四川省资阳市高中2025届物理高二上期中教学质量检测模拟试题含解析

四川省资阳市高中（2025届物理高二上期中教学质量检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通过某一电路的电流强度为2.00A，该电路中包括只有一台电阻为12.0Ω的电动机，如果这台电动机所接的电压为220v。则这能电动机在一分钟内有电能通过电阻被转化为内能A．2.64×104JB．2.88×103JC．2.36×104JD．以上答案都不对。2、下列情况中的物体，哪些可以看作质点（）A．研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度B．研究汽车后轮上一点运动情况的车轮C．体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作D．研究地球自转时的地球3、x轴上固定着两个点电荷，其静电场在x轴上的电势的分布如图所示，下列说法正确的是（）A．x2处的场强为0B．若将一带正电的试探电荷从x1移到x3，电场力一直做负功C．由x1到x3，x轴附近的电场线分布先变疏后变密，方向不变D．若将一带负电的试探电荷从x1移到x3，电势能先增大后减小4、如图，长为的直导线拆成边长相等，夹角为的形，并置于与其所在平面相垂直的匀强磁场中，磁感应强度为，当在该导线中通以电流强度为的电流时，该形通电导线受到的安培力大小为A．0 B．0.5 C． D．5、如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带负电荷的粒子以某一速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a、b为轨迹上的两点．若a点电势为φa，b点电势为φb，则()A．场强方向一定向左，且电势φa＜φbB．场强方向一定向左，且电势φa＞φbC．场强方向一定向右，且电势φa＞φbD．场强方向一定向右，且电势φa＜φb6、关于电源的电动势，下列说法中正确的是（）A．电动势的大小与非静电力所做的功的大小成正比，与移动电荷量的大小成反比B．电动势由电源本身决定，跟电源的内电阻和外电阻大小均无关C．电动势的单位与电压的单位都是伏特，其二者本质一样的D．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某列简谐横波在=0时刻的波形如图甲中实线所示，=3.0s时刻的波形如图甲中虚线所示，若图乙是图甲a、b、c、d四点中某质点的振动图像，则A．这列波沿x轴负方向传播B．图乙是质点b的振动图像C．波速为0.5m/sD．从=0到=3.0s这段时间内，质点a通过的路程为1.5m8、标有“6V6W”和“6V3W”的灯泡L1和L2串联接在某电源上，设灯丝电阻不变，则()A．通过灯L1、L2的电流之比为2∶1B．灯L1、L2的实际功率之比为1∶2C．电源电压为12V时，灯L1、L2均正常发光D．电源电压为9V时，灯L2正常发光9、如图所示，绝缘的斜面处在于一个竖直向上的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知在金属块下滑的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电势能增加0.5J，则以下判断正确的是A．金属块带负电荷 B．电场力做功0.5JC．金属块克服摩擦力做功0.7J D．金属块的机械能减少1.2J10、如图甲所示，在一条电场线上有A、B两点，若从A点由静止释放一带正电粒子，假设粒子仅受电场力作用，粒子从A点运动到B点的速度—时间图像如图乙所示，则（）A．带电粒子在A、B两点受的电场力大小FB．A、B两点的电场强度大小EC．A、B两点的电势ϕD．带电粒子在A、B两点具有的电势能E三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用螺旋测微器测量某物件，结果如图。则螺旋测微器读数为______mm。12．（12分）如图所示的实验装置可用来探究影响平行板电容器电容的因素，其中电容器左侧极板和静电计外壳接地，电容器右侧极板与静电计金属球相连．(1)使电容器带电后与电源断开①上移左极板，可观察到静电计指针偏转角________(选填“变大”“变小”或“不变”);②将极板间距离减小时，可观察到静电计指针偏转角________(选填“变大”“变小”或“不变”)；③两板间插入一块玻璃，可观察到静电计指针偏转角________(选填“变大”“变小”或“不变”)．(2)下列关于实验中使用静电计的说法中正确的有（______）A．使用静电计的目的是观察电容器电压的变化情况B．使用静电计的目的是测量电容器电荷量的变化情况C．静电计可以用电压表替代D．静电计可以用电流表替代四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，A、B为一对平行板，板长为L，两板间的距离为d，板间区域内充满着匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向里，一个质量为m，带电荷量为＋q的带电粒子自静止开始经M、N两平行金属板间的电场加速后，从A、B两板的中间沿垂直于磁感线的方向射入磁场．(不计粒子的重力)求：(1)若粒子的初速度为0，M、N两板间的电压为U，求射出电场时粒子的速度大小．(2)粒子以上述速度射入匀强磁场后做圆周运动的半径是多大？(3)MN两极板间的电压U应在什么范围内，粒子才能从磁场内射出？14．（16分）如图所示．平行板电容器的扳间距离d=3cm，板与水平面夹角α=37°，两板所加电压U=100V，现有—带电荷量为q=3×10-10C带电液滴，以v0=0.5m/s的水平速度从A板上边缘水平进入电场,在电场中仍沿水平方向并恰好从B板的下边缘水平飞出,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2.求：(1)液滴的质量；(2)液滴飞出时的速度大小．15．（12分）如图(a)所示为某电阻随摄氏温度变化的关系图象，图中表示0℃时的电阻值，表示图线的斜率．若用该电阻与电池(电动势为，内阻为)、电流表(满偏电流为、内阻为)、滑动变阻器串联起来，连接成如图(b)所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻温度计”．（1）使用“电阻温度计”前，先要把电流表的刻度改为相应的温度值，若温度,其对应的电流分别为、，则、谁大？（2）若该“电阻温度计”的最低适用温度为0℃，即当温度为0℃时，电流表恰好达到满偏电流，则变阻器的阻值为多大？（3）若保持（2）中电阻的值不变，则电流表刻度为时所对应的温度为多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】1min通过线圈的电流产生的热量Q=I2Rt=（2A）2×12.0Ω×60s=2880J，故B正确，ACD错误，故选B。2、A【解析】

A.研究从湛江开往广州的一列火车的运行速度，火车的形状和大小可以忽略不计，可将其当作质点，故选项A符合题意；BD.研究汽车后轮上一点运动情况的车轮和研究地球自转时的地球时，车轮和地球的大小均不可忽略，不能将其当作质点，故选项BD不合题意；C.体育教练员研究百米跑运动员的起跑动作时，运动员的形状和大小均要考虑，不可将其当作质点，故选项C不合题意．3、C【解析】

A．φ-x图象的斜率等于电场强度E，x2处的斜率最小，所以x2处的场强最小，但不为零，故A错误；BD．从x1沿x轴移到x3，电势逐渐减小，因为粒子带正电，所以电场力做正功，若将一带负电的试探电荷从x1移到x3，则电场力做负功，电势能一直增大，故BD错误；C．φ-x图象的斜率等于电场强度E，所以由x1到x3，x轴附近的电场线分布先变疏后变密，方向不变，故C正确。故选C。4、C【解析】试题分析：导线在磁场内有效长度为，故该V形通电导线受到安培力大小为，选项C正确，选项ABD错误．考点：安培力【名师点睛】由安培力公式进行计算，注意式中的应为等效长度，本题考查安培力的计算，熟记公式，但要理解等效长度的意义．5、A【解析】

由曲线运动条件可知合力指向曲线的内侧，而电场强度方向应该是电场线上每一点的切线方向，所以该带电粒子所受的电场力一定向右。由于该粒子是负电荷，所以场强方向一定向左，根据沿着电场线的方向电势降低的，可判定a点的电势小于b点，即φa＜φb，故A正确。6、D【解析】A．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量，与非静电力做功的大小以及移送电荷量的大小无关，故A错误；B．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，与外电阻无关，只由电源本身决定，故B错误．C．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电压是反映电场力做功性质的物理量，二者的本质不同，故C错误．D．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大，故D正确．故选D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

A．由图甲知，波长为λ=2m，由图乙知，周期T=4s，由于根据波形平移法可知波沿x轴负方向传播，故A正确；B．在t1=0时刻，质点b正通过平衡位置向下运动，与乙图情况不符，所以乙图不可能是质点b的振动图线，故B错误；C．波速为故C正确；D．从t1=0s到t2=3.0s这段时间内，因则质点a通过的路程为故D错误。故选AC。8、BD【解析】

A、两灯串联，则流过灯泡的电流相等，故A错误；B、两灯的电阻分别为6Ω和12Ω；两灯串联，电流相等，则功率之比等于电阻之比；故实际功率之比为1:2，故B正确；C、当电压均为12V时，两灯分压之比为1:2，则L1中电压为4V，故L1不能正常发光，故C错误；D、电压为9V时，L1中电压为3V，L2两端电压为6V，故L2正常发光，故D正确；故选BD。【点睛】根据串并联电路的规律可明确电流关系；再由欧姆定律可分析电压关系；根据电压分析是否能达到额定功率。9、CD【解析】

在下滑过程中电势能增加0.5J，故物体需克服电场力做功为0.5J，故金属块正电，故AB错误；在金属块滑下的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电场力为-0.5J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：Wf=-0.7J，故C正确；外力做功为W外=W电+Wf=-1.2J，故机械能减少1.2J，故D正确．所以CD正确，AB错误．10、BC【解析】

由静止释放带正电粒子，粒子仅受电场力作用，从A点运动到B点，分析电场力的方向，确定电场线的方向．根据顺着电场线方向，电势降低，判断电势的高低，从而分析电势能的情况．从速度图象看出，粒子子从A运动到B过程加速度变小，场强变小．【详解】从速度图象看出，带正电的粒子从A运动到B过程速度增大，加速度变小，电场力减小，即FA＞FB，场强变小，则B点的场强小于A点的场强，即EA＞EB．故A错误，B正确；根据题意，带正电的粒子从静止释放后从A运动到B，则带正电粒子受到的电场力方向从A→B，则电场线方向从A→B，则A点的电势高于B点的电势，即φA>φB，故【点睛】本题要根据电子的运动情况判断带正电粒子的受力情况，从而确定场强，电势的变化情况．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.600【解析】

螺旋测微器的固定刻度为，可动刻度为，所以最终读数为。故答案为：12、变大变小变小A【解析】

(1)[1][2][3]根据电容的定义式和电容的决定式得当上移左极板时，S减小，则U增大，静电计指针偏转角变大；减小板间距离d时，则U减小，静电计指针偏转角变小；插入玻璃后，相对介电常数εr增大，则U减小，静电计指针偏转角变小(2)[4]AB.静电计可测量电势差，根据指针张角的大小，观察电容器电压的变化情况，无法判断电量的变化情况，故A正确，B错误CD.静电计与电压表、电流表的原理不同，不能替代。电流表、电压表线圈中必须有电流通过时，指针才偏转，故CD错误。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)(3),左侧射出;,右侧射出【解析】试题分析：(1)粒子在M、N两板间加速，设射出加速电场时粒子的速度为，由动能定理得，解得（2）粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力，,得(3)若带电粒子从A板左边缘飞出，由甲图的几何关系知代入第（2）问得若带电粒子从A板右边缘飞出，由乙图的几何关系知解得代入第（2）问得综合以上分析：若粒子从磁场左侧射出，若U>粒子从磁场右侧射出．考点：动能定理牛顿第二定律洛伦兹力14、（1）8×10【解析】

液滴受到重力和电场力，做直线运动，故合力水平向右，采用正交分解法列式求解质量和合力，根据牛顿第二定律求解加速度，根据速度位移公式列式求解末速度.【详解】(1)带电液滴的受