广东省珠海市2025届高三生物三模考试试题含解析

PAGE13-广东省珠海市2025届高三生物三模考试试题（含解析）一、选择题1.人体肠道内有数量众多的益生菌，有维持肠道健康、提高免疫力等多种功能。下列关于肠道益生菌的叙述正确的是（）A.增殖方式为无丝分裂 B.产生ATP的场全部细胞质基质和线粒体C.遗传物质是DNA或RNA D.抗生素运用不当会破坏其平衡【答案】D【解析】【分析】益生菌是通过定殖在人体内，变更宿主某一部位菌群组成的一类对宿主有益的活性微生物。通过调整宿主黏膜与系统免疫功能或通过调整肠道内菌群平衡，促进养分汲取保持肠道健康的作用，从而产生有利于健康作用的单微生物或组成明确的混合微生物。人体、动物体内有益的细菌或真菌主要有酵母菌、益生芽孢菌、丁酸梭菌、乳杆菌、双歧杆菌、放线菌等。【详解】A、无丝分裂为真核生物如蛙的分裂方式，细菌的增殖方式为二分裂，酵母菌的增殖方式主要为有丝分裂，A错误；

B、细菌无线粒体，产生ATP的场所只有细胞质基质，B错误；

C、细胞结构的生物遗传物质是DNA，C错误；

D、抗生素有杀菌的作用，抗生素运用不当会破坏其平衡，D正确。

故选D2.下图为植物根尖根毛细胞的模式图，下列相关叙述正确的是（）A.细胞壁的一部分向外突出形成根毛，是与其汲取水分和无机盐的功能相适应的B.通常状况下A细胞比根毛细胞的渗透压低，所以能从根毛细胞中获得水分C.若用碱性染料对上述细胞进行染色，可视察到某些细胞有清楚的染色体D.土壤中的NO3-随着水以扩散方式进入细胞，参加蛋白质等有机物的合成【答案】A【解析】【分析】根尖是指从根的顶端到生有根毛的一段，它的结构从顶端依次是根冠、分生区、伸长区、成熟区。根冠位于根的顶端，属于爱护组织，细胞比较大，排列不够整齐，像一顶帽子似地套在外面，具有爱护作用。分生区被根冠包围着，属于分生组织，细胞很小，细胞壁薄，细胞核大，细胞质浓，具有很强的分裂实力，能够不断分裂产生新细胞，向下补充根冠，向上转化为伸长区。伸长区在分生区上部，细胞渐渐停止分裂，起先快速伸长，是根伸长最快的地方，是根深化土层的主要推动力，能够汲取水分和无机盐。成熟区也叫根毛区；在伸长区的上部，细胞停止伸长，并且起先分化，表皮一部分向外突起形成根毛。根汲取水分和无机盐的主要部位。成熟区及其上部，根内部一部分细胞分化形成导管，能输导水分和无机盐。【详解】A、根毛区的细胞有较强的吸水实力，细胞壁的一部分向外突出形成根毛，是与其汲取水分和无机盐的功能相适应的，A正确；

B、渗透压高，吸水实力强，通常状况下A细胞比根毛细胞的渗透压低，因此不易从根毛细胞中获得水分，B错误；

C、根毛细胞高度分化，不能分裂，若用碱性染料对上述细胞进行染色，看不到染色体，C错误；

D、土壤中的NO3-以主动运输的方式进入细胞，参加蛋白质等有机物的合成，D错误。

故选A。3.下列相关试验中涉及“分别”的叙述，其中不正确的是（）A.利用差速离心法分别细胞器，原理是利用各细胞器沉降系数不同B.植物细胞质壁分别的原理是细胞内外的液体之间存在浓度差C.植物根尖细胞有丝分裂试验中，可以视察到姐妹染色单体彼此分别的过程D.绿叶中色素的提取和分别试验中，色素分别是因其在层析液中溶解度不同【答案】C【解析】【分析】色素是光合作用中汲取和转化光能的重要物质，色素的提取常采纳菠菜为原料，光合色素是脂溶性的，因此色素的提取和分别都采纳有机溶剂。色素提取和分别的主要步骤为：研磨、过滤、画滤液细线、纸层析分别。分别出来的色素在滤纸条上从上到下的依次依次为：胡萝卜素、叶黄素、叶绿素a、叶绿素b。【详解】A、差速离心主要是实行渐渐提高离心速度的方法分别不同大小的细胞器，利用差速离心法分别细胞器，原理是利用各细胞器沉降系数不同，A正确；

B、植物细胞质壁分别的原理是细胞内外的液体之间存在浓度差，当处于较高浓度的外界溶液中，细胞失水，原生质层与细胞壁分别，B正确；

C、植物根尖细胞有丝分裂试验中，细胞已经解离死亡，不能视察到姐妹染色单体彼此分别的过程，C错误；

D、绿叶中色素的提取和分别试验中，色素分别是因其在层析液中溶解度不同，溶解度大的随层析液在滤纸条上扩散得快，D正确。

故选C。4.探讨者取生长良好拟南芥完全绽开的叶，照光使气孔张开。撕取其下表皮，做成临时装片。从盖玻片一侧滴入不同浓度乙烯利溶液（能放出乙烯），另一侧用吸水纸吸引，重复几次后，在光下处理30min，测量并记录气孔直径。之后滴加蒸馏水，用同样方法清除乙烯利，再在光下处理30min，测量并记录气孔直径，结果如下图所示。下列说法不正确的是（）A.此试验的目的是探讨不同浓度乙烯利对拟南芥叶片气孔开闭的影响B.探讨结果表明，乙烯可诱导气孔关闭，且随浓度增加诱导效果增加C.乙烯可能是通过调整水分的运输，从而调整气孔的开关D.高浓度的生长素可以促进乙烯的合成，这体现了两者相互协同作用【答案】D【解析】【分析】植物激素亦称植物自然激素或植物内源激素，是指植物体内产生的一些微量而能调整（促进、抑制）自身生理过程的有机化合物。已知植物体内产生的激素有五大类，即生长素、赤霉素、细胞分裂素、脱落酸、乙烯。它们都是些简洁的小分子有机化合物，但它们的生理效应却特别困难、多样。从影响细胞的分裂、伸长、分化到影响植物发芽、生根、开花、牢固、性别确定、休眠和脱落等。所以，植物激素对植物的生长发育有重要的调控作用。生长素、赤霉素、细胞分裂素能促进植物生长和发育过程，而脱落酸和乙烯的作用则是抑制植物生长，促进成熟和苍老。【详解】A、从图中可知，此试验的目的是探讨不同浓度乙烯利对拟南芥叶片气孔开闭的影响，A正确；

B、探讨结果表明，乙烯可诱导气孔关闭（看图中纵坐标），且随浓度增加诱导效果增加，B正确；

C、气孔是水分子和气体的通道，保卫细胞吸水形成气孔，乙烯可能是通过调整水分的运输，从而调整气孔的开关，C正确；

D、生长素促进生长，高浓度的生长素可以促进乙烯的合成，高浓度的乙烯抑制生长，不能体现两者相互协同作用，D错误。

故选D。5.人类红绿色盲的基因（A、a）位于X染色体上，秃顶的基因（B、b）位于常染色体上，Bb和BB的女性表现为非秃顶，而只有BB的男性才表现为非秃顶。下列说法正确的是（）A.色盲和秃顶都与性别相关联，所以都属于伴性遗传B.女性中秃顶的概率等于基因b的基因频率C.男性中色盲的发病率等于色盲基因a的基因频率D.某色盲且秃顶的女性，其色盲基因和秃顶基因都有可能来自她的祖父【答案】C【解析】【分析】伴性遗传指位于性染色体上的基因所限制的性状表现出与性别相联系的遗传方式。自然界中由性染色体确定生物性别的类型，主要有XY型和ZW型，XY型在雌性的体细胞内，有两个同型的性染色体，在雄性的体细胞内，有两个异型的性染色体。【详解】A、色盲和秃顶都与性别相关联，色盲是伴性遗传，秃顶相关基因在常染色体上，A错误；

B、女性中秃顶的概率等于bb的数目/女性个体数目×2，女性中基因b的基因频率=(bb×2+Bb×1)/（BB+Bb+bb）×2，B错误；

C、男性中色盲的发病率为XaY的数目/（XAY+XaY）的数目，男性中色盲基因a的基因频率为a的数目/（A+a）的数目=XaY的数目/（XAY+XaY）的数目，C正确；

D、某色盲且秃顶的女性（bbXaXa），从其父亲处获得的为X染色体，而其祖父传递给父亲的为Y染色体，因此其色盲基因不行能来自她的祖父，D错误。

故选C。6.有两种植物靠一种蜂鸟传粉。一种植物的花蕊蜜管直而短，另一种则弯而深。雌鸟的长鸟喙适于在弯曲的长筒状花蕊蜜管中采蜜，雄鸟短鸟喙适于在短小笔直的花蕊蜜管中采蜜。由此得出的结论不正确的是（）A.雌雄蜂鸟在不同植物上采蜜缓解了雌雄蜂鸟间的种内斗争B.两种植物花蕊蜜管形态的差异是因蜂鸟采蜜导致的变异C.花蕊蜜管形态与鸟喙长度相适应是长期相互选择的结果D.对鸟喙遗传多样性进行基因检测遵循碱基互补配对原则【答案】B【解析】【分析】共同进化包括两个方面：（1）生物与生物之间相互选择，体现在捕食关系、互利共生等种间关系上。（2）生物与环境之间的相互影响，如无氧环境影响生物的代谢类型均为厌氧型，自养型生物的出现产生的氧气使环境变成有氧环境，这又影响了好氧生物的出现。【详解】A、食物来源有别，可以很好缓解种内个体间因争夺食物的斗争。题干信息告知同种雌雄蜂鸟采蜜不同植物，食物来源不同，可缓解种内斗争，A正确；B、两种植物花蕊蜜管形态的差异是可遗传变异的结果，蜂鸟采蜜只属于环境因素，B错误C、花蕊蜜管形态与鸟喙长度相适应是长期相互选择的结果，C正确；D、对于遗传多样性的检测常用分子杂交的方法，其原理是碱基互补配对，D正确。故选B。7.镉（Cd）是一种土壤中污染范围较广的重金属。探讨人员利用上海青进行了相关镉（Cd）胁迫试验，请回答相关问题：（1）探讨发觉，在肯定浓度的Cd2+溶液中，短时间内上海青细胞中叶绿素含量显著下降，这一变更会使上海青对光能的______________产生影响，进而抑制光合作用的_________阶段。同时Cd2+还可通过抑制光合电子传递过程，使ATP的合成受阻，进而抑制暗反应中____________过程。（2）H2S是目前公认的一种气体信号分子，为进一步探讨H2S对Cd胁迫上海青光合作用的影响机理，检测了不同处理下的Rubp羧化酶（用于固定CO2）活性和叶绿素含量，试验结果如下图所示（其中CK为比照组）。①为构建体外测定Rubp羧化酶活性的反应体系，除了Rubp羧化酶、缓冲物质与酶爱护剂外，下列哪些成分及相关条件也是必需的？_________(填标号)。A、ATPB、NADPHC、C3D、C5E、相宜的光照F、相宜的温度G、肯定的浓度的CO2②结合图分析，H2S能________Cd胁迫对上海青光合作用的影响，其机理是：_________。【答案】(1).汲取、传递和转换(2).光反应(3).C3还原(4).DFG(5).缓解(6).提高叶绿素含量，促进了光反应，提高了Rubp羧化酶的活性，促进CO2的固定和利用，肯定程度上促进了碳反应【解析】【分析】光合作用的光反应阶段（场所是叶绿体的类囊体膜上）：水的光解产生[H]与氧气，以及ATP的形成；光合作用的暗反应阶段（场所是叶绿体的基质中）：CO2被C5固定形成C3，C3在光反应供应的ATP和[H]的作用下还原生成糖类等有机物。图中显示Cd降低了光合色素和Rubp羧化酶的活性，而加入H2S后可以缓解Cd的作用。【详解】（1）依题文信息可知，因为肯定浓度的Cd2+溶液中，短时间内使上海青细胞中叶绿素含下降，叶绿素作用是汲取、传递和转化光能，所以上海青汲取、传递和转化光能受到影响，从而干脆抑制光合作用的光反应阶段；因为Cd2+抑制光合电子传递过程，ATP的合成受阻，无法为暗反应供应能量，所以会干脆抑制暗反应中C3的还原。（2）①构建体外测定Rubp羧化酶活性的反应体系，Rubp羧化酶是催化C5和CO2结合生成C3，所以在这个阶段的的反应中须要C5、相宜的温度和肯定的浓度的CO2。故选DFG。②比较图中数据加入Cd后叶绿素含量和Rubp羧化酶活性大幅度降低，而加入H2S和Cd后发觉叶绿素含量有所上升，Rubp羧化酶活性略微上升，所以H2S能够缓解Cd胁迫对上海青光合作用的影响的机理是提高叶绿素含量，促进了光反应，提高了Rubp羧化酶的活性，促进CO2的固定和利用，肯定程度上促进了碳反应。【点睛】本题重在考查学生识记光合作用及呼吸作用相关基础学问的实力，以及结合题文效信息解决生物实例问题的实力，分析图中的数据得出相应的信息是解题的关键。8.有探讨认为，雌激素能改善动物记忆。为探究其可能机理，某探讨团队利用大鼠进行试验，探讨数据如下表：处理BDNFmRNA（相对值）BDNF（相对值）记忆水平1．001．00++++++手术，切除卵巢0．350．26++切除卵巢，注射雌激素0．950．98+++++（BDNF：脑源性神经养分因子，是一种具有神经养分作用的蛋白质。)请回答下列相关问题：（1）表中横线处的处理为______________________，其目的是：_____________________。（2）BDNF是体内含量最多的神经养分因子，它通过与“受体—离子通道藕连复合体”结合，引起神经元________通道开放，导致神经细胞膜两侧电位转变为外负内正；也可能会导致神经元Ca2+通道开放，Ca2+内流，促进______与_______融合，释放神经递质，增加兴奋的传递过程，从而促进学习记忆。（3）综合上述探讨结果，推想雌激素改善记忆的可能机理是：_________________。【答案】(1).手术，不切除卵巢(2).解除手术等无关变量对试验结果的影响(3).Na+(4).突触小泡（囊泡）(5).突触前膜(6).雌激素通过提高BDNF基因的表达量，从而促进兴奋的传递，维持相应的记忆水平【解析】【分析】本试验目的是探究性激素的作用机制，所以自变量是有无性激素，比照组须要作一个手术，但不切除性腺，保证性激素的释放，激素通过变更基因的表达调控细胞代谢。兴奋在神经元之间须要通过突触结构进行传递，突触包括突触前膜、突触间隙、突触后膜，其详细的传递过程为：兴奋以电流的形式传导到轴突末梢时，突触小泡释放递质（化学信号），递质作用于突触后膜，引起突触后膜产生膜电位（电信号），从而使下一个神经元产生兴奋或抑制。【详解】（1）本试验目的是探究雌激素的作用机理，自变量是有无雌性激素，所以横线一组作为比照，为了解除手术等无关变量对试验结果的影响，横线处理为手术，不切除卵巢。（2）BDNF可以导致神经细胞膜两侧电位转变为外负内正，说明当其和受体结合后引起神经元Na+通道开放，导致Na+内流，变更膜电位，也有可能导致神经元Ca2+通道开放，Ca2+内流促进突触小泡和突触前膜融合释放神经递质。（3）雌激素改善记忆的可能机理是雌激素通过提高BDNF基因的表达量，从而促进兴奋的传递，维持相应的记忆水平。【点睛】本题须要考生驾驭试验自变量的设计，解除相关的无关变量，理解兴奋在神经元之间的传递过程。9.探讨人员发觉玉米品种甲的3号染色体上具有抗病基因B，7号染色体上具有粒重基因S，而某突变体玉米品种乙的染色体相应位置均为隐性基因。将甲、乙杂交，F1自交，收获F2，随机选取148株玉米进行基因鉴定，各基因型个体数如下表。BBBbbbSSSsss127363377536（1）上述两对等位基因是否都遵循分别定律？____________；推断的理由是_____________。这两对基因_________（遵循/不遵循）自由组合定律。（2）探讨发觉，F2群体中BB、Bb、bb基因型个体的数量比总是1：7：6。探讨人员推想“F1产生的雌配子育性正常，而带有B基因的花粉成活率很低。”请设计杂交试验检验上述推想，并写出支持上述推想的子代性状及数量比。_________________________________________________。【答案】(1).都遵循(2).两对基因都属于等位基因，伴同源染色体分别而分别(3).遵循(4).以F1为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1：1以F1为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例为1：6【解析】【分析】基因分别定律实质是位于同源染色体的等位基因随着同源染色体的分开而分别。基因自由组合定律的实质是位于非同源染色体上的非等位基因的自由组合。基因分别定律是基因自由组合定律的基础。【详解】（1）位于同源染色体上的等位基因在减数第一次分裂后期会随着同源染色体的分开而分别，据此可知上述两对等位基因的遗传都遵循基因的分别定律，题中显示的两对等位基因分别位于两对同源染色体上，即这两对基因属于非同源染色体上的非等位基因，因此，这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律。（2）由F2群体中BB、Bb、bb基因型个体的数量比为1:7:6，推想缘由是“F1产生的雌配子育性正常，而带有B基因的花粉成活率很低”。为检验上述推想采纳测交试验，详细操作为：选择F1为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是1：1，可证明F1产生了两种比例相等的雌配子，且都育性正常；以F1为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例为1：6，依据分别定律可知：F1产生了两种比例相等的雄配子，而子代个体中出现了异样的比例，据此可推想带有B基因的花粉成活率很低，只有1/6。当F1自交时，雌配子的比例为B:b=1：1，具有育性的雄配子的比例为B:b=1:6，列出棋盘可得出基因型比例为BB:Bb:bb=1：7：6。【点睛】熟知分别定律和自由组合定律的实质是解答本题的关键！能够正确的运用测交方法解答实际问题是解答本题的另一关键！10.长期进行池塘水产养殖，会因饲料和养殖动物的排泄物等引起水质变差，导致水体富养分化，而水体富养分化带来的鱼类疾病也会明显增多。近年来，以浮床为载体在池塘水面进行水稻种植的“稻—鱼”共生模式在净化水质、提高效益方面都取得特别大的成效。（1）鱼塘生态系统中全部的草鱼属于一个______；水稻在鱼塘生态系统组成中属于______，其在生态系统中的作用是_____________________________。（2）鱼塘中的N、P等被水稻根系以_______运输方式汲取，从而有效缓解水体富养分化。（3）用浮床进行水稻栽培，须要考虑哪些方面的因素？（至少列出两点）__________________________________________________________________________________（4）“稻—鱼”共生模式相对于传统鱼塘养殖有哪些优势？（至少列出两点）__________________________________________________________________________________【答案】(1).种群(2).生产者(3).通过光合作用将无机物转变成有机物，并将光能转化为化学能储存在有机物中(4).主动运输(5).水稻品种；栽培基质；水体环境；种植密度；浮床大小及布局(6).改善水体生态环境，减轻污染；提高资源利用率，削减化肥运用；增加种植面积，提高经济效益；实现物质循环利用，实现水产养殖和水稻种植的绿色可持续发展【解析】【分析】种群是指肯定自然区域内，同种生物的全部个体。生态系统的组成成分可以分为生产者、消费者、分解者和非生物的物质和能量，其中生产者是指自养型生物，其可以固定太阳能，将能量储存在其制造的有机物中。【详解】（1）肯定自然区域内全部的草鱼属于同一物种的同种个体，属于一个种群；水稻属于植物可以进行光合作用固定太阳能，属于生产者；生产者在生态系统中的作用是通过光合作用将无机物转变成有机物，并将光能转化为化学能储存在有机物中；

（2）N、P元素主要以无机盐的形式被根细胞汲取，一般属于主动运输的方式；

（3）运用浮床进行水稻栽培，须要考虑水稻的品种，其次浮床本身对水稻的影响，即栽培基质、水体环境、浮床大小及布局等、还须要考虑种植的密度等系列问题；

（4）传统鱼塘养殖物种单一，人为参加的比例很大，而“稻—鱼”共生模式利用了物种之间的种间关系，可以改善水体生态环境，减轻污染；提高资源利用率，削减化肥运用；增加种植面积，提高经济效益；实现物质循环利用，实现水产养殖和水稻种植的绿色可持续发展。【点睛】本题综合性的考察了种群的定义、生态系统的组成成分和生态农业的原理和利用等学问，基础性较强，联系生活识记相关学问是本题的解题关键。【生物—选修1：生物技术实践】11.餐厨垃圾废液中的淀粉、蛋白质、脂肪等微溶性物质可以被微生物分解并利用，但由于初期有益微生物数量相对较少，存在发酵周期长、效率低等缺点，极易对环境造成污染。为探究圆褐固氮菌和巨大芽孢杆菌处理某餐厨垃圾废液的最佳接种量比，来制备微生物菌剂，探讨者做了如下试验：（1）将两种菌液进行不同配比分组处理如下表所示：编号R0R1R2R3圆褐固氮菌：巨大芽孢杆菌1：00：11：12：1将上表菌液分别接种于100mL_________中进行振荡培育，振荡处理的目的是_______。本试验还需设置比照组为______________。（2）培育3天后，采纳______________接种法对活菌进行视察并计数。进行计数时，可依据_________对两种菌进行区分，并选取菌落数在______________内的平板。试验结果如下图所示：由上述结果可得出结论___________________________________________。【答案】(1).某餐厨垃圾废液(2).供氧、目的菌与培育液充分接触(3).接种等量无菌水(4).稀释涂布平板(5).菌落特征（或菌落的性状、大小、颜色等）(6).30～300(7).圆褐固氮菌和巨大芽孢杆菌处理某餐厨垃圾废液的最佳接种量比为1：1【解析】【分析】1、本试验目的是探究圆褐固氮菌和巨大芽孢杆菌处理某餐厨垃圾废液的最佳接种量，其自变量为接种的菌种类型，因变量为接种量，因变量观测指标为有效菌落数。

2、分析直方图数据可知：两种菌混合接种时有效菌落数均大于单独接种；两菌种接种量比例为1：1时，废液中两种菌种的有效活菌数能够实现同步最大化。【详解】（1）本试验目的是探究圆褐固氮菌和巨大芽孢杆菌处理某餐厨垃圾废液的最佳接种量，且餐厨垃圾废液中有微溶性物质故可作为培育液为微生物供应养分，则应将菌液接种于某餐厨垃圾废液中；为使目的菌与培育液充分接触，应进行振荡处理；依据比照原则，本试验还应接种等量无菌水作比照。

（2）对活菌进行视察和计数的常用方法是稀释涂布平板法；菌落特征是区分不同菌种的重要依据，故在计数时，可依据菌落特征，包括菌落的形态、大小、颜色等对两种菌进行区分，并选取菌落数在30～300的平板进行计数。由试验结果可知：两种菌混合接种时有效菌落数均大于单独接种；两菌种接种量比例为1：1时，废液中两种菌种的有效活菌数能够实现同步最大化，故可得出试验结论：圆褐固氮菌和巨大芽孢杆菌处理某餐厨垃圾废液的最佳接种量比为1：1。【点睛】解决本题的关键是要分析试验目的，依据试验目的找出本试验的自变量和因变量，分析试验中限制变量的详细操作，再依据试验结果精确得出试验结论即可。【生物—选修3：现代生物科技】12.为使水稻获得抗除草剂性状，科研人员将除草剂草甘膦抗性基因转入水稻植株，获得抗草甘膦转基因水稻。注：GUS基因表达产物经染色能从无色变成蓝色（1）将草甘膦抗性基因作为________，与Ti质粒用____________酶处理构建基因表达载体。（2）用________处理农杆菌后获得感受态细胞，将其与基因表达载体混合完成转化后，在添加_________的培育基中，经筛选1得到含基因表达载体的农杆菌。（3）取某品种水稻的幼胚，进行消毒处理，接种到培育基中，水稻幼胚细胞发生___________形成愈伤组织。用含基因表达载体的农杆菌侵染该愈伤组织。（4）除了鉴定愈伤组织中是否含有目的基因以外，还可以利用GUS基因表达产物的鉴定进行图中的筛选2，以确定目的基因