暑假作业07 变压器和电流输送（解析版）-2025版高二物理暑假作业

限时练习：90min完成时间：月日天气：作业07变压器和电流输送一、理想变压器的基本关系1．电压关系(1)只有一个副线圈时，eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2).当n2>n1时，U2>U1，变压器使电压升高，是升压变压器．当n2<n1时，U2<U1，变压器使电压降低，是降压变压器．(2)有多个副线圈时，eq\f(U1,n1)＝eq\f(U2,n2)＝eq\f(U3,n3)＝…2．功率关系从能量守恒看，理想变压器的输入功率等于输出功率，即P入＝P出．3．电流关系(1)只有一个副线圈时，U1I1＝U2I2或eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1).(2)当有多个副线圈时，I1U1＝I2U2＋I3U3＋…或n1I1＝n2I2＋n3I3＋…二、电能输送过程中输电线上的电压损失和功率损失1．输电线路的电压损失输电线始端电压U与输电线末端电压U′的差值．ΔU＝U－U′＝Ir＝eq\f(P,U)r，其中I为输电线上的电流，r为输电线的电阻．2．输电线路的功率损失(1)远距离输电时，输电线有电阻，电流的热效应引起功率损失，损失的电功率ΔP＝I2r.(2)若输电线上损失的电压为ΔU，则功率损失还可以表示为ΔP＝，ΔP＝ΔU·I.3．减小电压、功率损失的方法(1)减小输电线的电阻由R＝ρeq\f(l,S)可知，距离l一定时，使用电阻率小的材料，增大导体横截面积可减小电阻．(2)减小输电电流I根据I＝eq\f(P,U)，在输送功率P一定，输电线电阻r一定的条件下，输电电压提高到原来的n倍，输送电流可减为原来的eq\f(1,n)，输电线上的功率损耗将降为原来的eq\f(1,n2).远距离高压输电过程的分析与计算三、解决远距离高压输电问题的基本方法1．首先应画出远距离输电的电路图(如图)，并将已知量和待求量写在电路图的相应位置．2．理清三个回路：回路1：P1＝U1I1回路2：U2＝ΔU＋U3，P2＝ΔP＋P3＝I22R线＋P3，I2＝I3回路3：P4＝U4I4.3．常用关系(1)功率关系：P1＝P2，P2＝ΔP＋P3，P3＝P4.(2)电压关系：eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，U2＝ΔU＋U3，eq\f(U3,U4)＝eq\f(n3,n4).(3)电流关系：eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)，I2＝I线＝I3，eq\f(I3,I4)＝eq\f(n4,n3).(4)输电电流：I线＝eq\f(P2,U2)＝eq\f(P3,U3)＝eq\f(ΔU,R线).(5)输电线上损耗的电功率：ΔP＝P2－P3＝I线2R线＝eq\f(ΔU2,R线)＝ΔU·I线．(6)输电线上的电压损失：ΔU＝I线R线＝U2－U3.(7)输电效率η＝eq\f(P3,P2)×100%.一、单选题1．如图所示，原、副线圈总匝数为的理想变压器，滑动触头初始位置在副线圈距上端三分之一处，输入端接入电压有效值恒定的交变电源。定值电阻的阻值为R，滑动变阻器的最大阻值为16R，滑片初始位置在最右端。理想电压表V的示数为U，理想电流表A的示数为I。下列说法错误的是（

）A．保持位置不变，向下缓慢滑动的过程中，I减小，U减小B．保持位置不变，向下缓慢滑动的过程中，消耗的功率增大C．保持位置不变，向左缓慢滑动的过程中，I变大，U变小D．保持位置不变，向左缓慢滑动的过程中，消耗的功率增大【答案】B【解析】AB．设原副线圈的匝数比为，将副线圈电阻等效到原线圈，阻值为可得原线圈电压则整理可得保持位置不变，向下缓慢滑动的过程中，不断变大，则变小，对由欧姆定律可知可知不断变小，根据原副线圈的功率相等可知消耗的功率整理可得由题知，可知时，消耗的功率有最大值，由题知向下缓慢滑动的过程中由逐渐增大，可知消耗的功率先增大，后减小，故A正确，B错误。CD．由题意可知，原副线圈的匝数比为2，则副线圈的电流为根据欧姆定律可得副线圈的电压有效值为则变压器原线圈的电压有效值为设输入交流电的电压有效值为，则可得保持位置不变，向左缓慢滑动的过程中，变小，不断变大，根据欧姆定律可知变压器原线圈的电压有效值变大，输入电压有效值不变，则两端的电压不断变小，则电压表示数变小，原线圈的电压电流都变大，则功率变大，根据原副线圈的功率相等，可知消耗的功率增大，故CD正确。本题选错误的，故选B。2．如图所示，空间存在磁感应强度大小为B、方向水平向右的匀强磁场，一用粗细均匀的导线制作的形线框abcd围绕ad边以角速度ω匀速转动，其中ad边与磁场垂直。已知线框每边电阻为r，ab=bc=L，在a、d两点通过不计电阻的导线与理想变压器原线圈相连，变压器的副线圈连接一阻值为r的电阻，原、副线圈的匝数比为2∶1。下列说法正确的是（）A．图示时刻线圈中电流为0B．原线圈两端的电压为C．原线圈中的电流为D．电阻r消耗的功率为【答案】B【解析】A．图示时刻线圈中磁通量为0，则磁通量变化率，感应电动势和感应电流都为最大值，故A错误；B．原线圈产生的感应电动势最大值原线圈两端的电压为故B正确；C．根据可得副线圈电压副线圈电流根据可得原线圈中的电流为故C错误；D．电阻r消耗的功率为故D错误。故选B。3．如图所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副线圈接入可变电阻R和小灯泡L（阻值不变）。若可变电阻R的阻值变小，则下列说法正确的是（电路中的电表均为理想电表）（

）A．小灯泡会变暗 B．电流表示数会变大C．电压表示数不变 D．理想变压器的输入功率会变小【答案】B【解析】AB．原线圈电压不变，线圈匝数不变，根据可知，副线圈电压不变，可变电阻R的阻值变小，总电阻变小，电流变大，灯泡会变亮，根据可知，电流表示数变大，故A错误，B正确；CD．灯泡电压增大，则可变电阻电压减小，电压表示数减小，根据可知副线圈电功率增大，则理想变压器的输入功率会变大，故CD错误；故选B。4．在匀强磁场中有一电阻忽略不计的矩形线圈，绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的正弦交流电的感应电动势e随时间t的变化如图甲所示，把该交流电输入到图乙中理想变压器的A、B两端。已知R，为热敏电阻（其电阻随温度升高而减小），R为定值电阻，图中各电表均为理想电表。下列说法正确的是（

）A．变压器A、B两端电压的瞬时值表达式为u=100sin50πt（V）B．图甲中t=2×10−2s时，穿过线圈的磁通量最大C．Rt处温度升高后，电压表V1与V2示数的比值不变D．Rt处温度升高后，变压器的输入功率减小【答案】B【解析】A．根据图甲可知，Em=100V，T=0.02s，则故变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=100sin100πt（V），故A错误；B．图甲中t=2×10−2s时，线圈平面与磁场垂直，穿过线圈的磁通量最大，故B正确；C．理想变压器匝数不变，输入电压不变，则电压表V1示数不变，副线圈两端的电压U2不变，Rt处温度升高时，Rt的阻值减小，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈回路中的电流I2增大，电压表V2测量Rt两端的电压，根据串并联电路规律及欧姆定律有Ut=U2−I2R则电压表V2示数减小，电压表V1示数与V2示数的比值变大，故C错误；D．理想变压器匝数不变，输入电压不变，副线圈两端的电压U2不变，Rt处温度升高时，Rt的阻值变小，变压器的输出功率输出功率变大，理想变压器输入功率等于输出功率，故变压器的输入功率变大，故D错误。故选B。5．如图，某小型水电站发电机输出的电功率P=22kW，发电机的输出电压，经变压器升压后向远距离输电，已知升压变压器原、副线圈的匝数比n1∶n2=1∶11，输电线的总电阻为r=22Ω，最后通过降压变压器将电压降为220V向用户供电。若两个变压器均为理想变压器，则下列说法中正确的是（

）A．用户端交流电的频率为200HzB．用户得到的功率为20kWC．输电线上损失的功率为550WD．降压变压器原、副线圈的匝数比n3∶n4=20∶1【答案】C【解析】A．由发电机的输出电压为（V）得则用户端交流电的频率为故A错误；BC．由可知升压变压器原线圈的电压根据升压变压器原副线圈变压比有解得升压变压器的输入功率等于输出功率有解得则输电线上损耗的功率用户得到的功率等于降压变压器得到的功率故B错误，C正确；D．输电线上的电压为则降压变压器原线圈的电压降压变压器原副线圈电压比等于匝数比有故D错误。故选C。6．远距离输电的示意图如图所示，变压器均为理想变压器，升压变压器的原、副线圈匝数比为，降压变压器的原、副线圈匝数比为，输电线的总电阻为R=200Ω。当用户消耗的电功率为110kW时，入户电压，则升压变压器的原线圈的输入电压等于（）A．465V B．316.5V C．232.5V D．216.5V【答案】B【解析】降压变压器副线圈中的电流为设输电线上的电流为，根据解得根据解得输电线上损失的电压大小为可知升压变压器副线圈两端的电压为根据解得故选B。7．如图所示为远距离输电的原理图，已知升压变压器原、副线圈的匝数分别为和，降压变压器原、副线圈的匝数分别为和，输电线上的电阻为R，变压器均为理想变压器，若保持发电厂的输出电压不变，当输电线上电流减少时，则用户端的电压增加（）A． B． C． D．【答案】B【解析】一定，则一定，当输电线上电流减少，则输电线上电压减少，则降压变压器原线圈两端的电压增加根据变压比可知用户端电压增大故选B。8．为全面推进乡村振兴，彭州某地兴建的小型水电站如图所示。该水电站交流发电机的输出功率为P=100kW、发电机的输出电压U1=250V，经变压器升压后用总电阻R线=7.5Ω的输电线向远处输电，在用户处的降压变压器输出电压U4=220V，若升压变压器与降压变压器的匝数比满足，则以下说法正确的是（）A．发电机输出的电流I1=40AB．输电的效率为85%C．升压变压器的匝数比为D．降压变压器输出的电流I4=400A【答案】D【解析】A．根据电功率公式发电机输出电流故A错误；D．根据理想变压器电流与线圈匝数成反比关系又解得故D正确；B．降压变压器输出的功率为输电的效率为故B错误；C．输电线上损失的功率为又解得其中则升压变压器的匝数比为故C错误。故选D。二、多选题9．如图所示，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，磁感应强度为，线圈面积为，转动的角速度为，匝数为，线圈电阻不计，右侧接降压变压器。定值电阻，电容器电容为，电表均为理想电表，下列说法正确的是（）A．增大线圈转动的角速度，灯泡亮度不变B．增大线圈转动的角速度，电压表示数变大C．线圈转动的角速度一定，开关S由1调至2时，电流表示数变大D．线圈转动的角速度一定，开关S由2调至1时，消耗的功率变大【答案】BC【解析】AB．由线圈转动产生的最大感应电动势为则有电动势的有效值为可知增大线圈转动的角速度，则最大感应电动势增大，电动势的有效值增大，灯泡亮度变大，电压表示数变大，A错误，B正确；C．线圈转动的角速度一定，则产生电动势的有效值一定，开关S由1调至2时，降压变压器的副线圈匝数增大，由变压器原、副线圈的电压比等于匝数比可知，副线圈的输出电压升高，由于变压器是降压变压器，由变压器原、副线圈的电流比与匝数比成反比，可知原线圈的电流小于副线圈的电流，又，可知电阻上的电压增加量，要大于因原线圈的电流增大，上的电压降引起副线圈输出电压的减小量，因此电流表示数变大，C正确；D．线圈转动的角速度一定，则产生电动势的有效值一定，开关S由2调至1时，变压器副线圈的输出电压降低，副线圈回路中的电流减小，则原线圈中电流减小，由功率公式可得可知消耗的功率变小，D错误。故选BC。10．在如图所示的电路中，理想变压器的匝数比，定值电阻，，滑动变阻器R的最大阻值为。在c、d两端输入正弦式交流电，电压的表达式为。当滑片P从a端滑到b端的过程中，下列说法正确的是（）A．电阻的功率一直增大B．电流表示数的最小值为AC．当滑片Р处在a端与b端的中点时，整个电路的功率达到最大D．理想变压器的最大输出功率为6.25W【答案】BD【解析】等效电路图如图所示两副线圈的等效电阻为，A．当滑片P从a端滑到b端的过程中，总电阻减小，总电流增大，两端的电压增大，两端的电压减小，故电阻R3的功率一直减小，故A错误；B．原线圈的两端电压为当滑片位于a端时，电流表的示数最小，此时滑动变阻器的阻值为3Ω，原线圈电流为故B正确；C．由图可知当滑片P从a端滑到b端的过程中滑动变阻器的阻值变小，则总电阻减小，原线圈的电流不断变大，又因为所以当滑片Р滑至b端时，整个电路的功率达到最大，故C错误；D．由等效电路方法，R1等效为电源内阻。输出功率最大时满足此时原线圈电压与R1两端电压相等，输出功率为故D正确。故选BD。11．某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机输出的电压恒定，通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，已知输电线的总电阻为R，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，它的副线圈两端的交变电压如图乙所示。若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A．降压变压器T2原线圈的输入电压为55VB．降压变压器T2的输入功率与输出功率之比为1：1C．升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压D．当用户端用电量增大时，发电机输出的功率也增大【答案】BD【解析】A．降压变压器T2的副线圈两端的交变电压如图乙所示，则有根据理想变压器两端的电压比等于匝数比，有即降压变压器T2原线圈的输入电压为880V，故A错误；B．理想变压器忽略磁损、铜损和铁损，则变压器两端的电能相等，即降压变压器T2的输入功率与输出功率之比为1：1，故B正确；C．在输电线路上满足即升压变压器T1的输出电压大于降压变压器T2的输入电压，故C错误；D．将用户电阻等效到输电线上，输电线上的电流为发电机输出的电压恒定，可知升压变压器的输出电压不变，当用户端用电量增大时，即减小，输电电流增大，由则发电机输出的功率将增大，故D正确。故选BD。12．龙岩地处山区，水力资源丰富，现利用市内某条流量、落差的河流发电并进行远距离输电。如图所示，若发电机输出功率为，输出电压为240V，输电线路总电阻，允许损失功率为输出功率的，要满足居民220V的用电需求。重力加速度，水的密度，则（）A．发电机的效率为B．该输电线路所使用的理想升压变压器的匝数比是3：50C．该输电线路所使用的理想降压变压器的匝数比是180：11D．能使用户端370盏“220V，100W”的电灯正常发光【答案】AB【解析】A．发电机的效率为故A正确；B．升压变压器原线圈电流为根据解得输电线电流为则该输电线路所使用的理想升压变压器的匝数比为故B正确；C．升压变压器负线圈的输出电压为降压变压器原线圈的输入电压为则该输电线路所使用的理想降压变压器的匝数比为故C错误；D．设能使用户端“220V，100W”的电灯正常发光的盏数为，则有故D错误。故选AB。一、单选题1．如图所示，线圈在匀强磁场中绕固定轴匀速转动，产生的正弦式交流电通过自耦变压器给灯泡和滑动变阻器供电。已知线圈的电阻不可忽略，自耦变压器可看作理想变压器，下列说法正确的是（）A．图示时刻线圈中感应电流大小为零B．将滑动变阻器的滑片向上移动，灯泡变亮C．将自耦变压器的滑片逆时针转动，自耦变压器的输入电流变大D．将滑动变阻器的滑片向上移动，自耦变压器的输出功率一定减小【答案】C【解析】A．图示时刻线圈abcd中的磁通量为零，与中性面垂直，磁通量的变化率最大，感应电动势大，感应电流最大，故A错误；C．将自耦变压器的滑片P逆时针转动，变压器的原线圈匝数不变，副线圈的匝数增多，副线圈的输出电压变大，则副线圈的电流变大，所以自耦变压器的输入电流变大，故C正确；BD．设滑动变阻器和小灯泡的总电阻为R，线圈abcd在匀强磁场中匀速转动产生电动势的有效值为E，内阻为r，自耦变压器的原副线圈匝数分别为、。则副线圈在原线圈中的等效电阻为将滑动变阻器的滑片Q向上移动，滑动变阻器的电阻变小，副线圈在原线圈中的等效电阻变小，原线圈的电流变大，线圈abcd分压变大，则原线圈的输入电压变小，副线圈的输出电压也变小，灯泡两端的电压变小，则灯泡变暗；则线圈abcd的输出功率为所以，当时，线圈abcd的输出功率最大，即自耦变压器的输出功率最大，将滑动变阻器的滑片Q向上移动，则滑动变阻器的阻值变小，即滑动变阻器和小灯泡的总电阻变小，但因滑动变阻器和小灯泡的总电阻与线圈匝数比和线圈abcd的内阻未知，所以无法判断自耦变压器的输出功率的变化情况，故BD错误。故选C。2．如图所示，理想变压器的原、副线圈匝数比，原线圈电路中接入内阻不计电压满足的电源，电流表为理想交流电表。已知，，开关S闭合前、后电流表示数之比为3:4。下列说法正确的是（）A．副线圈电流的频率100HzB．定值电阻C．开关闭合前后原线圈电压有效值始终为220VD．开关闭合后电源输出的功率减小【答案】B【解析】A．理想变压器不改变交变电流的频率，即故A错误；B．由题可知，设，当开关S断开时，副线圈的负载电阻为2R；当开关闭合时，副线圈的负载电阻为R；将理想变压器的原、副线圈和负载电阻等效为一个电阻，画出电路的等效电路图，如图所示。根据理想变压器电阻等效法，得因此当开关断开时当开关闭合时根据闭合电路欧姆定律，可知等效电路中电流表示数故，又解得故B正确；C．根据可知开关闭合前后原线圈电路中电流发生变化，则原线圈电压有效值会发生变化。故C错误；D．根据可知开关闭合后，等效电阻减小，则电源输出的功率增大。故D错误。故选B。3．燃油汽车点火系统的基本结构如图所示，主要部分由直流电源E、保护电容C、电阻R、理想变压器、火花塞等构成，已知直流电源的电动势为12V，火花塞内两触点之间要产生30kV电压，才能产生电弧将油气点燃，理想变压器原、副线圈匝数之比为1:100，下列说法正确的是（）A．开关S闭合时，电容C将进行充电B．开关S闭合瞬间，变压器副线圈两端电压最高可达30kVC．开关S断开瞬间，若要将油气点燃，变压器原线圈至少需产生300V电压D．开关S断开后，电容器将先放电后充电【答案】C【解析】A．开关S闭合时，电容C被短路，不会充电，故A错误；B．开关S闭合瞬间，变压器原线圈两端电压不会超过电源的电动势，则副线圈两端电压不超过1200V，故B错误；C．开关S断开瞬间，变压器副线圈两端电压可达30kV，则原线圈至少需产生300V自感电压，故C正确；D．开关S断开后，由于变压器原线圈发生自感，电容器将先充电再放电，故D错误。故选C。4．如图甲、乙所示为家庭应急式手动小型发电机的两个截面示意图。推动手柄使半径为r的圆形线圈沿轴线做简谐运动，速度随时间变化的规律为，线圈匝数为n，电阻不计，所在位置磁感应强度大小恒为B，灯泡的额定电压为U，若灯泡刚好正常发光，则理想变压器的原副线圈匝数比等于（）A． B．C． D．【答案】B【解析】由题意可知，线圈产生的是正弦交流电，电动势的最大值为电动势的有效值为由于线圈电阻不计，则变压器原副线圈匝数比为故选B。5．电蚊拍利用高压电击网来击杀飞近的蚊虫。如图所示，将直流电压通过转换器转变为正弦交变电压，再将其加在理想变压器的原线圈上，副线圈两端接电击网，电压峰值达到时可击杀蚊虫，正常工作时（）A．交流电压表的示数为B．副线圈与原线圈匝数比需满足C．电击网上的高频电压的频率为D．将直流电压连接在变压器的原线圈两端电蚊拍也可以正常工作【答案】B【解析】A．正弦交变电压的有效值为交流电压表的示数为，故A错误；B．根据变压器原、副线圈电压比等于匝数比，可知副线圈与原线圈匝数比需满足故B正确；C．电击网上的高频电压的频率为故C错误；D．将直流电压连接在变压器的原线圈两端，副线圈不会产生感应电动势，电蚊拍不可以正常工作，故D错误。故选B。二、多选题6．如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为。当开关闭合、断开，输入端ab的电压为时，四个完全相同的灯泡均可正常发光；当开关断开、闭合，输入端ab的电压为时，四个灯泡仍正常发光。下列说法正确的是（）A．电压和相同 B．两次实验ab端输入电功率之比为C．和的阻值之比为 D．两次实验和的电功率相同【答案】AD【解析】A．设灯泡的额定电压和电流为U、I，当S1闭合，S2断开时，四个灯正常发光，所以有U副=2U那么根据变压器的变压规律得所以输入电压U1=2U+4U=6U另外，当S2闭合，S1断开时，四个灯也正常发光，所以有U副′=2U所以输入电压U2=2U+4U=6U由此可知，两次输入端电压U1和U2相同，故A正确；B．当S1闭合，S2断开时，输入功率为P1=U1I=6UI当S2闭合，S1断开时，输入功率为P2=U2I=6UI所以两次输入端电功率相等，故B错误；C．当S1闭合，S2断开时，四个灯也正常发光有I副=I所以I原＝I又根据并联电路电流的关系有IR1＝I−I原＝I所以当S2闭合，S1断开时，四灯正常发光有I原′=I所以I副′=2I根据电流关系有IR2=2I-I=I所以所以R1和R2的阻值之比为4：1，故C错误；D．R1上的功率为R2上的功率为故D正确。故选AD。7．某节能储能输电网络如图所示，发电机的输出电压为，输出功率为500kW。输电线上电流为8A，损失的功率为4kW，其余线路电阻不计，用户端电压，功率88kW。储能站电路电流为51A，升压变压器的匝数比，所有变压器均为理想变压器。下列说法正确的是（）A．输电线总电阻 B．发电机输出电压C．用户增加时，用户得到的电压降低 D．升压变压器的匝数比【答案】BCD【解析】A．输电线上电流为8A，由功率公式可得A错误；B．用户端电压，功率88kW，可得输电线上电流为8A，由理想变压器原、副线圈电流与匝数关系公式可得，降压变压器的匝数比由理想变压器原、副线圈电压与匝数关系公式可得可知升压变压器副线圈上电压可知升压变压器原线圈上电压B正确；C．当用户增加时，可知增大，则输电线上电流增大，输电线上电压降增大，则减小，用户得到的电压降低，C正确；D．储能站功率为可得储能站电路电流为51A，则有由理想变压器原、副线圈电压与匝数关系公式可得D正确。故选BCD。8．如何有效地提高能源利用率是人类所面临的一项重要任务。如图是远距离输电示意图，变压器T1、T2均为理想变压器，T2原、副线圈的匝数之比为100:1，负载两端电压随时间变化规律为，下列说法正确的是（）A．交流电源输出的交流电频率为50HzB．T2原线圈两端的电压有效值等于220kVC．若T1输入电压不变，负载消耗总功率变大，则T1副线圈两端的电压不变D．若T1输入电压不变，负载消耗总功率变大，则输电线上消耗的电功率变小【答案】AC【解析】A．变压器改变电压和电流，不改变频率，故电源的频率与的频率相同，则交流电源输出的交流电频率为Hz故A正确；B．由题意可知，降压变压器T2副线圈两端电压的有效值为V原线圈两端电压的有效值满足解得T2原线圈两端的电压有效值为kV故B错误；CD．若T1输入电压不变，根据可知T1副线圈两端的电压不变；负载消耗总功率变大，根据可知T2副线圈电流变大，根据可知输电线上的电流变大，则消耗的电功率变大，故C正确，D错误。故选AC。9．如图甲所示为某品牌漏电保护器，其内部结构及原理如图乙所示，虚线框内为漏电检测装置，可视为理想变压器，其中原线圈由入户的火线、零线在铁芯上双线并行绕制而成，副线圈与控制器相连。当电路发生漏电时，零线中的电流小于火线，从而使副线圈中产生感应电流，通过控制器使线路上的脱扣开关断开，起到自动保护的作用。若入户端接入（V）的交变电流，则下列说法正确的是（）A．入户端接入的交变电流方向每秒变化50次B．没有发生漏电时，通过副线圈的磁通量始终为0C．没有发生漏电时，通过副线圈的磁通量随原线圈中电流的增加而增加D．当站在绝缘凳上的人双手同时误触火线和零线时，该漏电保护器不会切断电路【答案】BD【解析】A．入户端接入的交变电的频率为50Hz，每个周期内电流方向改变2次，则电流方向每秒变化100次，选项A错误；BC．没有发生漏电时，由与通过火线和零线的电流相等方向相反，则通过副线圈的磁通量始终为0，选项B正确，C错误；D．当站在绝缘凳上的人双手同时误触火线和零线时，人相当于一个用电器，火线与零线的电流同时增大，上方线圈的磁通量仍为零，脱扣开关不会断开，故D正确。故选BD。10．“西电东送”