq\f(Eλ,hc)＝eq\f(10－18×6×10－7,6.63×10－34×3×108)个≈3个．故选B.6.B解析720km/h＝200m/s；根据动量定理Ft＝mv可得平均撞击力F＝eq\f(mv,t)＝eq\f(2×200,0.1)N＝4×103N，选项B正确。7.AD8.BCL1两端的电压为U＝3V，由题图乙得此时的电流为I＝0.25A，灯泡电阻R1＝eq\f(U,I)＝12Ω，A错误；L1消耗的功率P＝UI＝3×0.25W＝0.75W，B正确；若L2的电阻为5Ω，则根据串联电路中电压与电阻成正比，可知此时L2两端的电压为1V，由题图乙可求得此时L2中的电流为0.2A，则L2的阻值为R2＝eq\f(U′,I′)＝eq\f(1,0.2)Ω＝5Ω，与假设一致，C正确；此时L2消耗的电功率P′＝U′I′＝1×0.2W＝0.2W，D错误。9.BD解析A中导体棒顺着磁感线运动，穿过闭合电路的磁通量没有发生变化无感应电流，故A错；B中条形磁铁插入线圈时线圈中的磁通量增加，拔出时线圈中的磁通量减少，都有感应电流，故B正确；C中开关S一直接通，回路中为恒定电流，螺线管A产生的磁场稳定，螺线管B中的磁通量无变化，线圈中不产生感应电流，故C错；D中开关S接通，滑动变阻器的阻值变化使闭合回路中的电流变化，螺线管A的磁场变化，螺线管B中磁通量变化，线圈中产生感应电流，故D正确．10.ACD11.(1)0.397(0.395～0.399均可)(2)甲(3)如图甲(4)如图乙4.5(4.3～4.7均可)(5)C(6)CD解析(1)螺旋测微器的读数为：0mm＋39.7×0.01mm＝0.397mm(0.395～0.399mm之间均正确).(2)实验测量数据中电压表示数从0.10V开始，非常小，应考虑使用滑动变阻器分压式接法，故采用的是图甲的电路设计方案.(3)连图时注意滑动变阻器的分压式接法，注意电流表和电压表的正负极.(4)将第2、4、6次测量数据的坐标点标出来后，画出一条直线，舍去第6次实验数据点，让直线过坐标原点，计算出图线斜率为4.5(4.3～4.7之间均正确)，即为金属丝的阻值.(5)根据电阻定律Rx＝ρeq\f(l,S)＝ρeq\f(4l,πD2)，代入数据计算得到电阻率ρ≈1×10－6Ω·m，C对.(6)由于读数引起的误差属于偶然误差，A错；电流表和电压表的内阻引起的误差属于系统误差，B错；由于该实验原理未考虑电表内阻造成的误差，因此将电流表和电压表的内阻计算在内，可以消除由于测量仪表引起的系统误差，C对；通过U－I图象处理数据时已经直观地舍去了第6次实验数据，且多次测量后画直线的目的就是取平均值，因此用U－I图象处理数据更好地减小了偶然误差，D对.12(1)不对，电动机是非纯电阻，不能应用欧姆定律，正确方法：由电路中的电压关系可得电阻R的分压UR＝U－UV＝(160－110)V＝50V，流过电阻R的电流IR＝eq\f(UR,R)＝eq\f(50,10)A＝5A，即通过电动机的电流，IM＝IR＝5A。(2)电动机的分压UM＝UV＝110V，输入电动机的功率P电＝IMUM＝550W。(3)电动机的发热功率P热＝Ieq\o\al(2,M)r＝20W，电动机输出的机械功率P出＝P电－P热＝530W，又因P出＝mgv，所以m＝eq\f(P出,gv)＝53kg，如果考虑摩擦影响，P出应变小，则提升重物的质量应变小。13.(1)接通开关S，断开开关S′时，电阻R1与R2串联，由串联电路的规律知，U1∶U2＝R1∶R2＝2∶3。(2)两个开关都接通时，R2与R3并联，且R23＝eq\f(R2R3,R2＋R3)＝eq\f(12,7)Ω，R1与R23串联，由串联电路的规律知，U1′∶U2′＝R1∶R23＝7∶6。14．（1）1m/s，方向水平向右；（2）1.5kgm/s；（3）0.5设水平向右为速度正方向（1）从开始到相对静止水平方向动量守恒解得v=1m/s方向水平向右。（2）长木板的动量变化=1.5kgm/s