2025届内蒙古巴彦淖尔第一中学物理高二上期中综合测试模拟试题含解析

2025届内蒙古巴彦淖尔第一中学物理高二上期中综合测试模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）A．R1：R2=3：1B．R1：R2=1：3C．将R1与R2串联后接于电源上，则电压之比U1：U2=3：1D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流之比I1：I2=1：32、一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．两板间有一个正电荷固定在P点，如图所示，以E表示两板间的场强，U表示电容器两板间的电压，Φ表示正电荷在P点的电势，EP表示正电荷在P点的电势能，若保持负极板不动，将正极板向下移到图示的虚线位置，则A．E变大 B．EP不变 C．Φ变大 D．U不变3、从地面上以初速度v0竖直上抛一物体A后，经过时间t后物体A还未落地在同一地点以同样的速度向上抛出另一物体B，则AB相遇时距地面的高度是A． B． C． D．4、甲、乙两铁球质量分別是m甲＝1kg、m乙＝2kg，在光滑水平面上沿同一直线运动，速度分别是v甲＝6m/s、v乙＝2m/s，甲追上乙发生正碰后两物体的速度有可能是（）A．v甲＝4m/s，v乙＝7m/s B．v甲＝2m/s，v乙＝4m/sC．v甲＝3m/s，v乙＝3m/s D．v甲＝4m/s，v乙＝3m/s5、穿过某线圈的磁通量随时间变化的关系如图所示，在下列几段时间内，线圈中感应电动势最小的是()A．0～2sB．2s～4sC．4s～5sD．5s～10s6、关于元电荷，下述正确的是（）A．点电荷就是元电荷B．元电荷就是正电子C．元电荷是带电量为1C的电荷D．自然界中已知的最小电荷量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，匀强电场中有一等腰三角形ABC，一个带电荷量q=－3×10－6C的点电荷由A移到B的过程中，电势能增加1.8×10－5J，由B移到C的过程中电场力做功9×10－6J，∠ABC=∠CAB=30°，BC=23m，已知电场线平行于△ABC所在的平面，下列说法正确的是A．B、C两点的电势差UBC=3VB．电场强度的方向平行于ABC．负电荷由C移动到A的过程中，电势能增加D．该电场的场强为1V/M8、如图所示，虚线a、b、c表示在O处某一点电荷的电场中的三个等势面，设两相邻等势面间的间距相等。一电子射入电场后的运动轨迹如图中实线所示，其中1、2、3、4表示电子的运动轨迹与等势面的一些交点。由此可以判定A．电子在1、2、3、4位置处所具有的电势能与动能的总和一定相等B．O处的点电荷一定带负电C．a、b、c三个等势面的电势关系是φa>φb>φcD．电子从位置1到2和从位置3到4的过程中电场力做功的关系是|W12|＝2W349、在电场方向水平向右的匀强电场中，一带电小球从A点竖直向上抛出，其运动的轨迹如图所示．小球运动的轨迹上A、B两点在同一水平线上，M为轨迹的最高点．小球抛出时的动能为8.0J，在M点的动能为6.0J，不计空气的阻力．则（）A．小球水平位移x1与x2的比值1：3B．小球水平位移x1与x2的比值1：4C．小球落到B点时的动能32JD．小球从A点运动到B点的过程中最小动能为6J10、关于平行板电容器C，两极间电压U、两板间电场强度E和带电量Q，下列说法正确的是（）A．给电容器充电后保持与电源连接，只将电容器两极的正对面积减小，则C增大，E不变，U不变；B．给电容器充电后保持与电源连接，只将两板间距离减小则E增大，C增大Q也增大；C．给电容器充电后与电源断开，只减小两板间正对面积，则Q不变，U增大，E增大；D．给电容器充电后与电源断开，只增大两板间距离，则E不变，C不变，U增大；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图甲可知其长度为________mm；用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图乙可知其直径为________mm；甲乙12．（12分）图中，游标卡尺示数是_____cm，螺旋测微器示数是_____mm，四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）在一个水平面上建立x轴，在过原点O垂直于x轴的平面的右侧空间有一个匀强电场，场强大小E＝6.0×105N/C，方向与x轴正方向相同．在O处放一个电荷量q＝－5.0×10－8C，质量m＝1.0×10－2kg的绝缘物块．物块与水平面间的动摩擦因数μ＝0.20，沿x轴正方向给物块一个初速度v0＝2.0m/s，如图所示．(g取10m/s2)试求：(1)物块向右运动的最大距离；(2)物块最终停止的位置．14．（16分）如图为固定在竖直平面内的轨道，直轨道AB与光滑圆弧轨道BC相切，圆弧轨道的圆心角为37°，半径为r=0.21m，C端水平,AB段的动摩擦因数为0.1．竖直墙壁CD高H=0.2m,紧靠墙壁在地面上固定一个和CD等高，底边长L=0.3m的斜面．一个质量m=0.1kg的小物块(视为质点)在倾斜轨道上从距离B点l=0.1m处由静止释放，从C点水平抛出．重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.2．求：（1）小物块运动到C点时对轨道的压力的大小；（2）小物块从C点抛出到击中斜面的时间；（3）改变小物体从轨道上释放的初位置，求小物体击中斜面时动能的最小值．15．（12分）一个质量m=2kg的物体在水平拉力F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运动，经过时间t=6s速度变为v=12m/s．求：（1）物体的加速度a的大小（2）水平拉力F的大小

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：1．故A错误，B正确；两电阻串联后，两电阻中的电流相等，则电压之比U1：U2=1：1，故C错误；若两电阻并联，两电阻两端的电压相等，故电流与电阻成反比；故电流之比为：I1：I2=1：1；故D错误；故选B．【点睛】解决本题的关键知道I-U图线的斜率表示电阻的倒数以及知道串并联电路的特点．2、B【解析】

电容器充电后与电源断开，所以电容器的所带电荷量Q是一个定值，根据公式，公式,公式,可得,与极板间的距离无关，所以极板间的电场强度不变，正极板下移过程中，正电荷仍旧静止，所以电场力不做功，电势能不变，下移过程中d减小，所以C增大，又因为Q不变，所以U减小，负极板接地，所以电势为零，P点到负极板的电势差为，为P到负极板的距离，保持不变，所以电势不变，EP不变，故B正确．3、D【解析】

根据已知可知两个物体空中相遇时A在下降，B在上升，结合两物体抛出的时间间隔必须满足条件即可求出；【详解】由于两个物体在同一地点以同样的速度向上抛出，它们由于能达到相等的高度，所以相遇时，第一个小球在下降，而第二个小球仍然在上升，由运动的对称性可知，相遇时第一个小球已经下降的时间

又小球上升的最大高度：

可知两个小球相遇时的高度：,故选项D正确，选项ABC错误．【点睛】本题关键是抓住临界情况，两个物体空中相遇可能有几种情况：A、B均在下降，A追上B；A在下降，B在上升；则两物体抛出的时间间隔必须满足条件：抛出B时A不能已经落地；B不能先落地，即A在B前落地．4、B【解析】

根据碰撞过程动量守恒、机械能不可能增加，碰撞后不能发生二次碰撞。以甲的初速度方向为正方向，碰撞前总动量为：P=m甲v甲+m乙v乙=1×6+2×2=10kg•m/s碰撞前的动能为：A．碰后v甲=4m/s、v乙=7m/s，动量增加，机械能增大。故A不符合题意。

B．碰后v甲=2m/s、v乙=4m/s，动量守恒，机械能减小。故B符合题意。C．碰后v甲=3m/s、v乙=3m/s，动量不守恒，机械能减少。故C不符合题意。D．碰后v甲=4m/s、v乙=3m/s，v甲＞v乙，碰后甲乙还要发生二次碰撞。故D不符合题意。5、D【解析】试题分析：根据得，感应电动势与磁通量的变化率成正比．Φ-t图线的斜率表示磁通量的变化率，5s～10s内磁通量的变化率最小，则产生的感应电动势最小．故D正确，ABC错误．故选D．考点：法拉第电磁感应定律【名师点睛】此题是对法拉第电磁感应定律的考查；要知道感应电动势大小与磁通量的变化率成正比，而磁通量的变化率在Φ-t图线中是直线的斜率值，故只要理解图线的物理意义即可解答此题.6、D【解析】

元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．【详解】A、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故AB错误；C、元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电荷，是1.6×10﹣19C的电量．故C错误；D、元电荷是表示跟电子所带电量数值相等的电荷，是自然界中已知的最小电荷量．故D正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.由电势差与电场力做功的关系可知：U故A错误；B.由电势差与电场力做功的关系可知：U因为UBC=-3V，所以UCB=3V，所以C点与AB中点电势相等，C点与AB的中点连线是一条等势线，等腰三角形ABC底边AB与等势线垂直，所以电场强度的方向平行于AB，故B正确；C.CA间的电势差为UCA=-UBC-UAB=-3V,说明C点电势比A点电势低，因为负电荷在电势高的地方，电势能小，所以负电荷由C移动到A的过程中，电势能减小，故C错误；D.∠ABC=∠CAB=30°，BC=23m，AB=6m，电场强度的方向平行于AB，由匀强电场中电场强度与电势差的关系可知：E=故D正确。8、AB【解析】

A．电子在运动的整个过程中只受电场力，故只有电场力做功，电场力做功等于电势能的减小量，总功又等于动能的增加量,故电势能和动能之和守恒,所以A正确;B．因为曲线运动的合力应该指向内侧,故从电子的运动轨迹可以看出,电子受到排斥力,故O处的场源电荷是负电荷，故B正确;C．因为场源电荷是负电荷，又因为沿着电场线电势降低,故结合负点电荷的电场线分布规律可以知道：故C错误;D．因为负点电荷的电场不是匀强电场,电场线越密的地方，等差等势面也越密；故从位置1到位置2电场力做的功大于从位置3到位置4电场力做功的两倍,故D错误;故选AB.9、AC【解析】

AB．设小球在电场中的水平加速度为a，在x1与x2段的时间是相等的，设时间均为t，则有：所以：故A正确，B错误。C．当小球运动到B点时，小球水平方向上的速度设为vBs，则：竖直方向上的速率与在A点时的速率相同，由题意知：则在B点时的动能是：故C正确。D．将x1段的运动反过来看，由M点运动到A点，水平反向做匀减速运动，竖直方向做初速度为0的自由落体运动，功率：则刚开始时重力的功率为0，由于电场力方向与运动方向相反，电场力的功率比0大，但电场力做负功，则动能减小，即由M运动到A过程中动能先减小后增大，在M点的动能为6J，故A运动到M过程中有动能小于6J的点，故D错误。10、BC【解析】电容器充电后保持与电源连接则电压不变；减小正对面积时，由C=εS4πkd可知，电容器的电容减小；由E=Ud可知，E不变；故A错误；电容器充电后保持与电源连接则电压不变；减小两板间的距离，则由决定式可知，电容器的电容增大；E增大；再由Q=UC可知，Q增大，故B正确；给电容器充电后与电源断开，电量不变；只减小两板间的正对面积，则C减小，则由Q=UC可知，U增大，则E增大，故C正确；增大两板间的距离，则由决定式可右，C减小；则U增大，E点睛：对于电容器的动态分析问题，要注意明确两种情况，若充电后断开电源，则电量不变；若充电后与电源相连，则电压不变．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.151.997~1.999【解析】

[1][2]图甲可知其长度为由图乙可知其直径为12、10.343.388【解析】

[1][2]游标卡尺示数是10.3cm+0.1mm×4=10.34cm螺旋测微器的示数是3mm+0.01mm×38.8=3.388mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.4m（2）0.2m【解析】

先求出滑动摩擦力和电场力，通过比较，判断出物体的运动规律；然后对向右的减速过程和向左的总过程运用动能定理列式求解，得出物体的运动轨迹最终停止的位置．【详解】（1）物体受到的电场力为：F=Eq=6×105×5×10-8=0.03N，方向水平向左．物体受到的摩擦力为：f=μmg=0.2×0.01×10=0.02N；F＞f；物块先向右减速运动，再向左加速运动，越过O点进入无电场区域后，再减速运动直到停止．设物块到达最右端的坐标为x1m，对O→x1m处，由动能定理得：-F•x1-f•x1=0-mv02

即：0.03x1+0.02x1=×0.01×4

解得：x1=0.4m

（2）设物块最终停止的位置坐标为-x2m，对O→-x2m处，由动