数列中的数学文化-2024年新高考数学题型归纳与方法总结 解析版

数列与数学文化

一、知识点梳理

新课程标准进一步明确了数学文化在教学中的地位，数学文化作为素养考查的四大内涵之一，以数学文化为

背景的试题将是新高考的考察内容，数列与数学文化有着紧密的联系，本专辑总结了数学文化在数列中出现

的真题和模拟题。

二、题型精讲精练

厕工（单选题）（2022•全国.统考高考真题）图1是中国古代建筑中的举架结构，DD是桁，相邻

桁的水平距离称为步，垂直距离称为举，图2是某古代建筑屋顶截面的示意图.其中

是举，Oa，DG,C5,3A是相等的步,相邻桁的举步之比分别为第=0.5,告=瓯第=自,舞

C/Oj"Ai

=融.已知瓦能网成公差为01的等差数列，且直线04的斜率为0.725,则网=（）

图1

A.0.75B.0.8

【答案】。

【分析】设0。尸。。尸。3尸34=1,则可得关于网的方程，求出其解后可得正确的选项・

【详解】设ODkDC}=CBX=BA}=1,则CC产kuBB}=k2>AA}=fc3,

皿+CG+g+AA_

依题意，有fc—0.2=fcfc—0.1=总,且0.725,

3b3OR+DG+CBi+84―

所以+牛-0.3=0725,故自=0.9,故选：。

4

谢2（单选题）（2022.全国.统考高考真题）嫦娥二号卫星在完成探月任务后，继续进行深空探测,成为我国第

一颗环绕太阳飞行的人造行星，为研究嫦娥二号绕日周期与地球绕日周期的比值，用到数列｛b,｝：瓦=1

+—,b,—1H---^—―,b3—1H----4—，…，依此类推，其中a代N"（/c=1,2,…）.贝I］（）

0'七+2s+dr

A.6i<b5B.b3Vb8C.bG<b2D.bA<b7

【答案】。

【分析】根据四eN*（A:=L2,…），再利用数列也“｝与ak的关系判断｛fej中各项的大小，即可求解.

【详解】［方法一］:常规解法

因为4户1<*（6=1,2,…）,

所以<Z|H■•-L,>———，得到仇>62,

。2©的+4

1*2

同理czi+—>-----^――,可得b2<b:i,&i>b;i

的g+工

的

又因为—>----—,电-|-----^—―<a［-\----^―：—,

右。2-1~71-的+不-7T

故b2Vb4,b3>b4;

以此类推，可得b：i>fe5>b>…,b7>6，故4错误;

仇,b7Ab8,故8错误；

—>----'—,得b.<瓦，故。错误；

。）~_L1

a｝H-------—>ffiH-----------------j—，得b4Vb7,故D正确.

电+―7F电+----yr

的+苞为+匕

［方法二］:特值法

不妨设an-1,则瓦=2也=弓，b3-［"也=2,“5=圣也=77，b7-等b产整，b.t<b7故D正确.

2o0010Z1J4

【题型训练-刷模拟】

一、单频

题目曰（2023•辽宁鞍山•统考模拟预测）“埃拉托塞尼筛法”是保证能够挑选全部素数的一种古老的方法.

这种方法是依次写出2和2以上的自然数，留下第一个数2不动，剔除掉所有2的倍数;接着，在剩余的数

中2后面的一个数3不动,剔除掉所有3的倍数;接下来,再在剩余的数中对3后面的一个数5作同样处

理；……，依次进行同样的剔除.剔除到最后,剩下的便全是素数.在利用“埃拉托塞尼筛法”挑选2到20

的全部素数过程中剔除的所有数的和为（）

A.130B.132C.134D.141

【答案】3

【分析】利用等差数列求和公式及素数的定义即可求解.

【详解】由题可知，2到20的全部整数和为S尸’9X（：+20）=209,

2到20的全部素数和为$2=2+3+5+7+11+13+17+19=77,

所以挑选2到20的全部素数过程中剔除的所有数的和为209—77=132.

故选：B.

题目乜〕（2023・广东深圳•校考二模）宋代制酒业很发达,为了存储方便，酒缸是要一层一层堆起来的,形成堆

垛，用简便的方法算出堆垛中酒缸的总数，古代称之为堆垛术.有这么一道关于“堆垛”求和的问题:将半

径相等的圆球堆成一个三角垛,底层是每边为几个圆球的三角形,向上逐层每边减少一个圆球，顶层为一

个圆球，记自上而下第九层的圆球总数为册,容易发现：Qi=1,02=3,。3=6,则aw—ar=（）

•2・

C.35D.30

【答案】B

【分析】根据题意，归纳推理，第71层的圆球总数个数表达式，再将71=10,5,代入求解即可.

【详解】当n=l时，第1层的圆球总数为5=1,

当71=2时，第2层的圆球总数为＜12=1+2=3,

当n=3时，第3层的圆球总数为口3=1+2+3=6,

所以第ri层的圆球总数为a„=1+2+…+n=1J,

当门=5时，a产号”=15,当一1。时，即尸山等^=55,

故。1（）。5=40•

故选：B.

题目01（2023・湖南郴州.校联考模拟预测）2022年卡塔尔世界杯是第二十二届世界杯足球赛,是历史上首次

在卡塔尔和中东国家境内举行,也是继2002年韩日世界杯之后时隔二十年第二次在亚洲举行的世界杯足

球赛.某网站全程转播了该次世界杯，为纪念本次世界杯，该网站举办了一针对本网站会员的奖品派发活

动，派发规则如下:①对于会员编号能被2整除余1且被7整除余1的可以获得精品足球一个;②对于不符

合①中条件的可以获得普通足球一个.已知该网站的会员共有1456人（编号为1号到1456号，中间没有

空缺），则获得精品足球的人数为（）

A.102B.103C.104D.105

【答案】C

【分析】将能被2整除余1且被7整除余1的正整数按从小到大排列所得的数列记为{a“},求出其通项，结

合条件列不等式求出结果.

【详解】将能被2整除余1且被7整除余1的正整数按从小到大排列所得的数列记为{%},

由已知册一1是2的倍数，也是7的倍数，

故a„—1为14的倍数，

所以an—l首项为0,公差为14的等差数列，

所以an—14n—13,

令1W1456，可得1414n-13&1456，又n€N*

解得14H&104,且nCN*,

故获得精品足球的人数为104.

故选：C.

题目（2023・全国•模拟预测）离子是指原子由于自身或外界的作用而失去或得到一个或几个电子后达到

的稳定结构，得到电子为阴离子，失去电子为阳离子，在外界作用下阴离子与阳离子之间可以相互转化.

科学家们在试验过程中发现，在特定外界作用下，1个阴离子可以转化为1个阳离子和1个阴离子，1个阳

•3•

离子可以转化为1个阴离子，如果再次施加同样的外界作用，又能产生同样的转化.若一开始有1个阴离

子和1个阳离子，则在9次该作用下，阴离子的个数为（）

A.87B.89C.91D.93

【答案】3

【分析】作用后的阳离子个数是作用前阴离子个数，作用后的阴离子个数是作用前阴阳离子个数之和，然

后逐次推断即可.

【详解】由题目知，作用后的阳离子个数是作用前阴离子个数，作用后的阴离子个数是作用前阴阳离子个

数之和。

现在有1个阴离子和1个阳离子，经过逐次作用后：

作用次数阳离子个数阴离子个数

011

112

223

335

458

5813

61321

72134

83455

95589

则在9次该作用下，阴离子的个数为89.

故选：B.

题目%（2023•四川•校联考模拟预测）“勾股树”，也被称为毕达哥拉斯树，是根据勾股定理所画出来的一个

可以无限重复的树形图形.如图所示，以正方形ABCD的一边为直角三角形的斜边向外作一个等腰直角

三角形，再以等腰直角三角形的两直角边为正方形的边长向外作两个正方形，如此继续，若共得到127个

正方形，且4B=16,则这127个正方形中，最小的正方形边长为（）

A.1B.V2C.2D.2V2

【答案】。

【分析】由题意可得不同边长的正方形的个数，构成以1为首项，2为公比的等比数列，从而可得小正方形

的种类数，再由正方形的边长构成以16为首项，乌为公比的等比数列，即可得到结果.

•4•

【详解】依题意，不同边长的正方形的个数，构成以1为首项，2为公比的等比数列，所以1+2+2?+…

+2rtT=127,即=127,解得九=7,即有7种边长不同的正方形；又正方形的边长构成以16为首项，

孚为公比的等比数列.

因此，最小的正方形边长&7=16x:2.

故选:。

题目音；（2023•河北•统考模拟预测）数学家杨辉在其专著《详解九章算术法》和《算法通变本末》中,提出了

一些新的高阶等差数列.其中二阶等差数列是一个常见的高阶等差数列、如数列2,4,7,11,16,从第二

项起，每一项与前一项的差组成新数列2,3,4,5，新数列2,3,4,5为等差数列，则称数列2,4,7,11,16

为二阶等差数列，现有二阶等差数列｛册｝,其前七项分别为2,2,3,5,8,12,17.则该数列的第20项为

（）

A.173B.171C.155D.151

【答案】A

【分析】根据题意得到｛%｝的通项公式即可得到答案.

【详解】根据题意得新数列为0,123,4…，则二阶等差数列｛册｝的通项公式为a,尸包二巴也+2,

雨19X18,0m

则的（）=——2---F2=173

故选：A.

题目?1（2023・湖北襄阳・襄阳四中校考三模）为响应国家号召，某地出台了相关的优惠政策鼓励“个体经

济”.个体户小王2022年6月初向银行借了1年期的免息贷款8000元，用于进货，因质优价廉，供不应求.

据测算:他每月月底获得的利润是该月初投入资金的20%,并且每月月底需扣除生活费800元，余款作为

资金全部用于下月再进货,如此继续,预计到2023年5月底他的年所得收入（扣除当月生活费且还完贷

款）为（）元（参考数据：1.2%7.5,1.2%9）

A.35200B.43200C.30000D.32000

【答案】。

【分析】根据题意，由条件可得数列｛®+L4000｝是首项为4800,公比为1.2的等比数列，再由等比数列的

通项公式即可得到结果.

【详解】设2022年6月底小王手中有现款为a｝=（1+20%）x8000-800=8800元，

设2022年6月底为第一个月，以此类推，设第九个月底小王手中有现款为a„,第n+1个月月底小王手中

有现款为a„+1,

则a”+产1•2a,-800，即a„+I-4000=1.2（%—4000）,

所以数列｛册+1—4000｝是首项为4800,公比为1.2的等比数列，

1]

/.52-4000=4800x1.2",即a12=4000+4800x1.2=40000,

年所得收入为40000-8000=32000元.

故选：D.

题目T]（2023•河南・洛宁县第一高级中学校联考模拟预测）欧拉是18世纪最优秀的数学家之一,几乎每个

数学领域都可以看到欧拉的名字，例如初等几何中的欧拉线、多面体中的欧拉定理、微分方程中的欧拉方

程，以及数论中的欧拉函数等等.个数叫互质数）的正整数（包括1）的个数，记作@5）.例如:小于或等

于4的正整数中与4互质的正整数有1,3这两个，即。（4）=2.记&为数列m（6"）｝的前n项和,则Si2=

■5•

（）

A.4（312+212）B.1-（612-1）C.^-（312+1）D.-y（312-l）

【答案】B

【分析】根据题意，得到『（6"）=2x6"T,结合等比数列的求和公式，即可求解.

【详解】由题意，若正整数TH&6",且与6"不互质，则这个数为偶数或3的倍数，共有春x6”个，所以p（6"）

=:X6"=2X6"T,

M

即数列｛w（6"）｝是首项为2,公比为6的等比数列，所以SM=二）='（胪-1）.

o-10

故选：B.

题目§）（2023•浙江温州•乐清市知临中学校考二模）“杨辉三角”是中国古代重要的数学成就，如图是由“杨

辉三角”拓展而成的三角形数阵，记册为图中虚线上的数1,3,6,10,…构成的数列｛%｝的第ri项，则aso的

值为（）

A.1275B.1276C.1270D.1280

【答案】/

【分析】根据题意分析可得即一%T=n,n>2,利用累加法运算求解.

【详解】由题意可得：Q产四=2,的一。2=3,4—。3=4,…,即即一“_]=n,n>2,

所以&0=%+（。2—。1）+…+（。49-g8）+（Qso—。伏））=1+2+…+49+50=---=1275.

故选：4

题目工1（2023•河南郑州•统考模拟预测）北宋大科学家沈括在《梦溪笔谈》中首创的“隙积术”，就是关于高

阶等差数列求和的问题.现有一货物堆，从上向下查，第一层有1个货物，第二层比第一层多2个,第三层

比第二层多3个，以此类推，记第九层货物的个数为即,则数列（包名

的前2023项和为（）

I嫌

卜2口-（忐月B,2"（矗）]C.4"（嬴月D.4[1-（忐月

【答案】。

（分析】由累加法可得4,利用裂项相消求和法求出snf即可得解.

【详解】由题意知电一。1=2,的一。2=3,…,厮一%_尸九，n>2,nEN*且的=1,

则由累加法可知，%—。尸2+3+…+九,

所m以一*1-+2c+।“—+.九-（九^一1-）=n（"n+^l）"2'n+kl=；4^（2九7+1）=J心11

（九+I）?_

S=41l———----—H---F—-----------1=411---------1

nI22222〃n2（n+l）2J⑺+1/卜

16,

.,.S2023=4[1-(^J)].

故选：D.

题目（2023•湖南长沙•长沙一中校考模拟预测）等比数列的历史由来已久，我国古代数学文献《孙子算

经》、《九章算术》、《算法统宗》中都有相关问题的记载.现在我们不仅可以通过代数计算来研究等比数

歹U,还可以构造出等比数列的图象,从图形的角度更为直观的认识它.以前n项和为S“，且％>0,0Vq

<1的等比数列｛册｝为例，先画出直线OQ：y=qx,并确定重轴上一点4］（5,0）,过点4作y轴的平行

线,交直线OQ于点打,则AR=axq.再过点P、作平行于x轴，长度等于aq的线段R%,……，不断重复

上述步骤,可以得到点列｛£｝,｛%｝和｛4“｝.下列说法错误的是（）

2

A.\A2A3\=aiqB.括蕾

C.点A,的坐标为(S,“0)D.\PnAn\=Sn-at

【答案】。

【分析】根据题设描述，确定题图中相关线段的数量关系，结合直线斜率定义、等比数列前71项和判断各项

的正误即可.

【详解】选项A,由题设及图象知：|44|=|£朋3|=|只％|故正确;

选项3,因为修驾表示直线OQ:y=q工斜率，即为q,故正确:

I

选项。，点4的横坐标为QAI+1441+…+I4-A,I=为+aq+处/+…+aq"T=s”,故正确;

选项。，由区4|=EMJ+\MnA,\,

而QAJ+眼峪|=S“+i,Q4|=S”,则\PnM,\=Sn+l-Sn,

又△44M为等腰直角三角形，即\AnM„\=/41=Sn-at,

综上，=S”+1—佝，故错误.

故选:D

题目叵1（2023・湖北黄冈•淹水县第一中学校考三模）刻漏是中国古代用来计时的仪器，利用附有刻度的浮

箭随着受水壶的水面上升来指示时间.为了使受水壶得到均匀水流,古代的科学家们发明了一种三级漏

壶，壶形都为正四棱台，自上而下,三个漏壶的上口宽依次递减1寸（约3.3厘米），下底宽和深度也依次递

减1寸.设三个漏壶的侧面与底面所成锐二面角依次为仇，名,%,则（）

•7•

A.仇+。3=2%B.sin6i+sin93=2sin%

C.cos仇+cos%=2cosaD.tana+tan%=2tan(92

【答案】D

【分析】连结OF,过边4Bi的中点E作EG±OF,垂足为G,则NGPE就是漏壶的侧面与底面所成锐二

面角的一个平面角，记为6,设漏壶上口宽为a,下底宽为b,高为h,在RtAEFG中，根据等差数列即可求

解.

【详解】三级漏壶，壶形都为正四棱台，自上而下，三个漏壶的上口宽依次递减1寸(约3.3厘米)，下底宽和

深度也依次递减1寸，

如图，在正四棱台ABCD-48G。中，O为正方形ABCD的中心，P是边的中点，

连结O尸，过边的中点E作EGLOF,垂足为G,

则/GEE就是漏壶的侧面与底面所成锐二面角的一个平面南，记为0,

设漏壶上口宽为a,下底宽为b,高为九,在用△EFG中，GF="2tan(9=^V，

因为自上而下三个漏壶的上口宽成等差数列，下底宽也成等差数列，所以a-b为定值，

又因为三个漏壶的高八成等差数列，所以2tan%=tan仇+tan/.

故选：O.

题目其J(2023・安徽亳州•安徽省亳州市第一中学校考模拟预测)元代数学家朱世杰所创立的“招差术”是

我国古代数学领域的一项重要成就，曾被科学家牛顿加以利用，在世界上产生了深远的影响.已知利用

“招差术”得到以下公式：+＞依+1)=+1)(九+2),具体原理如下：k(k+1)=

fc=i3

1、

3x4—1x2x3)H---Fn(n+1)(n+2)—(九一l)n(n+1)]=—n(n+1)(n+2)，类比上述方法，

3k=i

+l)(k+2)的值是()

A.90B.210C.420D.756

18,

【答案】。

【分析】由类比把通项n(n+1)(九+2)化为

n(n+1)(n+2)=%i(n+l)(n+2)[(n+3)—(n—1)]=

-^-[n(n+1)(TI+2)(n+3)—(n—l)n(n+l)(n+2)],相加即可求和.

4

【详解】n(n+1)(n+2)=~n(n+l)(n+2)[(n+3)—(n—1)]=

+1)(?i+2)(n+3)—(72—1)72(72+1)(7i+2)]):k(卜+l)(/c+2)=｝[(lx2x3x4—0x1X2x

3)+(2x3x4x5-lx2x3x4)+---+(5x6x7x8-4x5x6x7)]=-^x5x6x7x8=420.

故选：。

题目间(2023•河南郑州•统考模拟预测)北宋大科学家沈括在《梦溪笔谈》中首创的“隙积术”，就是关于高

阶等差数列求和的问题.现有一货物堆，从上向下查，第一层有1个货物，第二层比第一层多2个,第三层

比第二层多3个，以此类推，记第m层货物的个数为%，则使得%>2n+2成立的"的最小值是()

A.3B.4C.5D.6

【答案】C

[分析】由题设及累加可得an—ai=2+3H----Fn，应用等差数列前九项和公式及已知不等关系求"范围，

即可得结果.

。2=2

【详解】由题意，的一电=3且的=1,

''?

=

%—an-in

累加可得an—%=2+3+…+??,,所以册=1+2+…+九=—-―-一,

....1),>2"+2，得论>4,即71min=5.

故选：C.

题目(2023•黑龙江大庆•统考二模)我国古代数学家对兀近似值的确定做出了巨大贡献,早在东汉初年

的数学古籍《周髀算经》里便记载“径一周三”，并称之为“古率”，即“直径为1的圆,周长为3”,之后三国时

期数学家刘徽证明了圆内接正六边形的周长是圆直径的三倍，说明“径一周三”实际上是圆的内接正六边

形的周长与圆直径的比值，而不是圆周率.若将圆内接正71边形的周长与其外接圆的直径之比记为厮

⑺)3),则下列说法错误的是()

A.aA=2A/2B.an<0n+1

C.存在teN*,当n>£时，a„>2V3D.存在N",使得即_尸a2n+3

【答案】C

【分析】根据题意，设外接圆的半径为H,求出｛%｝的通项公式，代入即可判断工。，利用导数求解单调性即

可判断BC

【详解】解：根据题意，正九边形内接于圆，设圆的半径为R,则正门边形的周长d=2n/?sin—,则%=旦

n2R

.兀

=nsm-,

n

对于A,当71=4时，。4=4Xsin子=2A/2,A正确;

4

•9・

对于&设/(x)=xsin—(a;>3)，其导数/Q)=sin———cos—=cos—(tan———),

XXXXXXX

接下来证明sinx<x<tanx(0<x<,

令m{x}=sin力—rr,n(x)=x—tana;,(0<x<-y],

则m{x)—COST—1<0,n(T)=1----=―"卫-<0,

cosxcosx

故m(rc),n(x)均为0VrrV手上的单调递减函数，所以m(x)<m(0),n(x)<n(0),

故sinx<x<tanx(0<x<-y),

则有当力)3时，有tan2>匹，故/(c)>0,函数/(力)在[3,+8)上为增函数，

XX

故数列{%}为递增数列，则有an<an+1,3正确；

对于C,当0V力〈与时，sinzVi,对于/(力)=xsin—(x>3)，必有/(z)<a;X—=兀V2/，对于数列

{%}，必有%V2/，。错误；

对于。，当九二4时，QMT=QU=Hsin■，%+3=S产Hsin/，。正确：

故选：C.

二、填空题

题目工屋；（2023•湖南长沙•长沙市明德中学校考三模）中国古代数学著作《增减算法统宗》中有这样一段记

载「三百七十八里关,初行健步不为难，次日脚痛减一半,如此六日过其关.”则此人在第六天行走的路程

是里（用数字作答）.

【答案】6

【分析】根据题意分析，看成首项外，公比q=］的等比数列｛%｝,已知S6=378,继而求出5,即可得出答

案.

【详解】将这个人行走的路程依次排成一列得等比数列｛%｝,

九£尸\九W6,其公比q=£,令数列｛a“｝的前几项和为Sn,

则尻=378,而S产"1一丁）=需，

12

因此41=378,解彳寻Q尸192,

所以此人在第六天行走的路程曲=5*今=6（里）.

故答案为：6

题目互1（2023•甘肃金昌・永昌县第一高级中学统考模拟预测）我国古代数学著作《九章算术》有如下问题，

“今有金筑，长五尺.斩本一尺，重四斤.斩末一尺,重二斤.问次一尺各重几何?”意思是“现有一根金

杖，长五尺,一头粗，一头细.在粗的一端截下1尺，重4斤;在细的一端截下1尺，重2斤；问依次每一尺各

重多少斤?”根据上题的已知条件，若金杖由粗到细是均匀变化的，估计此金杖总重量约为斤.

【答案】15

【分析】根据题意，每节重量构成等差数列，由等差数列求和公式得解.

【详解】由题意知每节的重量构成等差数列，

■10•

设首项为2,则第5项为4,

所以总重量为DX5=15斤.

故答案为：15

题目回（2023•云南・云南师大附中校考模拟预测）幻方又称为魔方，方阵或厅平方,最早记载于中国公元

前500年的春秋时期《大戴礼》中，宋代数学家杨辉称之为纵横图.如图所示，将1,2,3,…，9填入3X3的

方格内，使三行三列两对角线的三个数之和都等于15,便得到一个3阶幻方;一般地，将连续的正整数

1,2,3,…，》填入nxrt的方格内，使得每行每列每条对角线上的数字的和相等，这个正方形就叫做71

阶幻方.记n阶幻方的一条对角线上的数字之和为S”（如：S3=15），则Si0=.

而一

：；3>7

HRH

【答案】505

【分析】利用等差数列求和公式得出n阶幻方的所有数之和，再计算每行数之和即可得出对角线上数字之

和.

【详解】九阶幻方共有然个数，其和为1+2+…+川=♦（，+1）,

・二九阶幻方共有n行，

n2（n"+l）„

・•.每行的和为S,尸1=小/，..・S卡*+1）=505

故答案为：505

题目工手：（2023・广西南宁•南宁三中校考一模）唐代酒宴上的助兴游戏“击鼓传花”，也称传彩球.游戏规则

君:鼓响时,众人开始依次传花,至鼓停为止,此时花在谁手中，谁就上台表演节目.甲、乙、丙三人玩击鼓

传花,鼓响时，第1次由甲将花传出，每次传花时，传花者都等可能地将花传给另外两人中的任何一人，经

过6次传递后,花又在甲手中的概率为.

【答案喷

【分析】设第n次传球后球在甲手中的概率为根据题意找出月的递推关系，写出R的通项公式，然后

求区即可.

【详解】设第n次传球后球在甲手中的概率为R,neN".则R+产0+（1—R）x,得2+1=―

+£,E+LW（2一'1）.

一次传球后，花不在甲手上，故.=（）,所以数列归一导是以一：为首项，公比为一寺的等比数列，所以

"33'2'.

n3v2>3°3、21332

故答案为：需

题目为（2023•全国•模拟预测）斐波那契数列由意大利数学家斐波那契以兔子繁殖为例引入，故又称为

“兔子数列”，即1,1,2,3,5,8,13,21,34,55,89,144,233,….在实际生活中，很多花朵（如梅花、飞

燕草、万寿菊等）的瓣数恰是斐波那契数列中的数，斐波那契数列在现代物理及化学等领域也有着广泛的

•11•

应用.斐波那契数列｛a“｝满足：5=a2=1,an+2=an+i+an(n€N*),则1+a-i+a^+at+a,^…+(12022是斐波

那契数列｛4,｝中的第项.

【答案】2023

【分析】利用递推关系a产a2=1,将所求关系式中的“1”换为a?,再利用a“+2=a,t+1+a„(nGN')即可求得答

案.

【详解】由an+2—a„+l+a„(nGN")可得1+as+as+ay+agH---Fa2o22

=。2+。3+。5+。7+的+--^a2022=。.1+。5+。7+。9+-------F(22022

=Q6+Q7+Q9+F6Z2022=，**=。2。21+。2022=。2023・

故答案为：2023.

题目包1(2023•浙江金华・统考模拟预测)数学王子高斯在小时候计算1+2+--+100时，他是这样计算的：

1+100=2+99=•••=50+51,共有50组,故和为5050,事实上，高斯发现并利用了等差数列的对称性.若

函数片/⑺图象关于()2)对称，$“=5+1)|/(白丁)+/(三7)+-+/(曰)](旌河),则《

/fbIXlbIX1(/11.Q]

n

【答案】

2(n4-l)

【分析】根据抽象函数的对称性可得/Q)+/(1—⑼=4,由题意得/("1)+=4，根据Sn=

(n+l£/(*r)S=(n+1)»(卫^可得S产2n(n+D，即专=f(1"*)，结合裂项

相消求和法即可求解.

【详解】由函数/3)图象关于点(看2)对称，得++c)=4,

得/(①)+一工)=4,所以/(^-)+=4.

因为S=(n+(n+1这/(卫青1),

i=l,£,'1：=]1

所—党(*)+(…)»(”!)=(…恪心^)+却(需i)]=m

+靖(+)+，(百)]=*+1),

所以&=2nd+D,则专=而占=g!1

n+1

所以■+…+专=丸(10：)+…+1

n

n

故答案为：

2(n+1)

题目区；(2023•山东烟台・统考二模)欧拉是瑞士数学家和物理学家，近代数学先驱之一，在许多数学的分支

中经常可以见到以他的名字命名的重要函数、公式和定理.如著名的欧拉函数勿⑺)：对于正整数n,

RS)表示小于或等于n的正整数中与n互质的数的个数,如砥5)=4,矶9)=6.那么，数列｛刎5")｝的

前71项和为.

【答案】(n-J>5"+]

【分析】利用错位相减法求和.

【详解】在[1,5,中，与5n不互质的数有5x1,5X2,5x3,…,5x5n，共有个，

•12•

所以w(5")=5n-5n-1=4-5”T,

所以n『(5")=(4n)・5"T,

设数列伍。(5")｝的前n项和为Sn,

所以s,=4x50+8x51+12x52+--+4nx5n-1,

5S„=4x5'+8x52+12X53+•••+4nx5",

两式相减可得一4Sn=4+4x(5J4-52+•••+5n~,)-4n-5”,

所以&=一1一(51+5.2+...4-5n-')+n-5n=-l-V7+n-5n,

LD

即S.=(n—[)5+],

故答案为：(n—二>5"+].

题目区I(2023•黑龙江大庆・大庆实验中学校考模拟预测)古印度数学家婆什伽罗在《丽拉沃蒂》一书中提

出如下问题:某人给一个人布施,初日施2子安贝(古印度货币单位)，以后逐日倍增，问一月共施几何？在

这个问题中，以一个月31天计算，记此人第n日布施了％子安贝(其中1<nW31,n6N*),数列｛斯｝的

前n项和为Sn.若关于n的不等式Sn-62<成+厂切田恒成立，则实数t的取值范围为.

【答案】(一8,15)

[分析]先求得数列｛即｝的通项公式和前ri项和S”，化简题给不等式为t<蒜+2n+l-l，求得畀+

2n+1-l的最小值,进而得到实数t的取值范围.

【详解】由题意可知，数列｛a,J是以2为首项，2为公比的等比数列，

故a“=27,(1<n<31,nSAT*).

所以S“=2(：=2n+1-2.

n+,2,,+2n+,

由S„-62<a^+1-tari+l,得2-64<2-t-2,

整理得[<半•+2的一1对任意1&C&31,且♦恒成立.

2"+】

又44-2n+l-l>2./-6£..2n+1-1=15,

2«+1y2+1

当且仅当2计1=8,即n=2时等号成立，

所以tV15,即实数t的取值范围是(一oo,15)

故答案为：(一8,15)

三、解钥R

题目•0(2023・云南昆明•统考模拟预测)雪花是一种美丽的结晶体，放大任意一片雪花的局部，会发现雪花

的局部和整体的形状竟是相似的，如图是瑞典科学家科赫在1904年构造的能够描述雪花形状的图案，其

作法如下：

将图①中正三角形的每条边三等分，并以中间的那一条线段为一边向形外作正三角形，再去掉底边，得到

•13•

图②；

将图②的每条边三等分，重复上述的作图方法,得到图③:

按上述方法,所得到的曲线称为科赫雪花曲线｛Kochsnowflake).

图①图②图③

现将图①、图②、图③、…中的图形依次记为E、2、…、2、….小明为了研究图形R的面积，把图形2

的面积记为时,假设的=1,并作了如下探究：

RPn

边数31248192

从£起,每一个比前一个图形多出的三角形的个数31248

11

从2起,每一个比前一个图形多出的每一个三角形的面积1

V¥于

根据小明的假设与思路，解答下列问题.

(1)填写表格最后一歹I」,并写出a“与册_](门e2)的关系式;

(2)根据(1)得到的递推公式，求｛%｝的通项公式；

(3)从第几个图形开始,雪花曲线所围成的面积大于需.

500

参考数据(lg3«0.477,lg2«0.301)

n1，

【答案】⑴填表见解析;0n=*+*X(y)-(nGN,n>2)

⑶第7个

【分析】(1)根据题中数据的规律及等比数列的通项公式填写表格最后一列，进而得出a“与a,1的关系式;

(2)利用累加法求解;

(3)由题意票■，利用指数函数的性质及对数的运算性质求解.

500

【详解】(1)图形E、与、…、2、…的边数是以3为首项，4为公比的等比数列，则图形2的边数为3X

4"-1;

从P2起，每一个比前一个图形多出的三角形的个数是以3为首项，4为公比的等比数列，则2比前一个

图形多出的三角形的个数为3x4-2;

从P2起,每一个比前一个图形多出的每一个三角形的面积是以：■为首项，春为公比的等比数列，则P„

比前一个图形多出的每一个三角形的面积是y-1.

P1P2P3P4・♦・Pn,

边数31248192・・・3x4”T

■14•

从P2起,每一个比前一个图形多出的三角形的个数31248・・・3x4n~2

11111、"T

从P2起,每一个比前一个图形多出的每一个三角形的面积