2024届浙江省温州市高三年级下册5月三模物理试题（附答案解析）

2024届浙江省温州市高三下学期5月三模物理试题

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.下列四组物理量均为矢量的是（）

A.动量、冲量B.质量、电量C.温度、速度D.电流、电容

2.2023年10月30日，中国队在男子短道速滑5000米接力赛中，以7分04秒412的成

绩夺冠。下列说法正确的是（）

A.题中“7分04秒412”表示时刻

B.题中“5000米”表示位移大小

C.运动员在接力过程中，惯性不变

D.研究队员冲线细节时，可以将其看成质点

3.现代家居常用吊篮美化室内环境。如图所示，三根等长的轻质铁链对称地悬挂在吊篮架

上，另一端接在一起，悬挂在支架上。已知吊篮、花和花盆的总质量为3m。下列说法正确

的是（）

A.每根铁链的拉力均为mg

B.给花浇水后支架对墙面的作用力变大

C.改变铁链的长度，铁链的拉力大小不变

D.吊篮架对花盆的支持力与花盆的重力是一对相互作用力

4.2024年2月19日中国科学家成功合成两种新的核素：饿160（嘿Os）鸨156（%W）。

饿160发生a衰变发射出的高能粒子能使空气电离，鸨156发生P♦衰变（正电子:e）生

成留156（嘴Ta）。下列说法正确的是（）

A.不同温度下，钺160的半衰期不同

B.能使空气电离的高能粒子主要是丫射线

C.鸨156发生p+衰变产生的新核与鸨156是一对同位素

D.饿160发生a衰变产生的鸨156的比结合能大于钺160的比结合能

5.2023年9月25日，中国年仅15岁的小将陈炜在杭亚会滑板男子碗池决赛中夺冠。图示

为运动员陈炜在比赛中腾空越过障碍物，若忽略空气阻力，那么腾空过程中（）

因

A.运动员始终处于超重状态

B.运动员在最高点的加速度为零

C.运动员所受重力的冲量一直变大

D.运动员和滑板构成的系统动量守恒

6.如图所示，将两小沙包a、b以不同的初速度分别从4、8两处先后相差0.5s水平相向抛

出，同时落在水平面同一处，且速度方向与竖直方向夹角相等。两小沙包a、b视为质点，

并在同一竖直面内运动，不计空气阻力，下列说法正确的是（）

A.A处比B处高1.25m

B.若将两沙包同时水平抛出，落地前可能会相遇

C.若已知2处高度和沙包b的下落时间，可求出A、B的水平距离

D.若已知A处高度和沙包a的初速度，可求出A、8的水平距离

7.2024年3月20日，我国“鹊桥二号”卫星发射成功，多次调整后进入周期为24h的环月

椭圆轨道运行，并与在月球上开展探测任务的“嫦娥四号”进行通讯测试。已知月球自转周期

27.3天，下列说法正确的是（）

试卷第2页，共12页

A.月球处于“鹊桥二号”椭圆轨道的中心位置

B.“鹊桥二号”在近月点和远月点的加速度大小相同

C.“鹊桥二号”在远月点的运行速度小于月球第一宇宙速度

D.“鹊桥二号”与月心连线和“嫦娥四号”与月心连线在相等时间内分别扫过的面积相等

8.新安江水库蓄水后，水位落差可达55m,如图所示。已知落差处流量为5xl05kg/s的水流

冲击水轮机发电，水流减少的机械能80%转化为电能。发电机输出电压为llkV,水电站到

用户之间采用220kV高压进行远距离输电，输电线上损耗的功率不超过输送功率5%,用户

所需电压为220V。变压器视为理想变压器，下列说法正确的是（）

A.升压变压器原副线圈匝数比为1：20B.发电机的输出功率为2.75xl（）5kw

C.输电线上电阻不能超过110。D.降压变压器原副线圈匝数比为1000：1

9.蜻蜓在水面上，“点水”激起一圈圈波纹，如图所示。水面上有一开有两小孔A、8的挡

板，A、8离波源S的距离分别为30cm、40cm,A8间距为50cm,。为AB中点，AB中垂

线上的C点，距。点100cm。波源在水面处振动形成的水波视为简谐横波，/=0时波源自

平衡位置起振。已知波速为20cm/s,小孔A处质点第一次处于波谷时，小孔3处质点刚好

第一次处于波峰，下列说法正确的是（）

A.波源S起振方向向下B./=4s时A、8两处质点振动方向相反

c.OC线段的中点为加强点D.若蜻蜓点水的频率增大，则波速增大

10.如图所示是粒子流扩束技术的原理简图。正方形区域I、n、III、IV对称分布，一束速

度相同的质子束射入后能够实现扩束，四个区域内有界磁场（边界均为圆弧）分布可能正确

AB

CD

11.如图，电路中电源电动势8V、内阻0.5。，电流表内阻不计，R为定值电阻，M为电

动机，P、Q两极板正对，间距为4闭合开关S、Si电流表示数为3.2A,电子从P板以速

度均垂直于极板射出，恰能到达两极板中央。再将S2闭合，稳定后电流表示数为4A。下

列说法正确的是（）

A.电动机M的输出功率为6W

B.电动机M的绕线电阻为6。

C.定值电阻R消耗的功率减小18W

试卷第4页，共12页

D.再让电子从P板以速度2Vo垂直于极板射出，能到达Q板

12.如图甲所示是一圆柱形玻璃茶壶，茶壶中央有一圆柱形茶叶滤网，当茶壶中盛有水时,

观测者从侧边看到滤网的水下部分比水上部分粗一些，其部分光路如图乙所示。测得滤网水

上部分直径4=8.0cm、滤网的像直径刈=10.5cm、茶壶壁直径&=20.0cm,忽略茶壶壁

和滤网的厚度，可得茶水的折射率为（）

A.1.31B.1.52C.2.00D.2.50

13.如图所示在竖直y轴上固定两个点电荷，电荷量为+Q的点电荷在2yo处、电荷量为-4。

的点电荷在3/处。将质量为加、电荷量为+g的小球从坐标原点。静止释放，经过A点后，

能到达最低点及以加处为电势能零点、2y。处为重力势能零点，小球可视为点电荷。小球

在此运动过程中的重力势能稣1、机械能心、动能稣及电势能稣2随y变化的图像可能正确

的是（）

+q,m

二、多选题

14.下列说法正确的是（）

A.甲图中动圈式扬声器的工作原理是电流的磁效应

B.乙图中荷叶上的露珠呈椭球形，说明露珠不浸润荷叶

C.丙图中石英玻璃是由天然石英熔化后再凝固形成，它属于多晶体

D.丁图中玻璃管的裂口在火焰上烧熔后，其尖端会变钝，是液体表面张力作用的结果

三、单选题

15.如图为某款条形码扫描笔的工作原理图，发光二极管发出的光频率为z。将扫描笔笔口

打开，在条形码上匀速移动，遇到黑色线条光几乎全部被吸收；遇到白色线条光被大量反射

到光电管中的金属表面（截止频率0.8%）,产生光电流，如果光电流大于某个值，会使信号

处理系统导通，将条形码变成一个个脉冲电信号。下列说法正确的是（）

A.扫描笔在条形码上移动的速度会影响相邻脉冲电信号的时间间隔

B.频率为％的光照到光电管的金属表面立即产生光电子

试卷第6页，共12页

C.若发光二极管发出频率为1.2%的光，则一定无法识别条形码

D.若发光二极管发出频率为0.5%的光，扫描笔缓慢移动，也能正常识别条形码

四、实验题

16.⑴某实验小组用“自由落体法”验证机械能守恒定律，实验装置如图1所示，装置中的重

图1

(2)关于该实验，下列说法正确的是「

A.根据公式丫=8/计算某点的瞬时速度

B.重物下落的起始位置应靠近打点计时器

C.用手托稳重物，接通电源后，撤手释放重物

(3)按照正确操作得到如图2所示的纸带，计数点。、A、B、C、。、E、产是打点计时器连

续打下的七个点。已知重物的质量为200g,当地重力加速度为9.8向小，打点计时器所用交

流电的频率为50Hz。

①在纸带BE段，重物的重力势能减少量△4,=J,打点计时器打下图中B点时

重物的速度大小是“=m/s(结果均保留3位有效数字)；

②打点计时器打8点和E点时重物的动能增加量公纥=0.190J比较AEp与△稣的大小，出现

这一结果的原因可能是O

A.工作电压偏高B.存在空气阻力和摩擦力

C.接通电源前已释放了纸带D,打点计时器的实际打点频率小于50Hz

17.(1)在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，图1中的人b、c三个位置对应的器材为二

图1

A.a是滤光片、。是单缝、c是双缝

B.。是单缝、6是双缝、c是滤光片

C.。是双缝、6是单缝、c是滤光片

(2)可以从测量头内看到的图像是一；

(3)为减小误差，该实验并未直接测量相邻亮条纹间的距离Ax,而是先测量"个条纹的间距

再求出Ax。下列实验采用了类似方法的有_。

A.“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中单摆周期的测量

B.“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中合力的测量

C.“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中弹簧的形变量的测量

D.“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中1滴油酸酒精溶液的体积测量

18.(1)某实验小组通过测量矿泉水的电阻率，来分析其内矿物质含量。用多用电表的欧姆

档直接测量矿泉水的电阻，进而得到电阻率。多用电表测电阻时，下列说法中正确的是」

A.测量时电流从“+”插孔流出电表，从“「插孔流回电表

B.若不能估计被测电阻大小，可先用中等倍率试测

C.选择“x10”倍率测量时发现指针位于20和30正中间，则测量值小于25。

(2)取截面积12.5cm2、厚度不计的两铜板A、B,安装在针筒内两端紧密贴合。铜板A在

靠近针嘴处固定，导线从针嘴里引出，铜板B固定在活塞上可随活塞一起运动，导线从活

塞上端引出(不影响活塞的密封性)。针筒最上方靠近针嘴处有一小孔尸用于液体的加入和

气体排除。实验步骤如下：

试卷第8页，共12页

①按图1电路图连接好电路;

②用另一针筒从小孔尸处推入适量的该品牌矿泉水，使活塞静置于90mL处；小刚同学发

现测量水的电阻时，阻值会逐渐增加，猜测由水电解引起。查阅资料后，电源使用如图2

所示的交流电供电可抑制电解的影响，该交流电电压的有效值为V；

③将变阻箱打到1944。，输入图2所示的交变电流，闭合开关，用数字多用表的交流电压挡

测得电压为0.900V,此时针筒内水的阻值是Q；

④向左缓慢推动活塞，处于50ml时，矿泉水恰好未漫出P小孔。继续推动活塞处于40mL、

30mL,记录相应数据。该矿泉水的电阻率为dm（此结果保留3位有效数字）。

五、解答题

19.某款气压式升降椅，它通过活塞上下运动来控制椅子的升降，其核心部件模型工作原理

简图如图所示。圆筒形导热汽缸，开口向上竖直放置在水平地面上，筒长L=18cm、内部横

截面积号=20加2。横截面积ygcn?的圆柱形活塞插在汽缸内，在卡环（可使活塞向下运

动而不能向上运动，且当活塞运动时与活塞间无力）的作用下保持静止。开始时活塞有

〃=5.0cm的长度伸入汽缸，缸内封闭气体压强Pi=3.0xl（）5pa。已知活塞与椅面的总质量

=5.0kg.大气压强p°=L0xl05pa,缸内气体视为理想气体，装置不漏气，环境温度保持

不变，不计摩擦。

（1）椅面缓慢下降，若活塞对气体做功32J,则缸内气体（选填“吸热”、“放热”）,

其数值为;

（2）某同学先虚坐在椅面上（与椅面间恰无作用力），然后逐渐减小脚对地面的压力，使活塞

缓慢下降曲=5.0cm后脚刚好完全离开地面，并保持稳定。求稳定后气体压强卫和该同学

的质量M„

20.如图所示，某固定装置由长度L=3m的水平传送带，圆心角。=60。、半径R=hn的两

圆弧管道Be、cn组成，轨道间平滑连接。在轨道末端。的右侧光滑水平面上紧靠着轻质

小车，其上表面与轨道末端。所在的水平面平齐，右端放置质量吗=3kg的物块儿质量

叫=1kg的物块。从传送带左端A点由静止释放，经过滑出圆弧管道。已知传送带以

速度v=8m/s顺时针转动，物块。与传送带及小车的动摩擦因数均为4=0.6,物块》与小

车的动摩擦因数〃2=。］，其它轨道均光滑，物块均视为质点，不计空气阻力。

（1）求物块a和传送带之间因摩擦产生的热量。；

（2）求物块a到达。点时对管道的作用力FN；

（3）要使物块。恰好不与物块b发生碰撞，求小车长度的最小值d。

21.如图甲所示，在光滑绝缘水平面内建立xOy直角坐标系，在区域I内分布着垂直该平面

向外的匀强磁场（右边界E尸的横坐标在2a~3〃间某处），其磁感应强度大小随时间变化如

图乙所示；在区域H（5aWxW6”）内分布着垂直该平面向外、磁感应强度大小为纥的匀强磁

场。该平面内有边长为2a、电阻为R、质量为根的正三角形金属框，其MN边与y轴重合，

N点与坐标原点O重合。

（1）若金属框不动，在，o~2%的时间内判断框内电流方向，并求出边上产生的焦耳热

Q

（2）若在7=0时，沿x轴正方向给金属框一初速度%,使其沿x轴运动。，=2%时顶点尸

试卷第10页，共12页

刚好运动到边界瓦1处；当顶点P运动到x=5。和x=6a处时的速度分别为匕（未知）和匕;

框顶点尸到达x=6〃处后，继续向前运动直到停止（此时边尚未进入区域II）。运动中

边始终与y轴平行。

①比较匕与％的大小；

②求金属框停止时顶点尸的横坐标％;

③若将金属框以初速度大小为2%、方向与x轴正方向成60。角斜向上推出，其他条件不变。

22.如图甲所示，某种离子分析器由加速区、偏转区和检测区组成，分别分布在第III、II、

I象限内。在加速通道内分布着沿y轴负方向的匀强电场，场强大小心在

0.6E*<Ei<1.2E#范围内调节；在偏转通道内分布着垂直尤Oy坐标平面向里的匀强磁场，

磁感应强度大小&随Ei的变化而变化；在检测区内，分布着匀强电场或磁场，检测区内

适当位置放有长为2Z,的检测板。在坐标为（-L-1.5L）的A处有一离子源，可连续释放质量

为办电荷量为-廉4>0）的离子（释放时的速度可视为零），离子沿直线到达坐标为（I,

0）的小孔C,再经偏转区后从坐标为（0,£）的小孔。进入检测区，打在检测板上。三个区域

的场互不影响，不计离子的重力及其间的相互作用。

（1）要保证所有的离子都能从C孔出来后从。孔进入检测区，试推导磁感应强度大小以随

场强段变化的关系式；

（2）如图乙所示，将检测板左端放在。孔上沿，板面与x轴正方向的夹角8=30检测区内

加沿y轴负方向、场强大小&=8E♦的匀强电场，在满足（1）的条件下，

①求检测板上收集到离子记录线的长度A&；

②调整。角使检测板上收集到离子的记录线最长，求此记录线的长度△&及调整后的角度正

弦值；

（3）如图丙所示，检测板与y轴平行，并可沿无轴及y轴平移。检测区内加垂直尤Oy坐标

平面向里的磁场，磁感应强度大小&沿X轴均匀变化，即B2=kx（无为大于零的常量）,

在满足（1）的条件下，要使检测板能收集到离子，求检测板无坐标的最大值。

试卷第12页，共12页

参考答案：

1.A

【详解】A.动量和冲量既有大小，也有方向，二者都是矢量，故A正确；

B.质量和电量都只有大小，没有方向，都是标量，故B错误；

C.速度是矢量，温度是标量，故C错误；

D.电流和电容都是标量，故D错误。

故选Ao

2.C

【详解】A.题中“7分04秒412”表示时间，选项A错误；

B.题中“5000米”表示路程，选项B错误；

C.运动员在接力过程中，质量不变，则惯性不变，选项C正确；

D.研究队员冲线细节时，队员大小形状不可忽略，不可以将其看成质点，选项D错误。

故选C。

3.B

【详解】A.设每根绳子和竖直方向的夹角为凡则有

3Fcos0=3mg

解得

F=9

cos。

A错误；

B.对支架、吊篮、花盆整体进行受力分析可知，给花浇水后整体重力变大，故支架对墙面

的作用力变大，B正确；

C.由

F=9

cos。

可知改变铁链的长度，每根绳子和竖直方向的夹角为。发生改变，则铁链的拉力大小改变,

C错误；

D.吊篮架对花盆的支持力与花盆的重力是一对平衡力，D错误。

故选B。

4.D

【详解】A.半衰期与温度无关，故A错误；

答案第1页，共15页

B.能使空气电离的高能粒子主要是a射线，故B错误;

C.由题意可知核反应方程为

噜Ta+；e

由于鸨156发生（3+衰变产生的新核与鸨156质子数不同，故二者不是同位素，故C错误;

D.比结合能越大越稳定，自然衰变的产物比结合能会变大，故饿160发生a衰变产生的鸨

156的比结合能大于锹160的比结合能，故D正确。

故选D。

5.C

【详解】A.腾空过程中运动员只受重力作用，有竖直向下的重力加速度，运动员处于完全

失重状态，故A错误；

B.在最高点的时候人的竖直方向的速度为零，水平方向的速度不为零，故在最高点的时候

人的速度不为零，受到重力作用，加速度为重力加速度，加速度不为零，故B错误；

C.运动员所受重力的冲量为

I=Gt

腾空过程f一直增大，则运动员所受重力的冲量一直变大，故C正确；

D.在腾空过程中，在竖直方向上运动员和滑板所受合力不为零，故运动员和滑板构成的系

统动量不守恒，故D错误。

故选C。

6.D

【详解】A.设沙包a下落时间为f,则沙包b下落时间为«+0.5）,A处比3处高为

191

八〃=5且«+0.5）--^2

由此可知

A/z>1.25m

故A错误；

B.根据平抛运动的轨迹可知，在落地前两沙包不会相遇，故B错误；

CD.由于速度方向与竖直方向夹角相等，则

—=+A、B的水平距离为

%为

答案第2页，共15页

x=va/+vb(^+0.5)

由此可知，需要已知沙包的下落时间和初速度，平抛运动的下落时间与高度有关，故C错

误；D正确。

故选D。

7.C

【详解】A.由开普勒第一定律可知，月球处于“鹊桥二号”椭圆轨道的一个焦点上，A错误；

B.“鹊桥二号”在近月点距离月球最近，受到的万有引力最大，加速度最大；在远月点距离

月球最远，受到的万有引力最小，加速度最小，故“鹊桥二号”在近月点和远月点的加速度大

小不相同，B错误；

C.“鹊桥二号”在远月点的速度小于轨道与远月点相切的卫星的线速度，轨道与远月点相切

的卫星的线速度小于第一宇宙速度，故“鹊桥二号”在远月点的运行速度小于月球第一宇宙速

度，C正确；

D.由开普勒第二定律可知，同一颗卫星与月球的连线在相同时间扫过的面积相等，但是“鹊

桥二号,，与“嫦娥四号，，是两颗轨道不同的卫星，相同时间扫过的面积不相等，D错误。

故选Co

8.A

【详解】A.升压变压器原副线圈匝数比为

ZL_七_J_

nJUj20

故A正确；

B.水流减少的机械能为

尸=国”80%

Nt

解得

尸=2.2xlC)5kw

故B错误

C.输电线上的电流为

P

1=—=10A

U2

输电线上损耗的功率为

^=Px5%=l.lxl04kW

答案第3页，共15页

又

解得

7?=1.1X1O5Q

则输电线上电阻不能超过1.1X105。，故C错误；

D.降压变压器输入电压小于220kV,输出电压为220V,则原副线圈匝数比小于1000:1,

故D错误。

故选A„

9.B

【详解】ABC.A、2离波源S的距离分别为30cm、40cm,A离波源S较近，则A先振动,

小孔A处质点第一次处于波谷时，小孔8处质点刚好第一次处于波峰，可知波源S起振方

向向上，且A、8两处质点振动方向总相反，故/=4s时A、8两处质点振动方向相反，OC

线段的中点到A、B两点距离相等，则始终处于减弱点，故AC错误，B正确；

D.波速只与介质有关，若蜻蜓点水的频率增大，波速不变，故D错误。

故选Bo

10.C

【详解】A.粒子进入磁场后做匀速圆周运动，由左手定则可知粒子进入磁场后运动轨迹如

下图，即入射平行粒子束不会扩束，故A错误；

B.由左手定则可知，平行粒子入射后，经两个同方向磁场，会向同一方向偏转，不会平行

于入射方向射出，故B错误；

C.如下图所示，当粒子进入磁场后做匀速圆周运动的半径恰好等于有界磁场的圆弧半径时,

一束速度相同的质子束射入后能够实现扩束，故C正确；

答案第4页，共15页

D.由左手定则可知，粒子运动轨迹如下图所示，平行粒子束射入后不会实现扩束，故D错

11.D

【详解】AB.闭合开关S、Si时，电流表示数为1|=3.2A,根据闭合电路欧姆定律可得

R+r

解得定值电阻R的阻值为

j?=E-M：=8-3.2xO.5Q=2Q

A3.2

再将S2闭合，稳定后电流表示数为4A,此时电动机M和定值电阻R并联，两者电压

相等，根据闭合电路欧姆定律，有

E=U+Ir

解得两者的电压为

UM=4=£-/2r=8—4XO.5(V)=6V

通过定值电阻的电流为

S3A

答案第5页，共15页

通过电动机的电流为

1M=『IR=IA

因电动机为非纯电阻电路，则电动机的绕线电阻小于%=6。，电动机的输出功率小于

UMIM=6W,故AB错误；

C.闭合开关S、Si时，定值电阻R消耗的功率为

PR==20.48W

再将S2闭合，稳定后定值电阻R消耗的功率为

耳=4R=18W

定值电阻R消耗的功率的变化为

M=*4=—2.48W

因此定值电阻R消耗的功率减小2.48W,故C错误；

D.设电子从P板以速度2v。垂直于极板射出，运动的距离为尤，根据动能定理可得

—eE日=0一g,nvo

联立解得

x=2d>d

因此让电子从P板以速度2V。垂直于极板射出，能到达Q板，故D正确。

故选D。

12.A

【详解】根据折射率公式

sinz

n=-----

sinr

由几何知识得

44

2424

r

一

一

4-一-4-

144

22

得

解

答案第6页，共15页

n=—=1.31

dA

故选Ao

13.B

【详解】CD.初末速度为0,中间过程不为0,所以动能先增加后减小。

设正电荷Q的正上方x处电场强度为0,则

左・4。

(%+x)2x2

解得

x=y0

即A点场强为0,结合图可知，A点上方场强方向向下，A点到正电荷场强方向向上。则小

球从。点到2点，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加，%处为0。

在8点，小球总能量为

EB-"地+E1apB

分析可知，在A、2点之间动能最大，设为C点，则

纥=石电Pc+石重Pc+Ekm

由于

Ec=EB，+石里>EGPR

则

/p,>"km

即电势能最大值大于动能最大值。故CD错误；

AB.电场力先做正功后做负功，机械能先增加后减小。而重力一直做正功，重力势能一直

减小，最后不为0。故A错误，B正确。

故选Bo

14.BD

【详解】A.动圈式扬声器的工作原理是基于法拉第电磁感应定律，故A错误；

B.荷叶上的露珠呈椭球形，说明露珠不能浸润荷叶，故B正确；

C.石英玻璃是由天然石英熔化后再凝固形成，它属于非晶体，故C错误；

D.玻璃管的裂口放在火焰上烧熔，其尖端变钝，这是由于液体表面张力的作用，故D正确。

答案第7页，共15页

故选BD。

15.B

【详解】A.邻脉冲电信号的时间间隔与扫描笔在条形码上移动的速度无关，故A错误；

B.频率为气的光照到光电管发生光电效应是瞬间的，即立刻产生光电子，故B正确；

C.若发光二极管发出频率为12%的光，可以产生光电流，可以正常识别条形码，故C错

误；

D.若发光二极管发出频率为0.5%的光，无法产生光电流，即无法正常识别条形码，故D

错误。

故选B。

16.⑴甲

⑵B

(3)0.1570.975D

【详解】(1)进行验证机械能守恒定律的实验时，为了减小空气阻力的影响，应选择密度较

大的重物进行研究。当重物的材质一致时，选择质量较大的进行实验。

故选甲。

(2)A.在进行验证机械能守恒定律的实验时，应使用公式％=+严来进行计算速度,

故A错误；

B.实验时重物靠近打点计时器，尽可能的多打点。故B正确；

C.应该用手拉住纸带末端，接通电源后，释放纸带，重物带着纸带竖直下落，若是用手托

稳重物，释放时，纸带是松软的，与限位孔的摩擦较大，故C错误。

(3)[1]由图可知，BE长度为0.0800m,由重力做功公式可得

WG=-AEp=mgh

AEp=—mgh=0.2x9.8x0.08J=-0.157J

可求得重物的重力势能的减少量为0.157J

[2]AB长度为0.0170m,BC长度为0.0220m,故B点速度可由以下公式求得

v„=X_+XBC=o.975m/s

B2T

[3]A.工作电压偏高会导致打出的点为短线，不会导致动能增加量大于重力势能减少量。

答案第8页，共15页

故A错误；

B.空气阻力和摩擦力会导致重力势能减少量大于动能增加量。故B错误；

C.先释放纸带后接通电源会导致开头的点迹不均匀，增大误差，不会导致动能增加量大于

重力势能减少量，故C错误；

D.若打点频率小于50Hz,说明每两个点之间的时间间隔大于0.02s,但计算时所用的时间

仍是0.02s,会导致速度的测量值偏大，出现动能增加量大于重力势能减少量的情况。故D

正确。

故选D。

17.(1)C

(2)B

(3)AD

【详解】(1)图1中的。、b、c三个位置对应的器材分别为双缝、单缝和滤光片.

故选Co

(2)开始时干涉图样里面的亮条纹与分划板竖线可能未对齐，即可以从测量头内看到的图

像是B,若要使两者对齐，可调节测量头，分划板竖线随之旋转，可使分划板竖线与亮条纹

对其。

(3)A.“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中单摆周期的测量，采用的放大测量取平

均值的方法，故A正确；

B.“探究两个互成角度的力的合成规律”的实验中合力的测量，采用等效替代的方法，故B

错误；

C.“探究弹簧弹力与形变量的关系”的实验中弹簧形变量的测量，采用多次测量求平均值的

方法，故C错误；

D.“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验中1滴油酸酒精溶液的体积测量，属于放大测量

取平均值，故D正确。

故选AD。

18.(1)B

(2)1.5129622.5

【详解】(1)A.根据“+进-出”规律，测量时电流从“+”插孔流回电表，从“「插孔流出电表,

答案第9页，共15页

故A错误;

B.若不能估计被测电阻大小，可先用中等率试测，若指针偏转较大，换小倍率，若指针偏

转较小，换用大倍率，故B正确;

C.欧姆表刻线从左到右逐渐变稀疏，读数等于刻线示数与倍率的乘积，可知，选择“xio”

倍率测量时发现指针位于20和30正中间，则刻线示数小于25,即测量值小于250。，故C

错误。

故选B。

(2)[1]图中交流电的大小不变，始终为L5V,方向发生变化，可知，该交流电的电压的有

效值为L5V；

⑵根据电路图可知，通过电阻箱的电流与通过针筒内水的电流近似相等，则有

0.900V_(1.5-0.900)Q

1944Q%

解得

凡=1296。

⑶根据电阻的决定式有

R、=P

*J

其中

90cm3

S=12.5cm2,L=—-y=7.2cm

S12.5cm

结合上述解得

p=22.5dm

19.(1)放热32J

5

(2)p2-4.5xl0Pa,M=58kg

【详解】(1)[1]⑵椅面缓慢下降，若活塞对气体做功32J,由于环境温度保持不变，可知气

体温度不变，气体内能不变，根据热力学第一定律可得

AU=W+Q=0

可得

Q=—W=-32J

答案第10页，共15页

可知缸内气体放热，其数值为32J。

(2)以密封气体为对象，初态有

3

Pi=3.0xl()5pa,V；=LS,-//S2=270cm

使活塞缓慢下降△〃=5.0cm后脚刚好完全离开地面，并保持稳定，则稳定后气体体积为

3

V2=LSl-(h+Nh)S2=180cm

根据玻意耳定律可得

月匕=PNI

解得稳定后气体压强为

5

p2=4.5xlOPa

根据受力平衡可得

p2S2=p0S2+(M+m)g

解得该同学的质量为

M=58kg

20.(1)30J；(2)6N,方向竖直向上；(3)2m

【详解】(1)对小物块分析有

1g=m1al

设小物块一直加速到传送到右端点时，其速度为匕，有

V]—2ci[L

解得

%=6m/s<8m/s

所以在小物块〃到达传送带右侧时并没有加速到与传送带共速，设该过程时间为"有

匕=印

该时间传送带的位移为飞,有

x传=vt=8m

物块。相对传送带的位移为

△x=天传一L=5m

答案第11页，共15页

摩擦产生的热量为

Q=⑷n1g-Ax=30J

(2)由题意可知圆弧轨道光滑，所以从B到D由动能定理有

1g.2H(l-cosg)=；叫吟一；m)v；

在〃点有

F+〃7g-孙旅

「N支十叫g一叫R

解得

k=6N

由牛顿第三定律可知，物块。对管道的作用力等于管道对物块a的支持力，所以物块。到达

。点时对管道的作用力为6N,方向竖直向上。

(3)当物块滑上小车后，由于

41mlg=6N>根2g=3N

所以小车与物块a保持相对静止，而物块b相对于小车发生滑动，当两者速度相同时，为物

块。与物块6相碰的临界状态，其运动示意图如图所示

该过程由动量守恒有

见%=(/+牡)v共

能量守恒方面有

1m1%=g(叫+0)嚓+〃2m2gd

解得

d=2m

等^；(2)@Vj=v；②6a+；胖;③+

21.(1)逆时针(MNPM),0

【详解】(1)根据题意可知，金属框不动，在办~2办的时间内，穿过线圈的磁通量均匀减小,

由楞次定律可知，线圈中电流方向为逆时针(跖VPM),由法拉第电磁感应定律有

E==A^—S=-^---x26zx2flxsin60°Bq

加

Att02t。

答案第12页，共15页

感应电流为

/=£=处遇MN边上产生的焦耳热

RR"

曲=那

0

3Rt0

(2)①由图乙可知，。2%时间内，线框在磁场内，无论线框中是否有感应电流，整个线

框均不受安培力，线框做匀速运动，2%后，区域I内磁场为零，线框顶点P运动到x=5a过

程中，线框继续做匀速直线运动，则有

②根据题意，由几何关系可知，顶点P到达x=6“处后，线框进入区域H的有效长度为

继续向前运动直到停止，由动量定理有